1、2014届江苏省兴化市茅山中心校九年级上学期期末学业质量调研物理试卷与答案（带解析） 选择题 下图所示的用具中，属于费力杠杆的是 答案： A 试题分析：结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆 A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆； B、钳子在绞铁丝过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆 D、剪刀在剪断毛线过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； 故选 A 考点：费力杠杆 某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示 .下列分析正确的是 A当导体两端的电压为 0时，电阻为 0
2、B该导体的电阻随电压的增大而减小 C该导体上电流与电压成正比 D当导体两端的电压为 2 V时，电流为 0.6A 答案： C 试题分析：（ 1）图象横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图象，电流随电压的增大而增大； （ 2）电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积，另外还有温度有关，与导体两端的电压和通过的电流大小无关 A由图象上看出，当导体两端的电压为 0时，电流为 0，但是 电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，故 A不正确； B由图象可求得导体的电阻为 R= =5，并且不随电压的改变而改变，故 B不正
3、确； C由图象可知，这是一个正比例函数图象，该导体上电流与电压成正比，故 C正确； D当导体电压为 2V 时，由图象可以找到此时对应的电流 0.4A，故 D 不正确 故选 C 考点：欧姆定律 如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的滑片 P自右端向左端移动过程中 A电流表、电压表示数都减小 B电流表、电压表示数都增大 C电流表示数增大，电压表示数减小 D电流表示数减小，电压表示数增大 答案： B 试题分析：由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表测电阻 R1两端电压；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由串联电路特点及欧姆定律判断电表示数如何变化 由电路图可知，滑片
4、P自右端向左端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，电阻 R的分压变大，电压表示数变大； 滑动变阻器接入电路的阻值变小，即电路总电阻变小，并且电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，故 ACD错误， B正确 故选 B 考点：电表示数的变化 有 2安培的电流通过一电阻器，在一定时间内产生一定的热量 Q1；如果电流增加到 4安培，在相同的时间内产生的热量 Q2，则 Q2是 Q1的 A 0.25倍 B 0.5倍 C 2倍 D 4倍。 答案： D 试题分析：知道两次通过电阻器的电流，根据 Q=I2Rt求出两种情况下电阻器在相同时间内产生的热量之比 Q=I
5、2Rt， 两种情况下电阻器在相同时间内产生的热量之比： 故选 D 考点：电热 根据你对生活中物理量的认识，下列数据符合实际的是 A手机正常通话时的电流约为 5A B我国家庭电路的电压是 220V C普通白炽灯泡工作 1小时耗电 1kwh D家用电扇的额定功率为 500W 答案： B 试题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个 A、手机正常通话的电流不超过 150mA=0.15A，故 A不符合实际； B、我国家庭电路的电压是 220V，符合实际； C、普通白炽灯泡功率为 40W=0.04kW，工作 1小时耗电W=Pt=
6、0.04kW1h=0.04kW h，故 C不符合实际； D、家用电扇的额定功率约为 20W 80W，故 D不符合实际 故选： B 考点：数据的估测 下列说法中，不符合安全用电要求的是 A放风筝时，远离高压电线 B使用测电笔辨别火线或零线时，手接触笔尾金属体 C家中尽量不同时使用多个大功率用电器 D一旦发生家用电器失火，立即用水扑灭 答案： D 试题分析：（ 1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体 （ 2）使用测电笔测电时，笔尖触到测试体上，手接触测电测电笔笔的尾部的金属体如果氖管发光，表示接触的是火线，如果氖管不发光，表示接触的是零线 （ 3）家庭电路电流过大的原因：短路或用电
7、器总功率过大 （ 4）发现有人触电或电引起的火灾时，首先切断电源，再实行救援措施 A、放风筝时，远离高压电线，故 A符合安全用电的要求，不符合题意； B、使用测电笔辨别火线或零线时，手接触笔尾金属体，故 B符合安全用电的要求，不符合题意； C、家中尽量不同时使用多个大功率用电器，防止电路电流过大，故 C符合安全用电的要求，不符合题意 ； D、生活用水是导体，发现家用电器或导线失火时，用水灭火会造成短路，一定先切断电源然后救火故 D不符合安全用电的要求，符合题意 故选 D 考点：安全用电 家庭照明用电中，由于意外原因，可能会出现下列三个现象 : 灯头里的两个线头相碰 ; 插座中的两线头相碰 ;
8、开关盒里两线头相碰。其中可能引起保险丝熔断的是 A B C D 答案： B 试题分析：（ 1）保险丝熔断是因为电路中电流过大（ 2）家庭电路电流过大的原因：短路和电路中总功率过大 灯头里的两个线头相碰，火线和零线直接接触，造成短路，电路电流过大，可能引起保险丝熔断 插座中的两线头相碰，火线和零线直接接触，造成短路，电路电流过大，可能引起保险丝熔断 照明电路的开关里两线头相碰，开关闭合，电路接通，用电器正常工作，不会引起保险丝熔断 故选 B 考点：电流过大的原因 下列哪一项是决定导体电阻大小的因素之一 A导体两端的电压 B导体中的电流 C导体实际消耗的电功率 D导体的材料 答案： D 试题分析：
9、将电阻的决定因素：材料、长度、横截面积和温度与选择项中给出的物理量相结合， 从而可以得到答案： 由课本关于导体电阻大小的决定因素可知：电阻是导体本身的一种性质，其大小只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关与导体两端的电压、通过导体的电流以及导体的功率无关 故选 D 考点：电阻 如图所示的电路中，闭合开关 S1和 S2，则 A灯泡 L1亮， L2不亮 B灯泡 L2亮， L1不亮 C灯泡 L1、 L2都不亮 D灯泡 L1、 L2都亮 答案： B 试题分析：根据电路图分析电路结构，根据电路结构分析答题由电路图可知，闭合开关 S1和 S2时，只有灯 L2接入电路，它与电源构成闭合回路，电压表与灯 L
10、2并联，灯 L1被短路，灯 L1不亮，灯 L2亮； 故选 B 考点：电路 以下是课本上四个图，相应的操作能说明分子运动速度与温度有关的是（ ） 答案： A 试题分析：分子不停的做无规则运动，物体温度越高，扩散越快，说明分子运动越剧烈 A、冷、热水中各滴入一滴红墨水，热水中的墨水扩散的快，说明分子运动速度与温度有关； B、金属汤勺放入热汤中会变热，说明金属是热的良导体； C、迅速下压空气压缩引火仪，棉花会着火，说明做功可以改变物体的内能； D、按动电火花的按钮，酒精蒸气遇到明火就会燃烧，酒精燃烧的过程就是化学 能转化为内能的过程 故选 A 考点：分子的运动 下列有关机械能的说法中正确的是 A只要
11、有力对物体做功，物体的机械能就改变 B在平衡力作用下运动的木块的机械能保持不变 C推出的铅球下落过程中增加的动能是由重力势能转化来的 D如果物体通过的路程与所用时间的比值不变，则物体的机械能不变 答案： C 试题分析：物体机械能守恒的条件是只有重力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒 A、物体机械能守恒不是合外力对物体做功为零，而是只有重力做功，所以 A错误 B、物体处于平衡状态时，物体受到的合力为零，此时机械能不守恒，所以 B错误 C、物体只受重力的作用时，机械能守恒，此时的合外力不为零，等于物体的重力，所以 C正确 D、除重力、弹簧的弹力外，其它
12、力做功不为零时，物体的机械能不守恒，所以 D错误 故选 C 考点：机械能 如图，初三（ 1）的小华同学从地上拿起一个鸡蛋，并用大约 1s的时间举过头顶，做功的功率约为 A 0.25w B 0.5w C 1w D 2w 答案： C 试题分析：小华同学从地上拿起一只约 50g的鸡蛋并把它缓缓举过头顶，通过的距离大约身高加上半 只胳膊的长度，然后根据 W=Fs即可求出小华对鸡蛋所做的功 因为小华同学是从地上拿起一只约 50g的鸡蛋，缓缓举过头顶所以他通过的距离是自己的身高再加上大约半只胳膊的长度，因此鸡蛋向上移动的距离约（ 1.8 2.2） m；向上举鸡蛋的力： F=G=mg=5010-3kg10N
13、/kg=0.5N，做的功：W=Fs=0.5N（ 1.8 2.2） m=（ 0.9 1.1） J， 功率 P= =0.9 1.1W 故选 C 考点：功率 实验题 （ 7分）在做电学实验时，我们多次按照如图所示的电路图连接器材并进行实验。 （ 1）根据图示的电路图，把图中提供的器材用笔画线代替导线将它们连接起来。（ 2分） （ 2）如果想利用该实物图研究电流与电阻的关系，请写出需要增加的器材：_。这个实验中需要控制 _保持不变，实验中这个控制通常是通过 _（器件）来实现的。 （ 3）该实验电路图能够进行哪些电学实验？（写出 2个实验名称即可） _ _。 答案： （ 1）见上图；（ 2）需要增加两个
14、阻值不同的（或两个以上）定值电阻；定值电阻两端的电压；滑动变阻器；（ 3）伏安法测电阻；伏安法 测电功率（或探究电流与电压的关系或探究电流与电阻的关系） 试题分析：根据电路图连接实物时，注意电流方向和电流表、电压表量程的选择及接法，滑动变阻器采用 “一上一下 ”的接法串联接入电路；要探究电流与电阻的关系，需要保持电阻两端电压一定，改变接入电路的电阻阻值；读取电流表或电压表示数时，首先要明确电表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；已知电压和电流，利用公式 P=UI计算功率，利用 R=计算电阻在电学的实验中，用同一套实验器材，我们可以完成不同的实验如伏安法测电阻的实验器材，还
15、可以测电 阻的功率、测量定值电阻的阻值，研究滑动变阻器在电路中的作用，研究电流与电压和电阻的关系等 （ 1）根据电路图连接实物，注意连接的顺序和方式一致，其中电压表与电阻并联，因为电压表由两节干电池组成，可选择 0 3V的量程； 电流表可选择 0 0.6A的量程，滑动变阻器要接一上一下，如图所示： （ 2）要探究电流与电阻的关系，需要通过滑动变阻器保持电阻两端电压一定，改变接入电路的电阻阻值，所以需要增加的器材是不同阻值的电阻 （ 3）利用此电路图可以完成的实验有：测量电阻阻值，测量电阻在某一电压下的功率，研究电流与电压的关系，研究滑动变阻器的作用等 考点：电学实验 （ 7分）如图所示，摆线的
16、长 L相同，小球 A 、 B 的质量 mA mB，悬线与竖直方向的夹角 。 （ 1）图甲中将摆球从图示位置由静止释放，摆球向下摆动的过程中，观察到它的速度越来越大，则摆球的动能逐渐 _，重力势能逐渐 _。 （ 2）图甲、乙中，同时由静止释放 A 、 B两球，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置。这表明两小球在摆动过程 中的任一时刻的速度大小与小球的 _无关。 （ 3）悬线与竖直方向的夹角越大，开始向下摆动时具有的重力势能 _，到达最低点时具有的动能 _。 （ 4）小明设计用如图所示装置探究 “物体的动能大小与哪些因素有关 ”。小球按图示位置由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，恰好
17、与静止在水平面上的木块 C 发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止。本实验中通过_反映小球撞击木块 C前的动能大小；如图乙、丙所示实验中，可得出初步结论： _ 。 答案：（ 1）增大；减小；（ 2）质量；（ 3）越大；越大；（ 4）木块移动的距离； 质量相同时，物体的速度越大，它的动能越大 试题分析：根据影响动能和重力势能的因素来进行分析，得出结论；比较甲乙两图的速度和质量的关系便可得出结论；根据比较夹角的大小和木块移动的距离可以得出重力势能、动能大小的变化与夹角的关系；分析实验现象可根据小木块被撞的距离比较出动能的大小，从而根据控制变量法得出结论 （ 1）图甲中将摆球从图示位置由静止
18、释放，摆球向下摆动的过程中，观察到它的速度越来越大，则摆球的动能逐渐增大，重力势能逐 渐减小 （ 2）图甲、乙中，同时由静止释放 A、 B两球，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的质量无关 （ 3）悬线与竖直方向的夹角越大，开始向下摆动时具有的重力势能越大，到达最低点时具有的动能越大 （ 4）实验中，小球按图示位置由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，恰好与静止在水平面上的木块 C发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止本实验就是通过木块移动的距离反映小球撞击木块 C前的动能大小； 在图乙、丙所示实验中，可得出初步结论是：质
19、量 相同时，物体的速度越大，它的动能越大 考点：机械能 （ 6分）关于机械的研究 （ 1）图甲是探究杠杆平衡条件的实验装置调节杠杆在水平位置平衡后，在杠杆上的 A点挂四个重均为 0.5N 的钩码，用调好的弹簧测力计竖直向上拉杠杆上的 B点，使杠杆水平平衡，测力计的示数是 N；如果将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，则测力计的示数将 （变大不变变小） （ 2）某同学利用身边的塑料直尺和硬币若干来验证杠杆平衡的条件，如图乙所示，当杠杆在水平位置平衡时，他测出从支点 O 到硬币边缘的距离作为力臂 L1和 L2的 大小，他测力臂的方法是 _的 (选填 “正确 ”或 “错误 ”)。如果将两
20、边的硬币以相同大小的速度同时做远离支点的匀速移动，则杠杆 _ (选填 “仍平衡 ”、 “左端向下倾斜 ”或 “右端向下倾斜 ”) （ 3）某小组同学在探究滑轮组的机械效率与哪些因素有关时，提出了一些猜想。为了验证猜想是否正确，该小组同学们按如图丙所示的 A、 B、 C、 D 四种情形组装滑轮组。 为了验证猜想 “两个相同滑轮组成的滑轮组，其机械效率与滑轮组细线的绕法有关 ”，应选择装配图中的 _两组滑轮组做对比实验；按装配图 A、 B或图 C、 D两个滑轮组做对比实验，可以验证什么猜想？_ 答案：（ 1） 1N 变大（ 2）错误；向右倾斜（ 3） AC 可以验证的猜想是同一滑轮组，其机械效率与
21、提升的重物有关 试题分析：（ 1）设杠杆的每一个小格代表 1cm，知道动力臂、阻力臂、阻力，根据杠杆平衡条件求出动力当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，动力臂减小，阻力和阻力臂不变，动力会增大 F1l1=F2l2，即： F18cm=2N4cm， F1=1N弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，动力臂是 OB，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，动力臂是 OD，动力臂减小，阻力和阻力臂不变，动力会变大 （ 2） 硬币放在杠杆上，杠杆在水平位置平衡，硬币作用在杠杆上的力通过硬币平面圆心，力臂是从最下面平面圆心到支点的距离，力臂测量错误 如果将两边的硬币以相同速度同时匀速做远离支点的运动，在相同时间内，左端的硬币先离开杠杆，右端
22、的硬币仍然在杠杆上，杠杆会向右倾斜 （ 3）为了验证猜想 “两个相同滑轮组成的滑轮组，其机械效率与滑轮组细线的绕法有关 ”，应选择装配图中的 AC 两组滑轮组做对比实验；按装配图 A、 B或图 C、 D两个滑轮组 做对比实验，可以验证的猜想是同一滑轮组，其机械效率与提升的重物有关 考点：杠杆、滑轮组 （ 3分）在如图所示的实验电路中，两个烧瓶完全相同，用两个相同的电热丝给质量相同的物质 A和 B加热，实验记录表如下： 时间 /min 0 2 4 6 8 10 A的温度 / 20 21 22 23 24 25 B的温度 / 20 21.5 23 24.5 26 27.5 从记录数据表分析 （ 1
23、）比较 A、 B物质的温度升高的情况， _的温度升高的较快，你认为出现这个现象的可能原因是由于 _。 （ 2）本实验中，将两电阻丝的连接改为并联是 _（可行 /不可行）的。 答案：（ 1） B； A与 B的比热容不同；（ 2）可行 试题分析：根据电路图可知，两电阻串联，并且两电阻的阻值相同，因此单位时间内，两电阻产生的热量相同；根据表中 A、 B温度的变化可知，升高快的物质，和升高慢的物质，由 Q=cm t可知，影响物质温度变化的因素；两电阻并联时，两电阻两端电压相等，根据 Q= t可知，单位时间内，两电阻产生的热量相同，据此分析 （ 1）根据表中数据可知， B的温度变化比 A的温度变化大，因
24、此 B的温度升高的较快； 已知 两电阻产生的热量相同、 A和 B的质量相同，由 Q=cm t可知，由于比热容的不同，导致 A、 B物质温度的变化量不同； （ 2）两电阻并联时，因为并联电路两端电压相等，由 Q= t 可知，单位时间内，两电阻产生的热量相同，所以本实验中，将两电阻丝的连接改为并联是可行的 考点：电热实验 （ 9分）如图甲所示是小刚 “测小灯泡电功率 ”的实验电路。其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为 2.5V、电阻约为 l0。滑动变阻器有 A规格： “l0 2A”、B规格： “50 lA”可选。 （ 1）本实验应该选择 _规格的滑动变阻器。 （ 2）该组同学连接好电路的最后一根导
25、线时，发现电流表和电压表有示数，但看不到小灯泡发光。上述现象反映操作中的不规范之处是 ，小灯泡不发光的原因是 _。 （ 3）当变阻器滑片 P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为 _V。要测小灯泡的额定功率，应将滑片 P向 _ （选填 “A”或 “B”）端移动，移动滑片过程中，应该注意观察 _，直至满足测额定功率的要求。 （ 4）小明这一组实验中，观察到所用小灯泡实际功率越大，灯泡越亮。于是做出了这样的结论：不同灯泡的亮度 由实际功率决定，实际功率大的灯泡亮度大。请你对此结论作出评价： _。（ 2分） （ 5）小华组实验中，按规范操作，但在移动滑动变阻器滑片时，观察到电流表示数增大时，电压表
26、的示数减小。请你帮助分析一下，该小组实验中出现这一现象的可能原因： _. 答案：（ 1） B；（ 2）连接电路时，开关没有断开；灯泡的实际功率很小；（ 3） 1.8； A；电压表；（ 4）不正确，灯泡亮度还与灯泡的发光效率等因素有关，实际功率不是决定亮度的唯一因素；（ 5）电压表与滑动变阻器并联 试题分析：灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可选择器滑动变阻器的规格； 为保护电路，连接电路时要断开开关；灯泡的实际功率决定了灯泡的明暗程度；读出电压表的示数，根据电压表示数
27、与小灯泡额定电压比较，根据串分压的知识判断出滑动变阻器滑片移到方向；读出电流表的示数，根据公式 P=UI计算出小灯泡的额定功率； 在进行电压表和电流表的读数时，注意其量程和分度值；灯泡 的明暗程度与实际功率、效率等因素有关；电阻与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中测电路电流，随电流增大，电阻两端的电压变大，滑动变阻器两端的电压变小，据此分析原因 （ 1）灯泡正常发光时的电压等于额定电压 UL=2.5V，根据欧姆定律可知此时电路电流约为 I= =0.25A，滑动变阻器两端电压 U 滑 =U-UL=6V-2.5V=3.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值 R 滑 = =14，所以本实验中应该选择规格
28、为 “50 1A”的 B滑动变阻器； （ 2）连接好电路的最后一根导线时，电流表和电压表就有示数，说明此时电路是通路 ，这是由于连接电路时没有断开开关造成的；灯泡不亮，说明滑动变阻器接入电路的阻值很大，电路中的电流很小，灯泡的实际功率很小； （ 3）由图乙知，电压表的量程为 0 3V，分度值为 0.1V，所以电压表的示数为 1.8V，低于小灯泡的额定电压 2.5V，所以应减小滑动变阻器的阻值减少其分得的电压，因此滑片应向 A端移动，移动滑片过程中，应该注意观察电压表，直至电压表的示数等于 2.5V； （ 4）不正确，灯泡亮度还与灯泡的发光效率等因素有关，实际功率不是决定亮度的唯一因素； （ 5
29、）移动滑动变阻器的滑片时，电流表的示数增大，说明 电路总电阻减小，滑动变阻器接入电路的阻值减小，滑动变阻器的分压减小，而电压表的示数减小，说明电压表与滑动变阻器并联 考点：测小灯泡电功率 填空题 在水银、硅、铁、玻璃中，属于半导体材料的是 。在输电导线、发电机线圈、电炉丝中，不可能应用超导材料的是 。 答案：硅；电炉丝 试题分析：常见的半导体材料有锗、硅等；利用电流的热效应工作的电器中，不能应用超导体材料 在在水银、硅、铁、玻璃中，属于半导体材料的是硅，水银和铁是导体，而玻璃是绝缘体 在输电导线、发电机线圈、电炉丝中，不可能应用超导材料的是电炉丝，因此电炉丝是利用电流的热效应工作的电器，超导体
30、不会发热 考点：半导体材料 在物理综合实践活动中，小华设计了如图所示的机械模型。推动硬棒 CD或EF，使它们在水平面内绕轴 O 转动，即可将绳逐渐绕到轴 O 上，提升重物 G。硬棒 CD是 _（省力 /费力）杠杆，滑轮 B （能 /不能）改变力的大小。在重物上升的过程中，轴 O 上绕进（增加）的绳长 （大于 /小于 /等于）重物上升的高度。请指出该装置的一个主要优点： _，该装置使用带来的一个不利影响： _。 答案：省力；不能；等于；既可以省力，又可以改变力的方向；不能省距离，效率不高 试题分析：杠杆的分类： 省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离； 费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离
31、； 等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力定滑轮是等臂杠杆，使用时既不省力，也不费力，但可以改变力的方向结合省力杠杆和定滑轮的优缺点可知两个杠杆组合起来使用的优缺点 （ 1）推动硬棒 CD或 EF，使它们在水平面内绕轴 O 转动，支点在 O 点，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆； （ 2） A、 B都是定滑 轮，使用时不能省力，也不能省距离，因此在重物上升的过程中，轴 O 上增加的绳长等于重物上升的高度； （ 3）省力杠杆和定滑轮共同组合的好处是既可以省力，又可以改变力的方向；弊端时不能省距离，效率不高 考点：杠杆、滑轮 如图，工人用一只动滑轮将重 400N 的木箱匀速向上提升。不计摩擦
32、和滑轮重，工人所用的拉力大小为 N；实际上，动滑轮的机械效率 80%，在将木箱匀速提升 50cm的过程中，需要做的有用功是 _J；总功 _J（ g取10N/kg） 答案：； 200； 250 试题分析：图中使用的是动滑轮，不 计摩擦和滑轮重，利用 F= G求拉力；根据 W=Gh求出有用功，根据 = 求出总功 （ 1） 不计摩擦和滑轮重， F= G= 400N=200N； （ 2）提升物体做的有用功 W 有用 =Gh=400N0.5m=200J； = 总功 W 总 = =250J 考点：滑轮、机械效率 电器的使用丰富了人们的生活，但若使用不当，也会带来危害。一般情况下，人体的安全电压不高于 _V
33、。在日常用电中要注意：开关必须接在_线上；金属外壳用电器的外壳必须 _。 答案：；火；接地 试题分析： 控制电路的开关要接在用电器与火线之间； 经验证明，只有不高于 36V的电压对人体才是安全的 大功率用电器和金属外壳用电器都应接地 电器的使用丰富了人们的生活，但若使用不当，也会带来危害一般情况下，人体的安全电压不高于 36V在日常用电中要注意：开关必须接在火线上；金属外壳用电器的外壳必须接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故 考点：家庭电路 “热水袋取暖 ”是用热传递方式改变物体内能； “钻木取火 ”则是用 _方式改变物体的内能的。前一种方式的实质就是能量的转移；后一种方式的实质是能量的 _。
34、 答案：做功；转化 试题分析：改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移 用热水袋能取暖，身体的温度低，热水袋的温度高，存在温度差，内能有温度高的水传向传向温度低的身体，是通过热传递的方式改变物体的内能；钻木取火时钻与木头相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，机械能减少，内能增加，是通过做功的方式改变物体的内能； 故前一种方式的实质就是能量的转移；后一种方式的实质是能量的转化 考点：内能的改变 在图甲所示的电路中，电源电压为 6伏且保持不变，滑动变阻器 R1标有“100 2A”字样。闭合开关 S后，电流表 A1和 A2的示数
35、分别如图乙所示。 电流表 A1和 A2的示数分别 _、 _； 通电 10秒钟，电流通过电阻 R2所做的功 W2=_。 重新移动滑动变阻器 R1的滑片 P，使两个电流表指针偏离零刻度的角度恰好相同，此时变阻器 R1上通过的电流大小为 _。 答案：（ 1） 0.4A； 1.2A；（ 2） 48J；（ 3） 0.2A 试题分析：由图知两表的量程，则根据表盘可知电表的最小刻度，则 可读出两表的示数；由电路图可知，两电阻并联， A1测通过 R1的电流， A2测干路电流；则由串联电路的电流规律可知通过 R2的电流，则由 W=UIt可求得电阻 R2所做的功；设变阻器 R1上通过的电流 I，则根据并联电路电流
36、的规律和电流表大小量程间的关系列出关系式即可求出变阻器 R1上通过的电流 （ 1）由图乙可知，左表量程为 0 0.6A；右表量程为 0 3A；故 I 左 =0.4A， I 右=1.2A； 两电阻并联， A1测通过 R1的电流， A2测干路电流；电流表 A1和 A2的示数分别 0.4A和 1.2A； （ 2） 并联电路中，干路电流等于各支路电流之和 通过电阻 R2的电流： I2=I 右 -I 左 =1.2A-0.4A=0.8A； 所以通电 10秒钟，电流通过电阻 R2所做的功 W2=UI2t=6V0.8A10s=48J； （ 3）设变阻器 R1上通过的电流 I，因为电流表的大量程为小量程的 5倍
37、，则有I+0.8A=5I，即 I=0.2A 考点：电流 家庭电路中，额定功率为 1千瓦的用电器正常工作 3小时，耗电 _度。小华家上月末抄表时电能表的示数是 ，本月末抄表时的示数如图所示，若电价为 0.5元 kw h，她家本月应交电费 _元。从表盘上你还能获得的信息有 _ （写出一条即可）。 答案：故答案：为： 3； 165.75；电能表正常工作电压为 220V 试题分析：根据 W=Pt即可求出用电器 3h消耗的电能；电能表的读数方法： 月末的减去月初的示数， 最后一位是小数， 单位是 kW h；求出本月消耗的电能，已知电费的单价，则可求本月应缴纳的电费；从电能表的铭牌上可以读出电能表的额定电
38、压、标定电流、频率、每消耗 1kW h的电能等 （ 1）额定功率为 1千瓦的用电器正常工作 3小时，消耗的电能：W=Pt=1kW3h=3kW h=3度； （ 2）本月小华家消耗的电能： 3589.8kW h-3258.3kW h=331.5kW h 本月应缴纳的电费是 0.5元 /kW h331.5kW h=165.75元 （ 2）由电能表铭牌可获得以下信息： 电能表正常工作时的电压是 220V； 电能表短时间允许通过的最大电流不超过 20A； 电路消耗 1kW h电能，电能表转盘转过 2500转 考点：电能表 计算题 （ 8分）在综合实践活动中，小明设计的模拟调光灯电路如图所示。已知小灯泡上
39、标有 “6V 6W”、滑动变阻器上标 有 “20 2A”字样，选用的电源电压恒为10V。不考虑温度对灯丝电阻的影响。问： （ 1）小灯泡的电阻是多大 （ 2）闭合开关 s后，当移动滑动变阻器的滑片 P，使灯泡正常工作时，电路消耗的总功率是多少 此时滑动变阻器连入电路的电阻多大？ （ 3）当滑动变阻器的滑片 P 移到 a 端时，会出现的情况是什么 针对这种情况，你对小明的设计提出一个合理的建议。 答案：（ 1）小灯泡的电阻是 6；（ 2）电路消耗的总功率是 10W；此时滑动变阻器连入电路的电阻 4；（ 3）当滑动变阻器的滑片 P移到 a端时，小灯泡会被烧坏；为了防止灯泡被 烧坏，可以在电路中串联
40、一只 4的保护电阻 试题分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联根据灯泡的铭牌和 R=求出小灯泡的电阻；先根据 P=UI求出灯泡正常发光时电路中的电流，然后根据 P=UI求出电路消耗的总功率；再根据串联电路电压的特点和欧姆定律求出此时滑动变阻器连入电路的电阻；当滑动变阻器的滑片 P移到 a端时，电路为灯泡的基本电路，根据灯泡的额定电压和电源电压相比判断灯泡会出现的情况 （ 1） P=UI， I= 小灯泡的电阻： R= =6； （ 2）灯泡正常发光时，电路中的电流： I= =1A， 则电路此时消耗的总功率： P 总 =U 总 I=10V1A=10W； I= ，并且串联电路两端电压等于各部分电压之
41、和 此时滑动变阻器连入电路的电阻： R= =4； （ 3）当滑动变阻器的滑片 P移到 a端时，小灯泡会被烧坏；为了防止灯泡被烧坏，可以在电路中串联一只 4的保护电阻 考点：动态电路 如图甲是家用电吹风的工作原理图，电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风。 （ l）要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于图甲中 （选填 “1 ”、 2 ”或“3 ）位置，此时电风扇与电热丝的连接方式是 。 （ 2）某次用该 电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是 J。 （ 3）电热丝在工作时的电阻值是 。 答案：（ 1） 1；并联；（ 2） 6
42、292；（ 3） 200 试题分析：当电吹风机送出来的是热风时，说明电动机和电阻丝同时工作首先由图象得出吹热风和吹凉风时的功率和时间，然后根据 W=Pt分别计算出电吹风工作时吹热风和吹凉风时消耗的电能，求其和即可根据功率随时间的图象计算电热丝的功率，然后利用 R= 求出电阻 （ l）当电吹风机送出来的是热风时，需要电动机和电阻丝 同时工作，即开关应置于图甲中的 1位置，电风扇与电热丝是并列连接在电源上的，所以是并联连接 （ 2）根据功率随时间的变化关系图象可知： P 热 =290.4W， t1=20s， P 凉 =48.4W， t2=30s-20s=10s， W 总 =W 热 +W 冷 =P
43、热 t1+P 凉 t2=290.4W20s+48.4W10s=6292J （ 3） 吹热风时电动机和电阻丝同时工作，吹冷风时只有电动机工作， 电热丝的功率为 P=P 热 -P 凉 =290.4W-48.4W=242W，电热丝的电阻为 R=200 考点：电功率、电热 （ 6分）右表是小明家电热水壶的铭牌。使用该电热器将 1Kg水从 20 加热到 100 ，正常工作情况下，实际用时 7 分钟，求（ 1）水吸收的热量是多少？如果这些热量由热值为 4.2107J/kg 的煤气获得，至少要燃烧多少 kg煤气？（ 2）电热水壶加热水的效率。 c 水 =4.2103J/(kg ) 答案：（ 1）水吸收的热量
44、是 3.36105J，至少要燃烧 0.008kg 的煤气；（ 2）电热水壶加热水的效率为 80% 试题分析：知道水的质量、比热容和温度的变化，根据 Q 吸 =cm（ t-t0）求出水吸收的热量；由题意可知 Q 放 =Q 吸 ，根据 Q 放 =mq求出这些热量由煤气获得时需要煤气的质量；电热器正常工作时的功率和额定功率相等，根据 W=Pt求出消耗的电能，利用 = 100%求出电热水壶加热水的效率 （ 1）水吸收的热量： Q 吸 =cm（ t-t0） =4.2103J/（ kg ） 1kg（ 100 -20 ） =3.36105J； 由题意可知， Q 放 =Q 吸 =3.36105J， 由 Q 放
45、 =mq可得，需要燃烧的煤气质量： m= =0.008kg； （ 2）电热水壶正常工作时的功率为 1000W，工作 7min消耗的电能： W=Pt=1000W760s=4.2105J， 电热水壶的效率： = 100%=80% 考点：电热的计算 作图题 利用 “光控开关 ”和 “声控开关 ”可以节约居民楼里楼道灯的用电。其中 “光控开关 ”能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开； “声控开关 ”能在有声音时自动闭合，经过一两分钟后，开关内部的延时装置就把电路断开，灯灭。请将图中的器材连成符合楼道灯要求的电路。（ 2分） 答案： 试题分析：由题意可知，居民楼的楼道里灯泡亮的条件是： 必须是晚上，白天不
46、亮； 必须有人经过，没人不亮；所以光控开关和声控开关不能独立工作，即串联 晚上，天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，即两个开关串联，再和灯泡串联设计电路如下： 考点：电路的设计 如图所示为钓鱼竿钓鱼的示意图， O 为支点， F1表示手对钓鱼竿的作用力，请画出 F1的力臂 L1和鱼线对钓鱼竿拉力 F2的力臂 L2。 (2分 ) 答案： 试题分析：已知支点 O 和动力，阻力为重物的重力对杠杆向下的拉力，根据力臂的画法，过支点作动力作用线的和阻力作用线是垂线段，即为动力臂和阻力臂 找出支点，从 O 做 F1的垂线就是 F1的力臂 L1，从 O 做 F2的垂线就是 F2的力臂L2，如图所示： 考点：杠杆的力臂
