云南省江川区第二中学2018_2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）.doc

1、1云南省江川区二中 2018-2019 学年上学期期末考高一 物理一、单选题(共 10 小题,每小题 3.0 分,共 30 分) 1.对惯性的说法正确的是( )A. 惯性就是惯性定律B. 要消除物体的惯性，可以在运动的相反方向上加上外力C. 质量是物体惯性大小的量度D. 物体惯性的大小与物体是否运动、运动的快慢以及受力都有关【答案】C【解析】【分析】惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大【详解】惯性是物体的固有属性，牛顿第一定律是惯性定律，它们是不同的，惯性定律是牛顿总结出来的物理规律，故 A 错误；惯性是物体的基本属性。不能消除。故 B 错误；质量是物体惯性大小

2、的量度，物体惯性的大小与物体是否运动、运动的快慢以及受力都无关，选项 C 正确，D 错误；故选 C.【点睛】需要注意的是：物体的惯性的大小只与质量有关，与其他都无关而经常出错的是认为惯性与物体的速度有关2.有关超重和失重的说法，正确的是( )A. 物体处于超重状态时，所受重力增大；处于失重状态时，所受重力减小B. 竖直上抛运动的物体处于完全失重状态C. 在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于上升过程D. 在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于下降过程【答案】AB【解析】当物体处于超重与失重状态时，实重不变，改变的只是视重，故 A 选项错误；竖直上抛物体只受重

3、力，即 a=g，处于完全失重状态，故 B 选项正确；超重加速度向上有两种状态，向上加速运动或向下减速运动。失重加速度向下也有两种运动状态，向下加速运动或向上减速运动，故 CD 选项错误，所以本题答案为 B。2思路分析：当物体具有竖直向上加速度时，处于超重状态；当物体具有竖直向下加速度时，处于失重状态。不管物体处于失重还是超重状态，物体的实际重力没有变化。试题点评：本题是考查对超重和失重的理解。3. 下列说法中正确的是（ ）A. 下落的石块速度越来越大，说明石块所受重力越来越大B. 在空中飞行的物体不受重力作用C. 一抛出的石块轨迹是曲线，说明石块所受的重力方向始终在改变D. 将一石块竖直向上抛

4、出，在先上升后下降的整个过程中，石块所受重力的大小与方向都不变【答案】D【解析】解：A、根据 G=mg，知下落的石块所受的重力不变，与速度无关故 A 错误B、在空中飞行的物体受重力作用故 B 错误C、物体所受重力的方向始终竖直向下，与物体运动的状态无关知做曲线运动的石块重力的方向不变故 C 错误D、石块做竖直上抛运动中，上升过程和下降过程中重力的大小和方向都不变故 D 正确故选 D【点评】解决本题的关键知道物体所受重力的方向始终竖直向下，与物体运动的状态无关4.质量为 m 的物体静止在光滑的水平面上，受到水平恒力 F 的作用，在时间 t 内移动距离x，下列说法中正确的是( )A. 力 F 在时

5、间 t 内可以使质量为 m 的物体移动的距离为 x13 13B. 力 F 在时间 t 内可以使质量为 m 的物体移动的距离为 x13 13C. 力 F 在时间 3t 内可以使质量为 3m 的物体移动的距离为 xD. F 的力在时间 t 内可以使质量为 m 的物体移动距离为 x13 13【答案】D【解析】物体速度力 F 的作用时有： ， ；a0=Fmx=12a0t2=Ft22m3A、质量 的物体： ， ,故 A 错误；13m a1=F13m=3Fmx1 12a1t2 3Ft22m 3xB、质量 的物体： ，故 B 错误；13m x2 12a1(13t)2 Ft26m 13xC、质量 3m 的物体

6、： ， ，故 C 错误；a3F3mx3 12a3(3t)2 3Ft22m 3xD、 作用时： ， ，故 D 正确。13F a4 13F13m Fmx4 12a4t2 Ft22m=x点睛：该题有多个不同的情景都属于已知物体的受力求运动的类型，针对不同的情景使用牛顿第二定律求出加速度，然后使用运动学的公式求解即可。5.如图所示，某物体沿两个半径为 R 的圆弧由 A 经 B 到 C，下列结论正确的是（ ）A. 物体的位移等于 4R，方向向东 B. 物体的位移等于 2RC. 物体的路程等于 4R，方向向东 D. 物体的路程等于位移【答案】A【解析】【分析】位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度，方向

7、从初位置指向末位置路程是物体运动路线的长度【详解】物体沿两个半径为 R 的圆弧由 A 经 B 到 C，初位置是 A 点，末位置是 C 点，则位移大小等于 4R，方向向东。故 A 正确，B 错误。物体的路程等于物体运动路线的长度，由图看出路程等于 2R，没有方向。故 CD 错误。故选 A。6.假设洒水车的牵引力不变且所受阻力与车重成正比，未洒水时，车匀速行驶，洒水时它的运动将是( )A. 做变加速运动B. 做初速度不为零的匀加速直线运动C. 做匀减速运动D. 继续保持匀速直线运动【答案】A4【解析】【详解】设洒水车的牵引力为 F，洒水车的质量为 m，阻力为 kmg，由牛顿第二定律有：F-kmg=

8、ma；得： ；开始时 F=kmg，a=0，随着 m 减小，a 逐渐增大，故洒水车做加速a=Fmkg度逐渐增大的加速运动。故选 A。【点睛】运用牛顿第二定律分析物体的运动情况是基本能力本题要抓住洒水车的质量是变化，从而导致车子的加速度发生变化7.树上的苹果落向地球，针对这一现象，以下说法正确的是( )A. 由于苹果质量小，对地球的引力小，而地球质量大，对苹果引力大B. 由于地球对苹果有引力，而苹果对地球无引力造成的C. 苹果对地球的引力大小和地球对苹果的引力大小是相等的D. 以上说法都不对【答案】C【解析】【分析】地球吸引苹果的力与苹果吸引地球的力是相互作用力，大小相等，方向相反【详解】地球对苹

9、果的引力与苹果对地球的引力是一对作用力与反作用力，遵守牛顿第三定律，可知它们大小是相等的，方向相反。故 C 正确，ABD 错误，故选 C。8.用轻弹簧竖直悬挂质量为 m 的物体，静止时弹簧伸长量为 L。现用该弹簧沿斜面方向拉住质里为 2m 的物体，系统静止时弹簧伸长量也为 L。斜面倾角为 30，如图所示。则物体所受摩擦力A. 等干零B. 大小为 mg，方向沿斜面向下C. 大小为 mg，方向沿斜面向上D. 大小为 mg，方向沿斜面向上【答案】A5【解析】试题分析：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件 F=“mg“ 根据胡克定律 F=“kL“ 由得， k=mgL物体放在斜面上时，

10、再次对物体受力分析，如图设物体所受的摩擦力沿斜面向上，根据共点力平衡条件，有F+f-2mgsin30=“0“ 其中 F=“kL=mg“ 由以上四式解得 f=0，故物体所受的摩擦力大小方向沿斜面向上，大小为 0故选 A考点：物体的平衡【名师点睛】本题关键对物体受力分析，然后运用共点力平衡条件及胡克定律列式求解；注意胡克定律中弹簧的弹力与伸长量成正比【此处有视频，请去附件查看】9.关于牛顿第二定律，下列说法正确的是( )A. 由牛顿第二定律可知，加速度大的物体，所受的合力一定大B. 牛顿第二定律说明质量大的物体其加速度一定小C. 由 F ma 可知，物体所受到的合力与物体的质量成正比D. 同一物体

11、的加速度与物体所受到的合力成正比，而且在任何情况下，加速度的方向始终与物体所受的合力方向一致【答案】D【解析】由牛顿第二定律可知，所受的合外力大的物体，加速度一定大，选项 A 错误；牛顿第二定律说明了当所受的外力一定的情况下，质量大的物体，其加速度一定就小，选项 B 错误；物体所受到的合外力与物体的质量无关，选项 C 错误；对同一物体而言，物体的加速度与物体所受到的合外力成正比，而且在任何情况下，加速度的方向，始终与物体所受到的合6外力方向一致，选项 D 正确；故选 D.10.n 个质量均为 m 的木块并排放在水平地面上，当木块 1 受到水平恒力 F 而向前加速运动时，木块 2 对木块 3 的

12、作用力为( )A. FB. 若地面光滑，为 F；否则小于 FC. 若地面光滑，为 F；否则小于 F(12n) (12n)D. 不论地面是否光滑，均为 F(12n)【答案】D【解析】【分析】先对整体受力分析，可得出加速度的表达式，再对 3 及以后的木块分析可得出木块 2 对木块 3 的作用力的表达式，对表达式分析计论可得出结论【详解】设物体放在动摩擦因数为 的地面上，则对整体有：F-nmg=nma，解得；a=Fnmgnm再以 3 以后的木块分析，则有；T-（n-2）mg=（n-2）ma；解得：T=（1- ）F，T 与动摩2n擦因数无关，故无论地面是否光滑，均为（1- ）F，故 D 正确；故选 D

13、。2n【点睛】此题是典型的整体法和隔离法的应用问题；本题可以扩展为不论这些物体是放在斜面上还是竖直向上，是否有无摩擦力，推力均不变，且均为均为（1- ）F2n二、多选题(共 4 小题,每小题 4.0 分,共 16 分) 11.(多选)“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，如图甲、乙两个图象为甲、乙两位同学从实验中得到数据后画出的小车运动的 v t 图象下列说法正确的是( )A. 甲的实验误差比乙的实验误差小7B. 甲的实验误差比乙的实验误差大C. 甲在实验中处理纸带时没有舍掉开头一些密集的点迹D. 乙在实验中处理纸带时没有舍掉开头一些密集的点迹【答案】BC【解析】从图象中可以看出乙图上点几

14、乎都在一条直线上，而甲图中有一些点偏离了直线，所以甲的实验误差比乙的实验误差大，A 错误 B 正确；甲图中 t=0 时速度为零，乙图中 t=0 时速度不为零，所以乙同学在实验中处理纸带时舍掉了开头一些密集的点迹，C 正确 D 错误12.在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，下列说法正确的是 ( )A. 电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于交流电压的高低B. 电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于纸带运动的快慢C. 打点计时器只能连续工作很短时间，打点之后要立即关闭电源D. 电火花计时器应接 220 V 交流电【答案】CD【解析】【详解】电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于交

15、流电的频率的高低，与电压的高低无关，纸带运动的快慢无关，选项 AB 错误；打点计时器只能连续工作很短时间，打点之后要立即关闭电源，选项 C 正确；电火花计时器应接 220 V 交流电，选项 D 正确；故选CD.13.一辆汽车正在以 v20 m/s 的速度匀速行驶突然，司机看见车的正前方 x033 m 处有一只狗，如图甲所示，若从司机看见狗开始计时( t0)，司机采取了一系列动作整个过程中汽车的运动规律如图乙所示， g 取 10 m/s2.则下列判断正确的是:A. 汽车先做匀速运动再做反向匀减速运动B. 汽车减速运动的加速度大小为 5 m/s2C. 若狗正以 v4 m/s 的速度与汽车同向奔跑，

16、则不能摆脱被撞的噩运D. 汽车从司机发现狗至停止运动的这段时间内前进的距离为 48.4 m8【答案】BC【解析】A：由图乙得 00.5s 内车速不变，0.54.5s 车速随时间均匀减小；04.5s 内速度始终为正值，即 04.5s 内始终沿规定的正方向运动；则汽车先做匀速运动再做正方向的匀减速运动。故 A 项错误。B：汽车减速运动的加速度 ，所以汽车减速运动的加速度大小为 5 a=vt=0204.50.5m/s2=5m/s2m/s2，方向与规定的正方向相反。故 B 项正确。C：当客车由 20m/s 减速到 4m/s，所需时间 t1=vva=4205s=3.2s这段时间内车前进的距离 x1=vt

17、0+v+v2t1=200.5+20+42 3.2m=48.4m此时间内狗前进的距离 x2=v(t0+t1)=4(0.5+3.2)m=14.8m因为 ，所以狗将被撞上。故 C 项正确。x2+x0=14.8+33m=47.8mx1D：速度时间图象与坐标轴围成的面积表示对应时间内的位移，则汽车从司机发现狗至停止运动的这段时间内前进的距离 。故 D 项错误。x=200.5+12204m=50m点睛：避碰类问题要分析速度相等时的位置关系，确认此时是否发生碰撞来判断碰撞能否避免。14.(多选)某人在 t0 时刻，观察一个正在做匀加速直线运动的物体，现只测出了该物体在第 3 s 内的位移 x1及第 7 s

18、内的位移 x2，则下列说法正确的是( )A. 不能求出任一时刻的瞬时速度B. 能求出任一时刻的瞬时速度C. 不能求出前 6 s 内的位移D. 能求该物体加速度【答案】BD【解析】A、根据推论，第 末物体的瞬时速度等于第 内物体的平均速度，可求出第 末的瞬2.5s 3s 2.5s时速度 ，由 可求出初速度 所以由速度公式 可求出任一时v2.5=x3T v2.5=v0+at2.5 v0 v=v0+at刻的瞬时速度，故 A 错误，B 正确；C、由位移公式 ，可求出前 内的位移，故 C 错误；x=v0t+12at2 6s9D、物体做匀加速直线运动，测出了该物体在第 内的位移 及第 内的位移 ，由3s

19、x1 7s x2可求出加速度，故 D 正确。x7x3=4aT2点睛：本题关键要对匀变速直线运动的推论要熟悉推论由基本公式推导出来，但用来解题往往过程简洁。三、实验题15.如图所示为用拉力传感器(能测量拉力的仪器)和速度传感器(能测量瞬时速度的仪器)探究“加速度与物体受力的关系”的实验装置用拉力传感器记录小车受到拉力的大小，在长木板上相距 L48.0 cm 的 A、 B 两点各安装一个速度传感器，分别记录小车到达 A、 B 时的速率(1)实验主要步骤如下：将拉力传感器固定在小车上平衡摩擦力，让小车在不受拉力时做_运动把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；为保证细线的拉力不变

20、，必须调节滑轮的高度使_接通电源后自 C 点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力 F 的大小及小车分别到达 A、 B 时的速率 vA、 vB.改变所挂钩码的数量，重复的操作(2)下表中记录了实验测得的几组数据， 是两个速度传感器记录速度的平方差，则加v2Bv2A速度的表达式 a_，请将表中第 4 次的实验数据填写完整_(结果保留三位有效数字).10(3)由表中数据，在图中坐标纸上作出 a F 关系图线_(4)对比实验结果与理论计算得到的关系图线(图中已画出理论图线)，造成上述偏差的原因除了拉力传感器读数可能偏大外，还可能是_【答案】 (1). （1）匀速直线 (2). （2）2.44（

21、3）如图:(3). （4）没有完全平衡摩擦力或拉力传感器读数偏大【解析】试题分析：（1）调整长木板的倾斜角度，平衡小车受到的摩擦力后，小车合力等于 0，做匀速直线运动（2）根据匀变速直线运动 则有 ，把第三组数据带入可求得加速度a=vB2vA22la= 2.3420.48=2.44m/s211（3）描点作图如下实验结果作图发现当拉力比较小时物体加速度等于 0，说明还有摩擦力，即没有完全平衡摩擦力考点：加速度与物体受力的关系的实验设计和探究16.小华同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条纸带，已知打点计时器使用的电源频率为 50Hz，每两个相邻计数点间有四

22、个点没有画出，各计数点到 0 点的距离如纸带上所示（1）为了达到实验的目的，除了有打点计时器、纸带、小车、细绳、导线、低压交流电源、小木块、长木板外，还需要的仪器有_A刻度尺 B铁架台 C停表 D天平（2）图中两计数点的时间间隔为 T=_s（3）根据纸带提供的信息，小华同学已经计算出了打下 1、2、3、4、6 这五个计数点时小车的速度，请你帮助他计算出打下计数点 5 时小车的速度 v5=_m/s（结果保留 3 位有效数字） ，并填入表中12（4）以速度 v 为纵轴、时间 t 为横轴在图坐标纸上建立直角坐标系，根据表中的 v、t 数据，在坐标系中描点，并作出小车运动的 vt 图象 _（5）根据

23、vt 图象可知，小车运动的加速度大小为_m/s 2（结果保留 3 位有效数字）【答案】 (1). A (2). 0.1s (3). 0.530 (4). (5). 0.417【解析】试题分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上 B、C、D、E、F 点时小车的瞬时速度大小用描点法画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线根据图线的斜率求出小车的加速度解：（1）因为打点计时器可以测量小车运动的时间，所以不需要秒表，该实验不需要测量小木块和小车的质量，不需要天平，在处理纸带时，需要刻度尺测量点迹间的距离故选A（2）交流电的频率为 50Hz，知每隔 0.02s 打一

24、个点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出知相邻计数点间的时间间隔为 0.1s（3）第 5 个计数点的瞬时速度 （4）速度时间图线如图所示，根据 vt 图象求出图线的斜率 k，所以小车加速度 a= 13故答案为：（1）A（2）0.1（3）0.530（4）如图所示（5）0.4000.450【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用要注意单位的换算和有效数字的保留四、计算题 17.一辆汽车以 72km/h 的速度行驶，现因紧急事故急刹车并最终停止运动，已知汽车刹车过程中的加速度的大小为 ，则从开始刹车经过 5s 汽车通过的距离是多少？g=5m

25、/s2【答案】40m【解析】试题分析：设汽车由刹车开始至停止运动所用的时间为 ，选 的方向为正方向t0 v0，由 ，得：v0=72km/h=20m/s v=v0+at0 t0=0v0a =205s=4s5s则 x=0v022a=40010m=40m考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动，根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车刹车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出汽车通过的距离18.做匀变速直线运动的质点，第 1 s 末的速度大小为 6 m/s，第 3 s 末的速度大小为 2 m/s，求质点的初速度和加速度？(设第 1 s

26、末质点的速度方向为正方向)14【答案】情形 1：质点的初速度 v08 m/s. 2 m/s2 情形 2：质点的初速度 v010 m/s. 4 m/s 2【解析】【分析】末速度的方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反，结合加速度的定义式求出加速度，从而根据速度时间公式求出初速度【详解】由题意知：第 1s 末的速度方向为正方向，则第 3s 末的速度方向有两种可能：（1） 1=6m/s，=2 m/s，由 = 1+at，得 a1t 262m/s2 2m/s2则质点的初速度 0= 1-at=6-（-2）1m/s=8m/s（2） 1=6m/s，=-2m/s，则 a1t 262m/s 4m/s2则质

27、点的初速度 0 1a t6( 4)1m/s10 m/s19.如图所示， BC 是一轻杆，可绕 C 点转动， AB 是一连接在墙壁和杆上的轻绳，在杆的 B点悬挂一个定滑轮，人用它匀速地提起重物，重物质量为 30 kg，人的质量为 50 kg，求：(1)此时人对地面的压力是多大？(2)轻杆 BC、水平绳 AB 所受的力各是多大？(绳子和滑轮的质量、绳子和滑轮的摩擦及杆的质量均忽略不计， g 取 10 m/s2)【答案】(1) 200 N.(2) 1200 N N6003【解析】【分析】（1）先以人为研究对象，求人受的支持力，再由牛顿第三定律得人对地的压力（2）先求 B 点受的绳的拉力，再用力作用效

28、果把绳的拉力分解为对 BC 的压力，对 AB 拉力【详解】 （1）由平衡条件得：N=G-T=5010-3010N=200N据牛顿第三定律，地面对人的支持力大小等于人对地面的压力大小，则人对地面的压力为15200N （2）正确画出受力分析图：杆 BC 受力： FBC=2Tsin300 230012 N 1200N水平绳 AB 所受的拉力：F AB=2Tcot30=600 N3【点睛】本题关键是明确各个物体的受力情况，画出受力图，结合平衡条件列式分析，基础题目20.如图所示，水平传送带以 v=2m/s 的速度匀速运转，在其左端无初速度释放一质量为m=1kg 的小滑块，滑块可视为质点，滑块与传送带间

29、的动摩擦因数 =0.2，传送带长L=2m，重力加速度 g=10m/s2求：（1）滑块从传送带左端到右端的时间？（2）滑块相对传送带滑行的位移？【答案】 （1）1.5s（2）1m.【解析】试题分析：（1）小物块在传送带上一直做匀加速运动，求出小物块到 B 时速度，与传送带的速度相比，若大于传送带速度，则假设不成立，则物块先做匀加速运动，后与传送带一起匀速运动；（2）先求出运动过程中传送带的位移 x，则小物块由 A 滑到 B 的过程中相对传送带滑动的距离为 Lx；解：（1）滑块运动的加速度释放后经 t1时间达传送带速度， s；位移 m2m16之后匀速运动的时间 s总时间：t=t 1+t2=1s+0.5s=1.5s（2）滑块和传送带在 t1时间内有相对运动传送带的位移：s 2=vt1=21m=2m滑块相对传送带的位移：s=s 2s 1=2m1m=1m答：（1）滑块从传送带左端到右端的时间是 1.5s；（2）滑块相对传送带滑行的位移是1m【点评】本题主要考查了相对运动的问题，关键是对物体的运动情况分析清楚，然后根据运动学公式列式求解，难度适中