2019届高考物理二轮复习选择题专项练（三）高考8道选择题押题练（八）电路、交变电流及物理学史（偶考点）.doc

1、1选 择 题 押 题 练 （ 八 ） 电 路 、 交 变 电 流 及 物 理 学 史 （ 偶 考 点 ）1物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学发展过程中的认识，下列说法中正确的是( )A法拉第根据电流的磁效应现象得出了法拉第电磁感应定律B卡文迪许利用扭秤测出了引力常量，被誉为能“称出地球质量的人”C牛顿第一定律虽然是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，但可用实验直接验证D伽利略利用理想斜面实验，使亚里士多德“重的物体比轻的物体下落得快”的结论陷入困境解析：选 B 奥斯特发现了电流的磁效应现象，纽曼和韦伯通过对理论和实验资料进行

2、严格分析，先后总结出法拉第电磁感应定律，故选项 A 错误；卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，使万有引力定律有了实际的应用价值，如测天体质量，故选项 B 正确；现实生活中不存在不受力的运动物体，因此牛顿第一定律不可以直接用实验验证，故选项 C错误；伽利略在理想斜面实验的基础之上，用逻辑推理的方法使得“重的物体比轻的物体下落得快”的结论陷入困境，故选项 D 错误。2(2018湖南师大附中检测)下列说法正确的是( )A电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的B电容公式 C 采用的是比值定义法，但电容器的电容并不由 Q、 U 决定QUC库仑力的公式和万有引力的公式在形式上非常相似，说明这

3、两种力的性质相同D能量守恒定律是最普遍的自然规律之一，爱因斯坦对能量守恒定律的建立做出了突出贡献解析：选 B 静止的电荷的周围存在电场，运动的电荷周围才能存在磁场，故 A 错误；公式 C 采用了比值定义法，但 C 并不由 Q、 U 决定，而是取决电容器本身，以平行板电QU容器为例，决定式为 C ，故 B 正确；尽管库仑力的公式和万有引力的公式在形式上 rS4 kd非常相似，但以目前的科技认知，它们仍是性质不同的两种力，故 C 错误；能量守恒定律确立于 19 世纪中叶，早于爱因斯坦的生辰，故 D 错误。3.可变电容器 C1、 C2和可变电阻器 R1、 R2以及电源 E 连接成如图所示的电路。闭合

4、开关 S，当 R1的滑片在图示位置时， C1、 C2所带的电荷量相等。现要使 C1所带的电荷量大于 C2所带的电荷量，可采用的方法是( )A只增大 R2的电阻 B只增大 C2的电容C只增大 C1的电容 D只将 R1的滑片向 A 端移动解析：选 C 由题意，当变阻器 R1的滑片在图示位置时， C1、 C2的电荷量相等，即U1C1 U2C2，只增大 R2的电阻时， C1、 C2两端的电压 U1、 U2同时减小，且减小比例相同，仍2有 U1 C1 U2 C2，故 A 错误；只增大 C2的电容， C2的电荷量增大， C1的电荷量不变，则C2所带的电荷量大于 C1所带的电荷量，故 B 错误；只增大 C1

5、的电容， C1的电荷量增大， C2的电荷量不变，则 C1所带的电荷量大于 C2所带的电荷量，故 C 正确；当将 R1的滑片向 A端移动时， C1两端的电压降低， C2两端的电压升高，则 C2所带的电荷量大于 C1所带的电荷量，故 D 错误。4多选如图所示， A、 B 为水平放置的平行正对金属板，在板中央分别有一小孔 M、 N， D 为理想二极管， R 为滑动变阻器。闭合开关 S，待电路稳定后，将一带负电荷的带电小球从小孔 M、 N 的正上方 P 点由静止释放，小球恰好能运动至小孔 N 处。则下列说法中正确的有( )A若仅将 A 板上移，带电小球将无法运动至 N 处B若仅将 B 板上移，带电小球

6、将从小孔 N 穿出C若仅将变阻器的滑片上移，带电小球仍将恰好运动至小孔 N 处D断开开关 S，从 P 处将小球由静止释放，带电小球仍将恰好运动至小孔 N 处解析：选 AD 若仅将 A 板上移，根据 C ，知电容器的电容减小，由 Q CU 知， rS4 kd电压不变，电容器的带电量要减少，由于二极管的单向导电性，阻止电容器上的电荷流出，故电容器的电量不变，根据 C ， U Ed，得到： E ，故场强不变；带电小球如果QU 4 kQ rS能到达小孔 N，重力做功小于电场力做功，可知带电小球未达到小孔 N 时速度已经减为零返回了，故 A 正确。若仅将 B 板上移，根据 C ，电容增加，电容器要充电；

7、由于电 rS4 kd压 U 一定，根据 U Ed，电场强度增加，故如果能到达小孔 N，重力做功小于电场力做功，可知未达到小孔 N 时速度已经减为零返回了，故 B 错误。将滑动变阻器的滑片上移，分压增加，故电容器的电压增加，带电小球如果能到达小孔 N，重力做功小于电场力做功，可知未达到小孔 N 时速度已经减为零返回了，故 C 错误。断开开关 S，场强不变，故小球恰好能运动至小孔 N 处，故 D 正确。5(2018菏泽一模)用同样的交流电分别通过甲、乙两个电路给同样的灯泡供电，结果两个电路中的灯泡均能正常发光，乙图中理想变压器原、副线圈的匝数比为 53，则甲、乙两个电路消耗的电功率之比为( )A1

8、1 B52C53 D2593解析：选 C 设灯泡的额定电流为 I，则甲图中电路的功率为 P1 UI，根据变流比可知，乙图中原线圈中电流为 I，乙图中的功率为 P2 IU，因此甲、乙两个电路中的电功35 35率之比为 53，C 项正确。6.(2018黔东南州一模)小型发电站为某村寨 110 户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比为 n3 n4501，输电线的总电阻 R10 。某时段全村平均每户用电的功率为 200 W，该时段降压变压器的输出电压为 220 V。则此时段( )A发电机的输出功率为 22 kWB降压变压器的输入电压为 11 kVC输电线的电流

9、为 1 100 AD输电线上损失的功率约为 8.26 W解析：选 B 用户得到的总功率 P 用 200110 W22 kW，因有输电损耗，发电机的输出功率一定大于 22 kW，A 错误；由 可得： U311 kV，B 正确；由 P 用 U4I4，可U3U4 n3n4解得： I4100 A，由 得： I32 A，输电线上损失的功率为 P 损 I32R40 W，选项n3n4 I4I3C、D 均错误。7在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交流电的电动势随时间变化规律的图像如图乙所示，已知发电机线圈内阻为 1.0 ，外接一只电阻为 9.0 的灯泡，并在灯泡两端并

10、联一理想交流电压表，则( )A电压表的示数为 20 VB电路中的电流方向每秒改变 5 次C灯泡实际消耗的功率为 36 WD电动势的瞬时值表达式为 e20cos 5 t(V)解析：选 C 由题图乙知电动势最大值为 20 V，周期为 0.2 s，所以电动势有效值2为 20 V，角速度 10 rad/s。电压表测量的是路端电压 U 9 V18 2T 209 1V，A 错误；交流电的频率为 5 Hz，每一周期电流方向改变两次，所以电流方向每秒改变10 次，B 错误；灯泡实际消耗的功率为 P W36 W，C 正确；由题图乙可知，电U2R 1829动势随时间变化的瞬时值表达式为 e20 cos 10 t(

11、V)，D 错误。248多选(2018成都七中二模)如图所示，矩形线圈 abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路。线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的 bc 边匀速转动，磁场只分布在 bc 边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈面积为 S，转动角速度为 ，匝数为 N，线圈电阻不计。下列说法正确的是( )A将原线圈抽头 P 向下滑动时，灯泡变亮B线圈 abcd 转动过程中，线圈最大磁通量为 NBSC图示位置时，矩形线圈中磁通量的变化率最大D若线圈 abcd 转动的角速度变为 2 ，则变压器原线圈电压的有效值为 NBS解析：选 AD 矩形线圈 abcd 中产生交变电流，将原线圈抽头 P 向下滑动时，原线圈匝数变小，根据电压与匝数成正比知，输出电压增大，故灯泡会变亮，故 A 正确；线圈abcd 转动过程中，线圈最大磁通量为 BS，故 B 错误；图示位置时，是中性面位置，矩形线圈磁通量最大，线圈中磁通量的变化率最小，故 C 错误；若线圈转动角速度变为 2 ，根据电动势最大值公式 Em NBS ，变压器原线圈电压的最大值为 2NBS ，根据电流的热效应 T，解得 U 有 NBS ，故 D 正确。(2NBS2 )2R T2 U有 2R