2019版高考数学二轮复习第1篇专题5立体几何第1讲小题考法——空间几何体的三视图、表面积与体积及空间位置关系的判定学案.doc

1、1第 1 讲 小题考法空间几何体的三视图、表面积与体积及空间位置关系的判定一、主干知识要记牢1简单几何体的表面积和体积(1)S 直棱柱侧 ch(c 为底面的周长， h 为高)(2)S 正棱锥侧 ch( c 为底面周长， h为斜高)12(3)S 正棱台侧 (c c)h( c 与 c分别为上、下底面周长， h为斜高)12(4)圆柱、圆锥、圆台的侧面积公式S 圆柱侧 2 rl(r 为底面半径， l 为母线长)，S 圆锥侧 rl(r 为底面半径， l 为母线长)，S 圆台侧 ( r r)l(r， r 分别为上、下底面的半径， l 为母线长)(5)柱、锥、台体的体积公式V 柱 Sh(S 为底面面积， h

2、 为高)，V 锥 Sh(S 为底面面积， h 为高)，13V 台 (S S) h(S， S为上、下底面面积， h 为高)13 SS(6)球的表面积和体积公式S 球 4 R2， V 球 R3432两类关系的转化(1)平行关系之间的转化(2)垂直关系之间的转化23证明空间位置关系的方法已知 a， b， l 是直线， ， ， 是平面， O 是点，则(1)线线平行：Error!c b， Error!a b，Error!a b, Error!a b(2)线面平行：Error!a ， Error!a ， Error!a (3)面面平行：Error! ， Error! ， Error! (4)线线垂直：Er

3、ror!a b, Error! a b(5)线面垂直：Error! l ， Error! a ，Error!a Error!b (6)面面垂直：Error! ， Error! 二、二级结论要用好1长方体的对角线与其共点的三条棱之间的长度关系 d2 a2 b2 c2；若长方体外接球半径为 R，则有(2 R)2 a2 b2 c22棱长为 a 的正四面体的内切球半径 r a，外接球的半径 R a.又正四面体的高612 64h a，故 r h， R h63 14 34三、易错易混要明了应用空间线面平行与垂直关系中的判定定理和性质定理时，忽视判定定理和性质定理中的条件，导致判断出错如由 ， l， m l

4、，易误得出 m 的结论，就是因为忽视面面垂直的性质定理中 m 的限制条件3考点一 空间几何体的三视图1由直观图确定三视图的方法根据空间几何体三视图的定义及画法规则和摆放规则确定2由三视图还原到直观图的思路(1)根据俯视图确定几何体的底面(2)根据正(主)视图或侧(左)视图确定几何体的侧棱与侧面的特征，调整实线和虚线所对应的棱、面的位置(3)确定几何体的直观图形状1(2018湖北联考)将正方体(如图 1)截去三个三棱锥后，得到(如图 2)所示的几何体，侧视图的视线方向(如图 2)所示，则该几何体的侧视图为( D )解析 点 A， B， C， E 在左侧面的投影为正方形， CA 在左侧面的投影为斜

5、向下的正方形对角线， DE 在左侧面的投影为斜向上的正方形对角线，为不可见轮廓线，综上可知故选D2(2018北京卷)某四棱锥的三视图如图所示，在此四棱锥的侧面中，直角三角形的个数为( C )4A1 B2C3 D4解析 由三视图得到空间几何体，如图所示，则 PA平面 ABCD，平面 ABCD 为直角梯形， PA AB AD2， BC1，所以 PA AD， PA AB， PA BC.又 BC AB， AB PA A，所以BC平面 PAB，所以 BC PB.在 PCD 中， PD2 ， PC3， CD ，所以 PCD 为锐角三2 5角形所以侧面中的直角三角形为 PAB， PAD， PBC，共 3 个

6、故选 C考点二 空间几何体的表面积与体积1求解几何体的表面积与体积的技巧(1)求三棱锥的体积：等体积转化是常用的方法，转化原则是其高易求，底面放在已知几何体的某一面上(2)求不规则几何体的体积：常用分割或补形的方法，将不规则几何体转化为规则几何体求解(3)求表面积：其关键思想是空间问题平面化2根据几何体的三视图求其表面积或体积的步骤(1)根据给出的三视图还原该几何体的直观图(2)由三视图中的大小标识确定该几何体的各个度量(3)套用相应的面积公式或体积公式计算求解1(2018延边模拟)已知一几何体的三视图如图所示，俯视图由一个直角三角形与一个半圆组成，则该几何体的体积为( A )5A612 B6

7、24C1212 D2412解析 由三视图可知，该几何体为一组合体，它由半个圆柱和一个底面是直角三角形的直棱柱组成，故该几何体的体积 V 2 23 243612，故选 A12 122(2017全国卷)如图，网格纸上小正方形的边长为 1，粗实线画出的是某几何体的三视图，该几何体由一平面将一圆柱截去一部分后所得，则该几何体的体积为( B )A90 B63C42 D36解析 方法一 (割补法)如图所示，由几何体的三视图，可知该几何体是一个圆柱被截去上面虚线部分所得将圆柱补全，并将圆柱体从点 A 处水平分成上下两部分由图可知，该几何体的体积等于下部分圆柱的体积加上上部分圆柱体积的 ，所以该几何体的体积1

8、2V3 243 26 63.故选 B12方法二 (估值法)由题意，知 V 圆柱 V 几何体 V 圆柱126又 V 圆柱 3 21090，45 V 几何体 90观察选项可知只有 63 符合故选 B3(2018荆州三诊)如图，网格纸上小正方形的边长为 1，粗线画出的是某多面体的三视图，则该多面体的表面积为( C )A84 B124 22 2 3C64 2 D122 3解析 由三视图可得，该几何体为如图所示的棱长为 2 的正方体中的四棱锥A1BB1D1D，且底面矩形 BB1D1D 中， BB12， B1D12 2故该多面体的表面积为 S3 (2 )222 62 4 .(1222) 34 2 2 3

9、2选 C考点三 与球有关的组合体的计算问题求解多面体、旋转体与球接、切问题的策略(1)过球心及多面体中的特殊点(一般为接、切点)或线作截面，把空间问题转化为平面问题(2)利用平面几何知识寻找几何体中元素间的关系，或通过画内切、外接的几何体的直观图，确定球心的位置，弄清球的半径(直径)与该几何体已知量的关系，列方程(组)求解1(2018延边模拟)正四棱锥的顶点都在同一球面上若该棱锥的高为 4，底面边长为 2，则该球的表面积为_ _8147解析 正四棱锥 PABCD 的外接球的球心 O 在它的高 PO1上，则PO AO R， PO14， OO14 R，在 Rt AO1O 中， AO1 ，由勾股定理

10、 R22(4 R)2，2得 R ，球的表面积为 4 2 94 (94) 8142(2018绵阳三诊)已知圆锥的高为 3，侧面积为 20，若此圆锥内有一个体积为 V的球，则 V 的最大值为 25681解析 设圆锥的母线长 l，底面的半径为 r，则 rl20，即 rl20，又l2 r29，解得 l5， r4. 当球的体积最大时，该球为圆锥的内切球，设内切球的半径为 R，则 (558) R 38，故 R ，所以 Vmax 3 12 12 43 43 (43) 256813已知在三棱锥 PABC 中， BAC90， AB AC2， BC 的中点为 M 且 PM ，当2该三棱锥体积最大时，它的内切球半径

11、为_2 _2 6解析 当 PM平面 ABC 时， 三棱锥体积取得最大值，体积为 22 .S PBC 2 2， S ABC 222， S PBA S13 12 2 223 12 2 2 12PAC 22 ，设内切球的半径为 r，则有 (22 )r ，解得34 3 13 3 3 223r2 2 6考点四 空间位置关系的判定问题判断与空间位置关系有关命题真假的方法(1)借助空间线面平行、面面平行、线面垂直、面面垂直的判定定理和性质定理进行判断(2)借助空间几何模型，如从长方体模型、四面体模型等模型中观察线面位置关系，结合有关定理，进行肯定或否定8(3)借助反证法，当从正面入手较难时，可利用反证法，推

12、出与题设或公认的结论相矛盾的命题，进而作出判断1(2018攀枝花一模)已知 、 、 表示不同的平面， a、 b 表示不同的直线，下列命题中正确的是( D )A如果 a ， ，那么 a B如果 ， ，那么 C如果 a b， b ，那么 a D如果 a ， a ，那么 解析 由题意，A 中，如果 a ， ，那么 a 或 a 或相交，所以不正确；B 中，如果 ， ，那么 或相交，所以不正确；C 中，如果a b， b ，那么 a 或 a ，所以不正确；D 中，如果 a ， a ，利用线面垂直的判定定理，可证得 ，故选 D2(2018潍坊二模)已知三棱柱 ABCA1B1C1，平面 截此三棱柱，分别与AC

13、， BC， B1C1， A1C1交于点 E， F， G， H，且直线 CC1平面 . 有下列三个命题：四边形 EFGH 是平行四边形；平面 平面 ABB1A1；若三棱柱 ABCA1B1C1是直棱柱，则平面 平面 A1B1C1 .其中正确的命题为( B )A BC D解析 在三棱柱 ABCA1B1C1中，平面 截此三棱柱，分别与 AC， BC， B1C1， A1C1交于点 E， F， G， H，且直线 CC1平面 ，则 CC1 EH FG，且 CC1 EH FG，所以四边形 EFGH是平行四边形，故正确； EF 与 AB 不一定平行，平面 与平面 ABB1A1平行或相交，故错误；若三棱柱 ABCA1B1C1是直棱柱，则 CC1平面 A1B1C1. EH平面 A1B1C1，又 EH平面 ，平面 平面 A1B1C1，故正确故选 B9