西藏自治区拉萨中学2018_2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）.doc

1、12018-2019 学年高一年级第一学期期末考试物理试卷一、选择题1. 下列关于力的说法，正确的是（ ）A. 一个受力物体不能同时有多个施力物体B. 形状规则的物体的重心必与其几何中心重合C. 轻杆不同于轻绳，弹力的方向可以不在杆的直线方向上D. 摩擦力的大小一定与物体所受的正压力成正比【答案】C【解析】试题分析：一个受力物体受到多少个力就对应多少个施力物体，A 错误；形状规则、质量分布均匀的物体的重心必与其几何中心重合，B 错误；轻杆不同于轻绳，弹力的方向可以不在杆的直线方向上，应具体问题具体分析，C 正确；静摩擦力的大小与物体所受的正压力无关，D 错误。考点：本题考查力。2.以下说法中正

2、确的是（ ）A. 力是产生加速度的原因B. 力是维持物体运动的原因C. 速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大D. 物体在地球上的惯性比在月球上的大【答案】A【解析】物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因，A 正确 B 错误；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性，并且惯性的大小只与物体的质量有关，物体的质量越大，物体的惯性越大，与运动状态，受力情况及所处位置无关，CD 错误3.一木块以 8m/s 的初速度在水平冰面上滑行，2 s 后速度变为 6.4m/s，则 14s 后物块的位移大小为（）A. 30 m B. 40 m C.

3、 80 m D. 90 m【答案】B2【解析】【详解】物体的加速度： ，停止的时间 ，则 14s 内avv0t 6.482 0.8m/s2 t0=v0a=80.8s=10s的位移等于 10s 内的位移， 故 B 正确，ACD 错误。故选 B。x=v02t0 8210m 40m4.一根轻质弹簧一端固定，用大小为 F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为 l1；改用大小为 F2的力拉弹簧，平衡时长度为 l2.弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为( )A. B. C. D. F2F1l2l1 F2+F1l2+l1 F2+F1l2l1 F2F1l2+l1【答案】C【解析】设弹簧的原长为 ，当

4、用 压弹簧时，根据胡可定律可得 ，当用 拉弹簧时，根l0 F1 F1=k(l0l1) F2据胡可定律可得 ，联立解得 ，故 C 正确F2=k(l2l0) k=F2+F1l2l1【此处有视频，请去附件查看】5.有两个大小相等的力 F1和 F2作用于同一物体上，当它们间的夹角为 90o时合力为 F，则当它们间的夹角为 1200时，合力的大小为 （ ）A. B. 2F C. F D. 22F 2 32F【答案】C【解析】试题分析：当二力夹角为 90时，则 ，所以 F1=F2= 当夹角为为 120时，F2=F21+F22 22F根据平行四边形定则，知合力与分力相等，所以 F 合 =F1= ，故 A 正

5、确22F考点：力的合成.6.如图所示，小钢球 A、B 从同一高度同时由静止释放，A 球做自由落体运动，B 球沿光滑斜面下滑则两球落地前运动的全过程中，两球速度大小随时间变化的图象可能正确的是( )3A. B. C. D. 【答案】C【解析】A 球做自由落体运动，加速度为 g B 沿斜面向下做匀加速直线运动，加速度为， （ 是斜面的倾角） ，则 A 的加速度大于 B 的加速度，所以 A 图线的斜率a=mgsinm=gsin大于 B 图线的斜率；根据机械能守恒定律得 ，得 ，h 相等，所以 v 相等，mgh=12mv2 v=2gh因此 C 图正确，故 ABD 错误，C 正确。点睛：根据牛顿第二定律

6、列式分析加速度的大小，从而知道 v-t 图象斜率的大小，由机械能守恒定律分析两球落地前瞬间速度的大小，即可选择图象。7.如图所示，质量为 m 的物体在恒力 F 作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体与地面间动摩擦因数为 ，则物体受到的摩擦力的大小为 ()A. B. C. D. Fsin Fcos (Fsin+mg) (mg-Fsin)【答案】BC【解析】对物体受力分析如图，由于匀速运动所以物体所受的合力为零，在水平方向有摩擦力4f=Fcos，所以 B 正确，A 错误；再由 f=F N，F N=mg+Fsin 可知，摩擦力f=（mg+Fsin） ，所以 C 正确，D 错误故选 BC点睛：本题的关键

7、是正确对物体进行受力分析，利用正交分解法，根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解即可8.如图所示，用绳跨过定滑轮牵引小船，设水的阻力不变，则在小船匀速靠岸的过程中( )A. 绳子的拉力不断增大B. 绳子的拉力不变C. 船所受浮力增大D. 船所受浮力变小【答案】AD【解析】解：对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零；设拉力与水平方向的夹角为 ，有：Fcos=f ，Fsin+F 浮 =mg 船在匀速靠岸的过程中， 增大，阻力不变，根据平衡方程知，绳子的拉力增大，根据平衡方程知，拉力增大，sin 增大，所以船的浮力减小故 A、D 正确，B、C 错误故选：AD5【点评】

8、解决本题的关键掌握共点力平衡，知道小船在做匀速直线运动时，所受合力为0，根据 角的变化，判断力的变化9.建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料。质量为 70.0kg 的建筑工人站在地面上，通过定滑轮将 20.0kg 的建筑材料以 5m/s2的加速度竖直加速拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则建筑工人对绳子的拉力 ，及对地面的压力 ，大小分别为(g 取F1 F2) 10ms2A. B. C. D. F1=200N F1=210N F2=700N F2=490N【答案】BD【解析】【分析】工人站在地面上，匀加速拉升物体，同时绳子也有个力拉工人，由牛顿第二定律可求出绳子的拉力，从而对工

9、人受力分析，由平衡条件可求出工人受地面的支持力，最后由牛顿第三定律可得出工人对地面的压力大小；【详解】先研究物体，以加速度 0.5m/s2匀加速被拉升，受力分析：重力与绳子的拉力，则有： ，代入数据解得： ；再研究工人，受力分析，重力、绳子拉力、F1mg=ma F1=210N支持力，处于平衡状态，则有： ，代入数据解得： ，由牛顿第三定Mg=F+F支 F支 =490N律可得：对地面的压力 ，故 B、D 正确，A、C 错误；F2=490N故选 BD。【点睛】关键是建筑材料处于非平衡状态，由牛顿运动定律处理，对人处于平衡状态，由平衡条件研究。10.把木箱放在电梯的水平地板上，则下列运动中地板受到的

10、压力超过木箱重力的是6A. 电梯匀减速上升B. 电梯匀加速上升C. 电梯匀减速下降D. 电梯匀速上升【答案】BC【解析】地板受到的压力超过木箱重力，木箱受到的合力向上，处于超重状态，电梯可能加速上升或减速下降，故 AD 错误，BC 正确，选 BC.【点睛】超重与失重是指物体对支撑物的压力或悬挂物的拉力大于或小于重力的现象，物体重力并没有改变；超重时物体具有竖直向上的加速度，运动形式为匀加速上升和匀减速下降，失重时物体具有竖直向下的加速度，运动形式为匀减速上升和匀加速下降二、实验题11.在“探究力的平行四边形定则”的实验中,用图钉把橡皮条的一端固定在板上的 A 点,在橡皮条的另一端拴上两条细绳,

11、细绳另一端系着绳套 B、 C(用来连接弹簧测力计)。其中 A为固定橡皮条的图钉, O 为橡皮条与细绳的结点, OB 和 OC 为细绳。某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图所示，其读数为_N(2)本实验采用的科学方法是（ ）A理想实验法 B. 控制变量法C等效替代法 D. 建立物理模型法【答案】 (1). 2.10 (2). C【解析】（1）弹簧测力计的每一格代表 0.1N，所以图中弹簧秤的示数为 2.10N。（2）实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法，故 C 正确，ABD 错误。12.在“探究物体的加速度与力、质量的关系”的实验中：7（1）以下操作正确的是_。A平衡摩擦力时，应将

12、重物用细绳通过定滑轮系在小车上B平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器C每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D实验时，应先放开小车，后接通电源（2）为了更直接地反映物体的加速度 a 与物体质量 m 的关系，往往用 关系图象表示出a1m来。如果 图象是通过坐标原点的一条直线，则说明a1m_。（3）如图是该实验中打点计时器打出的纸带，打点频率 50 Hz。 O 点为打出的第一个点，A、 B、 C、 D、 E、 F、 G 是计数点，每相邻两计数点间有 4 个点未标出， OA=17.65 cm、 AB=11.81 cm、 BC=14.79 cm、 CD=17.80 cm、 DE=20

13、.81 cm、 EF=23.80 cm、 FG=26.79 cm，根据以上数据进行处理。物体的加速度是_m/s 2，打 F 点时的速度是_m/s。 （结果均保留三位有效数字）【答案】 (1). BC (2). 物体的加速度与质量成反比 (3). 3.00 (4). 2.53【解析】（1）A、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故 A 错误；B、平衡摩擦力是否到位，是要通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动来判断的，故 B 正确；C、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面向下的分量等于小车所受的滑动摩擦力，即m

14、gsin=mgcos，故不需要重新平衡摩擦力，故 C 正确；D、实验时，应先接通电源待打点稳定后再释放小车，这样可以充分利用纸带，故 D 错误；故选 BC；（2）根据牛顿第二定律 F=ma 可得物体的加速度 ，故在合外力 F 一定的情况下，a 与a=Fm成正比，且图象为过坐标原点的直线，即物体的加速度与质量成反比；1m故答案为：物体的加速度与质量成反比；8（3）由图可知，OA 段不准确，故应从 A 点开始计算；因每两点之间还有 4 个点，故两计数点间的时间间隔为 ；则由逐差法可得：T=50.02s=0.1s a=xDGxAD9T2 =3.00m/s2根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该

15、过程中的平均速度有： vF=xEG2T=2.53m/s【点睛】对于实验中的每一步都要知其然更要知其所以然，只有这样才能学得深学得透，才能做到举一反三，比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等三、解答题13.如图所示，一长度 L=50cm 的细绳栓着一个质量为 m=3kg 的小球，小球用固定在墙上的弹簧支撑，平衡时弹簧位于水平方向，细绳与竖直方向的夹角为 53.不计弹簧和细绳的质量：已知 sin53=0.8、cos53=0.6， g=10m/s2，求：(1)细绳对小球的拉力的大小；(2)已知弹簧的原长为 x0=50cm，求弹簧的劲度系数的大小.【答案】 （1）50N（2）4N/cm

16、【解析】（1）由平衡知识可得： ，可得F1cos530=mg F1=50N（2）由 ，可得： F2=40NF1sin530=F2又 F2=kx x=x0Lsin530可得： k=4N/cm14.一辆重 4 t 的汽车，从静止开始，在水平路上行驶，已知发动机的牵引力为 1 600 N，汽车在运动时所受阻力为车重的 0.02 倍，取 g10 m/s 2，求：(1)汽车在开出后的加速度大小；(2)经过多长时间汽车的速度可达 10 m/s.【答案】(1)0.2 m/s 2 ；(2)50 s【解析】（1）汽车所受的阻力：f=kmg=0.02410 310N=800N根据根据牛顿第二定律得，F-f=ma，

17、aFfm 16008004103m/s2 0.2m/s29（1）由公式：v=at 得： tva 100.2s 50s15.如图所示，质量为 M，长度为 L 的长木板放在水平桌面上，木板右端放有一质量为 m 的小木块（可视为质点） ，木块与木板之间的动摩擦因数为 ;开始时木块、木板均静止，某时刻起给木板施加一大小为 F 方向水平向右的恒定拉力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力(1)若桌面光滑，且 M 和 m 相对静止，则木块受到的摩擦力 f 多大？(2)若木板与桌面之间的动摩擦因数也为 ，拉力 F=6 (M+m)g，求从开始运动到木板从小木块下抽出经历的时间 t【答案】(1) (2) f=FmM+m

18、t= ML2g(M+m)【解析】【试题分析】 M 与 m 一起做匀加速直线运动，加速度相同，对整体运用牛顿第二定律求出加速度，再对 m 受力分析，根据牛顿第二定律即可求解 f根据牛顿第二定律求出木块和木板的加速度，根据位移时间公式算出 M 和 m 的位移，木板被拉出时两者位移之差为板长L，由此可以得到拉出时间 t(1)对 M 与 m 整体运用牛顿第二定律得： a=FM+m对 m 受力分析，根据牛顿第二定律得： f=ma=FmM+m(2)在此过程中，木块与木板各做匀加速运动.木块的加速度为 a1=mgm=g木板的加速度为：a2=Fmg(M+m)g6(M+m)gmg(M+m)gM =4mg+5MgM木板从小木块下抽出时，木块的位移： s1=12a1t2木板的位移 s2=12a2t2又： S2-S1=L解得: t=ML2g(M+m)【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律和运动学公式进行求解，10要知道木板被拉出时两者位移之差等于板长 L，运用隔离法研究相对滑动的情形11