2019高考物理一轮基础习选题（14）（含解析）新人教版.doc

1、1人教物理 2019 高考一轮基础习选题（14）李仕才一、选择题1、如图所示,在光滑的水平面上,有一垂直向下的匀强磁场分布在宽为 L 的区域内,有一个边长为 a(aL)的正方形闭合线圈以初速度 v0垂直磁场边界滑过磁场后速度变为 v(vv0),那么( B )A.完全进入磁场中时线圈的速度大于B.完全进入磁场中时线圈的速度等于C.完全进入磁场中时线圈的速度小于D.以上情况 A,B 均有可能,而 C 是不可能的解析:设线圈完全进入磁场中时的速度为 vx.线圈在穿过磁场的过程中所受合外力为安培力.对于线圈进入磁场的过程,据动量定理可得-Ft=-Ba =-Ba =mvx-mv0对于线圈穿出磁场的过程,

2、据动量定理可得-Ft=-Ba =-Ba =mv-mvx由上述二式可得 vx= ,选项 B 正确.2、(2017菏泽市二模)用如图甲所示的圆弧一斜面装置研究平抛运动，每次将质量为 m 的小球从半径为 R 的四分之一圆弧形轨道不同位置静止释放，并在弧形轨道最低点水平部分处装有压力传感器，测出小球对轨道压力的大小 F.已知斜面与水平地面之间的夹角 45，实验时获得小球在斜面上的不同水平射程 x，最后作出了如图乙所示的 Fx 图象，g 取 10 m/s2，则由图可求得圆弧轨道的半径 R 为( )2A0.125 m B0.25 mC0.50 m D1.0 m解析：选 B.小球在水平方向做匀速直线运动，竖

3、直方向做自由落体运动，根据平抛运动的规律可得做平抛运动竖直分位移 xtan g 2，小球在弧形轨道最低点做圆周运动，根12(xv)据牛顿第二定律可得：Fmgm (F是 F 的反作用力)，由以上两式解得：v2RF xmg，即题图乙中纵轴截距 5.0 N 为小球的重力，斜率 k10 N/m ，即mg2R mg2RR0.25 m，选项 B 正确，其余均错误3、如图所示，倾角为 的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体 a 放在斜劈上，轻质细线一端固定在物体 a 上，另一端绕过光滑的滑轮固定在 c 点，滑轮 2 下悬挂物体 b，系统处于静止状态。若将固定点 c 向右移动少许，而 a 与斜劈始终静止，则( )A

4、.细线对物体 a 的拉力增大B.斜劈对地面的压力减小C.斜劈对物体 a 的摩擦力减小D.地面对斜劈的摩擦力增大【答案】AD3有： FN G 总 FTcos G 总 ， FN与角度 无关，恒定不变；根据牛顿第三定律，斜劈对地面的压力也不变，故 B 错误； Ff FTsin tan ，将固定点 c 向右移动少许，则 变大，故摩擦力增大，故 D 正确；对物体 a 受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，故无法判断摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故 C 错误。4、如图，在两水平极板间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里

5、一带电粒子以某一速度沿水平直线通过两极板若不计重力，下列四个物理量中哪一个改变时，粒子运动轨迹不会改变( )A粒子速度的大小B粒子所带的电荷量C电场强度4D磁感应强度解析：选 B.粒子作直线运动，有 qvBqE，即 EvB，与 q 无关5、某理想自耦变压器接入电路中的示意图如图(甲)所示,图(乙)是其输入电压 u 的变化规律.已知滑动触头在图示位置时原、副线圈的匝数比为 n1n 2=101,电阻 R=22 .下列说法正确的是( AC )A.通过 R 的交变电流的频率为 50 HzB.电流表 A2的示数为 AC.此时变压器的输入功率为 22 WD.将 P 沿逆时针方向移动一些,电流表 A1的示数

6、变小解析:由图(乙)可知,该交变电流的周期为 T=0.02 s,其频率为 f= = Hz=50 Hz,故 A 正确;由图知输入电压的最大值为 Um=220 V,所以有效值为 U=220 V,则副线圈两端的电压为U=U =220 V=22 V,所以通过电阻的电流(即为电流表 A2的示数)为 I= = A=1 A,故 B 错误;变压器的输出功率为 P=UI=221 W=22 W,理想变压器的输入功率等于输出功率,所以有 P=P=22 W,故 C 正确;将 P 沿逆时针方向移动一些,变压器的副线圈匝数变大,输出电压变大,输出功率变大,所以输入功率也变大,故电流表 A1的示数将变大,故 D 错误.6、

7、关于物理学的研究方法，以下说法不正确的是( )A伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法C电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D “合力与分力” 、 “总电阻” 、 “交流电的有效值”用的是等效替代的方法解析：选 C.伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法，即理想实验，选项 A 正确；扭秤实验装置应用了放大法，选项 B 正确；在定义电场强度时应用了比值法，因而电场强度与电场力和试探电荷的电量无关，选项 C 错误；等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂

8、的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法，合力与分力、总电阻、交流电的有效值用的是“等效替代”的方法，选项 D 正确7、如图甲，两水平金属板间距为 d，板间电场强度的变化规律如图乙所示 t0 时刻，质量为 m 的带电微粒以初速度 v0沿中线射入两板间，0 3T时间内微粒匀速运动， T 时刻微5粒恰好经金属板边缘飞出.微粒运动过程中未与金属板接触重力加速度的大小为 g.关于微粒在 0 T 时间内运动的描述，正确的是( )A末速度大小为 2v0B末速度沿水平方向C重力势能减少了 1mgdD克服电场力做功为 mgd【答案】BC8、2016 年 8 月

9、16 日，我国发射了全球首颗量子科学实验卫星，该星被命名为“墨子号” 。墨子是春秋战国时期著名的思想家，他关于物理学的研究涉及到力学、光学、声学等分支。关于他的著作墨经中对物理知识的论述，下列说法不正确的是A. 运动就是物体空间位置的变动B. 力是物体由静到动，由慢到快的原因C. 重量也是力，物体下坠、上举，都是重量作用的结果D. 时间可以是有限长度的，也可以是没有长度的时刻【来源】 【全国百强校】吉林省实验中学 2018 届高三高考考前浏览题物理试题选择题部分【答案】 C【解析】运动就是物体空间位置的变动，选项 A 正确；力是物体由静到动，由慢到快的原6因，即力是使物体运动状态变化的原因，选

10、项 B 正确；重量时重力的大小，物体下坠时合力向下、上举时合力向上的结果，故 C 错误；时间分为时间间隔与时刻，故 D 正确；本题选不正确的，故选 C.二、非选择题(2017江苏省泰州市高考物理二模试卷)如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为 m，与水平地面间的动摩擦因数为 0.1，A 点左侧地面光滑，AB 的长度为 5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到 A 点时弹簧恢复原长，以后继续向 B 点滑行，并滑上光滑的半径为 R 的 光滑圆弧 BC，在 C 点正上方有一离 C 点高度也为 R 的旋转平14台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔 P、Q，旋转时

11、两孔均能达到 C 点的正上方若滑块滑过 C 点后进入 P 孔，又恰能从 Q 孔落下，已知物体通过 B 点时对地面的压力为9mg.求：(1)滑块通过 B 点时的速度 vB；(2)弹簧释放的弹性势能 Ep；(3)平台转动的角速度 应满足什么条件解析：(1)物体经过 B 点做圆周运动，由牛顿第二定律可得：F Nmgmv2BR即：9mgmgm ，v2BR解得：v B2 2gR(2)物体由静止释放到 B 点，根据动能定理可得：Wmgxmv2BR又由功能关系 WE p解得：E pmg5R m(2 )212 2gR即 Ep4.5mgR(3)滑块从 B 点开始运动后机械能守恒，设滑块到达 P 处时速度为 vP.则由机械能守恒定律得mv mv mg2R12 2B 12 2P解得：v P2 gR滑块穿过 P 孔后再回到平台时间：t 42vpg Rg7要想实现上述过程，必须满足 t(2n1)解得： (n0、1、2) 2n 1 4 gR答案：(1)滑块通过 B 点时的速度为 2 ；2gR(2)弹簧释放的弹性势能为 4.5mgR；(3)平台转动的角速度 应满足的条件是 (n0、1、2) 2n 1 4 gR