广西2020版高考数学一轮复习高考大题增分专项四高考中的立体几何课件文.pptx

1、高考大题增分专项四 高考中的立体几何,-2-,从近五年的高考试题来看,立体几何是历年高考的重点,约占整个试卷的15%,通常以一大两小的模式命题,以中、低档难度为主.三视图、简单几何体的表面积与体积、点、线、面位置关系的判定与证明以及空间角的计算是考查的重点内容,前者多以客观题的形式命题,后者主要以解答题的形式加以考查.着重考查推理论证能力和空间想象能力,而且对数学运算的要求有加强的趋势.转化与化归思想贯穿整个立体几何的始终.,-3-,题型一,题型二,题型三,线线、线面平行或垂直的转化 1.在解决线线平行、线面平行问题时,若题目中已出现了中点,可考虑在图形中再取中点,构成中位线进行证明. 2.要

2、证线面平行,先在平面内找一条直线与已知直线平行,或找一个经过已知直线与已知平面相交的平面,找出交线,证明二线平行. 3.要证线线平行,可考虑公理4或转化为线面平行. 4.要证线面垂直可转化为证明线线垂直,应用线面垂直的判定定理与性质定理进行转化.,-4-,题型一,题型二,题型三,例1如图,在四棱锥P-ABCD中,侧面PAD为等边三角形且垂直于底面ABCD,AB=BC= AD,BAD=ABC=90.(1)证明:直线BC平面PAD;,-5-,题型一,题型二,题型三,(1)证明:在平面ABCD内,因为BAD=ABC=90,所以BCAD. 又BC平面PAD,AD平面PAD,故BC平面PAD. (2)解

3、:取AD的中点M,连接PM,CM.由AB=BC= AD及BCAD,ABC=90 得四边形ABCM为正方形,则CMAD. 因为侧面PAD为等边三角形且垂直于底面ABCD,平面PAD平面ABCD=AD, 所以PMAD,PM底面ABCD. 因为CM底面ABCD,所以PMCM.,-6-,题型一,题型二,题型三,-7-,题型一,题型二,题型三,对点训练1如图,在四面体ABCD中,ABC是正三角形,AD=CD.(1)证明:ACBD; (2)已知ACD是直角三角形,AB=BD,若E为棱BD上与D不重合的点,且AEEC,求四面体ABCE与四面体ACDE的体积比.,-8-,题型一,题型二,题型三,(1)证明:取

4、AC的中点O,连接DO,BO. 因为AD=CD,所以ACDO. 又因为ABC是正三角形, 所以ACBO. 从而AC平面DOB,故ACBD. (2)解:连接EO. 由(1)及题设知ADC=90,所以DO=AO. 在RtAOB中,BO2+AO2=AB2. 又AB=BD,所以BO2+DO2=BO2+AO2=AB2=BD2, 故DOB=90.,-9-,题型一,题型二,题型三,-10-,题型一,题型二,题型三,1.判定面面平行的四个方法: (1)利用定义:即判断两个平面没有公共点. (2)利用面面平行的判定定理. (3)利用垂直于同一条直线的两个平面平行. (4)利用平面平行的传递性,即两个平面同时平行

5、于第三个平面,则这两个平面平行. 2.面面垂直的证明方法: (1)用面面垂直的判定定理,即证明其中一个平面经过另一个平面的一条垂线. (2)用面面垂直的定义,即证明两个平面所成的二面角是直二面角.,-11-,题型一,题型二,题型三,3.从解题方法上说,由于线线平行(垂直)、线面平行(垂直)、面面平行(垂直)之间可以相互转化,因此整个解题过程始终沿着线线平行(垂直)、线面平行(垂直)、面面平行(垂直)的转化途径进行.,-12-,题型一,题型二,题型三,例2如图,四边形ABCD是平行四边形,平面AED平面ABCD,EFAB,AB=2,BC=EF=1,AE= ,DE=3,BAD=60,G为BC的中点

6、.(1)求证:FG平面BED; (2)求证:平面BED平面AED; (3)求直线EF与平面BED所成角的正弦值.,-13-,题型一,题型二,题型三,(1)证明:取BD的中点O, 连接OE,OG. 在BCD中,因为G是BC中点, 所以OGDC且OG= DC=1. 又因为EFAB,ABDC, 所以EFOG且EF=OG, 即四边形OGFE是平行四边形, 所以FGOE. 又FG平面BED,OE平面BED, 所以FG平面BED.,-14-,题型一,题型二,题型三,(2)证明:在ABD中,AD=1,AB=2,BAD=60, 由余弦定理可得BD= , 进而ADB=90,即BDAD. 又因为平面AED平面AB

7、CD,BD平面ABCD,平面AED平面ABCD=AD,所以BD平面AED. 又因为BD平面BED,所以,平面BED平面AED.,-15-,题型一,题型二,题型三,(3)解:因为EFAB,所以直线EF与平面BED所成的角即为直线AB与平面BED所成的角. 过点A作AHDE于点H,连接BH. 又平面BED平面AED=ED,由(2)知AH平面BED. 所以直线AB与平面BED所成的角即为ABH.,-16-,题型一,题型二,题型三,对点训练2 如图,在四棱锥P-ABCD中,ABCD,且BAP=CDP=90.(1)证明:平面PAB平面PAD; (2)若PA=PD=AB=DC,APD=90,且四棱锥P-A

8、BCD的体积为 ,求该四棱锥的侧面积.,-17-,题型一,题型二,题型三,(1)证明:由已知BAP=CDP=90,得ABAP,CDPD. 由于ABCD,故ABPD,从而AB平面PAD. 又AB平面PAB,所以平面PAB平面PAD. (2)解:在平面PAD内作PEAD,垂足为E. 由(1)知,AB平面PAD,故ABPE, 可得PE平面ABCD.,-18-,题型一,题型二,题型三,1.对命题条件的探索三种途径: (1)先猜后证,即先观察与尝试给出条件再证明; (2)先通过命题成立的必要条件探索出命题成立的条件,再证明充分性; (3)将几何问题转化为代数问题,探索出命题成立的条件. 2.对命题结论的

9、探索方法: 从条件出发,探索出要求的结论是什么,对于探索结论是否存在,求解时常假设结论存在,再寻找与条件相容或者矛盾的结论.,-19-,题型一,题型二,题型三,例3(2018全国,文19)如图,矩形ABCD所在平面与半圆弧,(1)证明:平面AMD平面BMC; (2)在线段AM上是否存在点P,使得MC平面PBD?说明理由.,-20-,题型一,题型二,题型三,(1)证明:由题设知,平面CMD平面ABCD,交线为CD. 因为BCCD,BC平面ABCD, 所以BC平面CMD,故BCDM.,所以DMCM. 又BCCM=C,所以DM平面BMC. 而DM平面AMD,故平面AMD平面BMC. (2)解:当P为

10、AM的中点时,MC平面PBD. 证明如下:连接AC交BD于O. 因为ABCD为矩形,所以O为AC中点. 连接OP,因为P为AM中点,所以MCOP. MC平面PBD,OP平面PBD, 所以MC平面PBD.,-21-,题型一,题型二,题型三,对点训练3如图,直角梯形ABCD中,ABCD,ADAB,CD=2AB=4,AD= ,E为CD的中点,将BCE沿BE折起,使得CODE,其中,点O在线段DE内.(1)求证:CO平面ABED. (2)问:当CEO(记为)多大时,三棱锥C-AOE的体积最大?最大值为多少?,-22-,题型一,题型二,题型三,(1)证明:在直角梯形ABCD中,CD=2AB,E为CD的中

11、点,则AB=DE. 又ABDE,ADAB,知BECD. 在四棱锥C-ABED中,BEDE,BECE,CEDE=E,CE,DE平面CDE,则BE平面CDE. 因为CO平面CDE,所以BECO. 又CODE,且BE,DE是平面ABED内两条相交直线,故CO平面ABED.,-23-,题型一,题型二,题型三,(2)解:由(1)知CO平面ABED,-24-,1.三种平行关系的转化方向,如图所示:,-25-,2.注重空间直线与平面垂直的相互转化.,-26-,3.线面、线线垂直与平行的位置关系在面面平行与垂直位置关系的证明中起着承上启下的桥梁作用,依据线面、面面位置关系的判定定理与性质定理进行转化是解决这类问题的关键.证明面面平行主要依据判定定理,证明面面垂直时,关键是从现有直线中找一条直线与其中一个平面垂直,若图中不存在这样的直线,则应借助添加中线、高线等方法解决.,