江西省南康中学2019届高三物理上学期第二次月考试题.doc

1、- 1 -南康中学 20182019 学年度第一学期高三第二次大考物 理 试 卷一、选择题(本题共 10小题，每小题 4分，在每小题给出的四个选项中，第 16 题只有一个选项正确，第 710 题有多项正确，漏选得 2分，错选得 0分。)1.在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法错误的是( )A.质点和点电荷体现的是同一种思想方法B.重心、合力和分力、交流电有效值都体现了等效替代的思想C.加速度、电场强度、电势的定义式都是采取比值法定义的物理量D.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，能用实验直接验证2.石块 A自塔顶自由落

2、下 s1时，石块 B自离塔顶 s2处自由落下，两石块同时落地则塔高为( )A B C D12s21()4s214()s21()s3.物理学中有些结论不一定要通过计算才能验证，有时只需通过一定的分析就能判断结论是否正确根据流体力学知识，喷气式飞机喷出气体的速度 v与飞机发动机燃烧室内气体的压强 p、气体密度 及外界大气压强 p0有关试分析判断下列关于喷出气体的速度的倒数 的表达式正确的是( )A B C D 4 a、 b是截面为直角三角形的两个完全相同的楔形物体，分别在垂直于斜边的恒力 F1、 F2作用下静止在相同的竖直墙面上，如图所示。下列说法正确的是( )A a、 b受力个数一定相同B F1

3、、 F2大小一定相等C墙面对物体的弹力一定相等D b受到摩擦力可能大于 a受到的摩擦力5如图甲、乙所示为某物体在 0 t时间内运动的 x t图线和 v t图线，由图可知，在0 t时间内( )A物体做的是曲线运动- 2 -B物体做加速度越来越小的运动C图甲中 时刻，图线的斜率为t12 v02D x1 x0 t1v026如图所示，物块 M在静止的足够长的传送带上以速度 v0匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，在此传送带的速度由零逐渐增加到 2v0后匀速运动的过程中，以下分析正确的是( )A.M下滑的速度不变B.M开始在传送带上加速到 2v0后向下匀速运动C.M先向下匀速运动，后向下加速

4、，最后沿传送带向下匀速运动D.M受的摩擦力方向始终沿传送带向上7某物体做平抛运动时，它的速度方向与水平方向的夹角为 ，其正切值 tan 随时间 t变化的图象如图所示，( g取 10 m/s2)则( )A第 1 s物体下落的高度为 5 mB第 1 s物体下落的高度为 10 mC物体的初速度为 5 m/sD物体的初速度为 10 m/s8某马戏团演员做滑杆表演，已知竖直滑杆上端固定，下端悬空，滑杆的重力为 200 N，在杆的顶部装有一拉力传感器，可以显示杆顶端所受拉力的大小。从演员在滑杆上端做完动作时开始计时，演员先在杆上静止了 0.5 s，然后沿杆下滑，3.5 s末刚好滑到杆底端，并且速度恰好为零

5、，整个过程演员的 v t图象和传感器显示的拉力随时间的变化情况分别如图甲、乙所示， g10 m/s2，则下列说法正确的是( )A演员的体重为 800 N B演员在最后 2 s内一直处于超重状态C传感器显示的最小拉力为 620 N D滑杆长 7.5 m9如图所示，小车内有一质量为 m的物块，一轻质弹簧两端与小车和物块相连，处于压缩状态且在弹性限度内。弹簧的劲度系数为 k，形变量为 x，物块和小车之间的动摩擦因数为 。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。运动过程中，物块和小车始终保持相对静止，则下列说法正确的是( )A若 mg 小于 kx，则小车的加速度方向一定向左- 3 -B.若 mg 小于 kx，则

6、小车的加速度最小值为 a ，且小车只能向左加速运动kx mgmC若 mg 大于 kx，则小车的加速度方向可以向左也可以向右D若 mg 大于 kx，则小车的加速度最大值为 ，最小值为kx mgm kx mgm10如图甲所示，细绳跨过光滑的轻质定滑轮连接 A、 B两球，滑轮悬挂在一个力传感器正下方。 B球换用质量 m不同的球，而 A球质量 m0始终不变，通过计算机描绘得到传感器拉力 F随 B球质量 m变化关系如图乙所示， F F0直线是曲线的渐近线，重力加速度为 g。则( )A根据图线可以确定 A球质量 m0F04gB根据图线可以计算 B球为某一质量 m时其运动的加速度 aC A、 B球运动的加速

7、度 a一定随 B质量 m的增大而增大D传感器读数 F一定小于 A、 B球总重 力二、填空题（每空 2分，共 12分）11.（6 分）在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带如图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 等 7个计数点，每相邻两个计数点之间还有 4个计时点（图中没有画出） ，打点计时器接周期为 T=0. 02 s的交流电源。经过测量得：d 1=3.62 cm，d 2=9. 24 cm, d3 =16. 85cm, d4=26. 46 cm, d5=38. 06 cm, d6=51. 67 cm.(1)打点计时器在打 E点时纸带运动的速度大小为_

8、m/s，加速度大小为_ ms 2。 （结果保留三位有效数字）(2)如果当时电网中交变电流的频率是 f=49 Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值 _ _（填“大于” 、 “等于”或“小于 ”）实际值。12.（6 分）为了探究加速度与力、质量的关系，物理兴趣小组成员独立设计了如图所示的实验探究方案，并进行了实验操作。（1）在长木板的左端垫上木块的目的是_ ；（2）实验中用砝码（包括小盘）的重力 G=mg的大小作为小车(质量为 M)所受拉力 F的大小，能够实现这一设想的前提条件是 _ ；1d23456- 4 -O1a1m图乙小车纸带长木板电磁打点计时器图甲（3）图乙为小车质量 M一定时

9、，根据实验数据描绘的小车加速度 a与盘和砝码的总质量 m之间的实验关系图象。设图中直线斜率为 k，在纵轴上的截距为 b，若牛顿第二定律成立，则小车的质量 M为_ 。三、计算题（本题共 48分，解题过程中要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有 数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位必须填写在答题卡上指定区域的指定位置 ）13. （10 分）如图所示，质量为 mB24 kg的木板 B放在水平地面上，质量为 mA22 kg的木箱 A放在木板 B上一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为 37.已知木箱 A与木板 B之间的动摩擦因数 10

10、.5.现用水平向右、大小为 200 N的力 F将木板 B从木箱 A下面匀速抽出(sin 370.6，cos 370.8，重力加速度 g取 10 m/s2)，则（1）轻绳的拉力为多少？（2）木板 B与地面之间的动摩擦因数 2的大小为多少？14 （12 分）如图甲所示，质量为 的物体置于倾角为 37的固定斜面上（斜面足够1mkg长） ，对物体施加平行于斜面向上的恒力 F，作用时间 时撤去力 F，物体运动的部1ts分 v-t图象如图乙所示，设物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知，取 。求：00sin37.6,cos37.8210/gs（1）物体与斜面间的动摩擦因数和拉力 F的大小；b- 5 -

11、（2）t=5s 时物体的速度和 0-5s内的位移。15 （12 分）受台风“电母”影响，江苏多地暴雨，严重影响了道路交通安全某高速公路同一直线车道 上同向匀速行驶的轿车和货车，其速度大小分别为 v1=32m/s，v 2=20m/s，轿车在与货车距离 x0=16m时才发现前方有货车，若此时轿车只是立即刹车，则轿车要经过 S=128m才停下来两车可视为质点，求：（1）轿车刹车后减速运动的加速度大小；（2）若轿车刹车时货车以 v2匀速行驶，通过计算分析两车是否会相撞；（3）若轿车在刹车的同时给货车发信号，货车司机经 t0=1s收到信号并立即以大小a2=4m/s2的加速度加速前进，通过计算分析两车会不

12、会相撞？16 （14 分）如图 1所示，半径 R=0.45m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，B 为轨道的最低点，B 右侧的光滑的水平面上紧挨 B点有一静止的小平板车，平板车质量 M=1kg，长度 L=1m，小车的上表面与 B点等高，距地面高度 h=0.2m质量 m=1kg的物块（可视为质点）从圆弧最高点 A由静止释放，取 g=10m/s2试求：- 6 -（1）物块滑到轨道上的 B点时对轨道的压力；（2）若锁定平板车并在上表面铺上一种特殊材料，其动摩擦力因数从左向右随距离均匀变化如图 2所示，求物块滑离平板车时的速率；（3）若解除平板车的锁定并撤去上表面铺的材料后 ，物块与木板间的动摩擦因数=0

13、.2，物块仍从圆弧最高点 A由静止释放，求物块落地时距平板车右端的水平距离。- 7 -南康中学 20182019 学年度第一学期高三第二次大考物理参考答案一、选择题1.答案 D解析 质点和点电荷都采用了理想化物理模型的方法，所以质点和点电荷是同一种思想方法，故 A正确；重心、合力和分力、交流电有效值的定义都采用了等效替代的思想，故 B正确；加速度、电场强度、电势的定义式都是采取比值法定义的物理量，故 C正确；牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不能用实验直接验证，故 D错误.2.【答案】B【解析】设塔高为 h，石块 A自塔顶自由落下 s1的时间为： t1此时 A石块的速度为： v1

14、石块 B自离塔顶 s2处自由落下的时间为： t2石块 A继续下落的时间等于 t2，则： h s1 v1t2 gt代入数据解得： h3.【答案】A【解析】首先从单位上看， ，可见 C、D 错误；再从其工作原理上看，压强差越大时，喷出气体的速度应该越大，故 A符合这种原理，所以B错误，A 正确4D 受力分析可知， a一定受四个力的作用， b可能受三个力也可能受四个力的作用，A项错；如图，由平衡条件得 F1、 F2不一定相等，又 FN Fsin ，故弹力 FNa、 FNb也不一定相等，B、C 项错误； a受到的最大静摩擦力为 Fam F 1sin ， b的最大静摩擦力为Fbm F 2sin ，当 F

15、2F1时，有 FbmFam，D 项正确。- 8 -5C 由题中所给的 x t和 v t图象易知物体做直线运动，选项 A错误；根据速度图象的斜率表示加速度可知，物体做匀减速直线运动，选项 B错误；根据图乙可知，在 时t12刻，物体的速度为 。而位移图象斜率表示速度，由此可知，图甲中在 时刻，图线的斜率v02 t12为 ，选项 C正确；根据图甲可知，物体是从坐标 x0位置出发沿 x轴运动， t1时刻运动到v02x1位置。位移为 x x1 x0。根据图乙，速度图象的面积表示位移可知，位移 x ，即v0t12x1 x0 ，选项 D错误。v0t126.答案 C解析 传送带静止时，物块匀速下滑，故 mgs

16、in Ff，当传送带的速度大于物块的速度时，物块受到向下的摩擦力，根据受力分析可知，物块向下做加速运动，当速度达到与传送带速度相等时，物块和传送带具有相同的速度匀速下滑，故 C正确，故选 C.7解析 因 tan t，对应图象可得 1， v010 m/s，D 正确，C 错误；gtv0 gv0 gv0第 1 s内物体下落的高度 h gt2 1012 m5 m，A 正确，B 错误12 12答案 AD8解析 演员在滑杆上静止时传感器显示的 800 N等于演员和滑杆的重力之和，所以演员体重为 600 N，A 错误；由 v t图象可知，1.5 s3.5 s内演员向下做匀减速运动，拉力大于重力，演员处于超重

17、状态，B 正确；演员加速下滑时滑杆所受拉力最小，加速下滑时a13 m/s2，对演员由牛顿第二定律知 mg f1 ma1，解得 f1420 N，对滑杆由平衡条件得传感器显示的最小拉力为 F1420 N200 N6 20 N，C 正确；由 v t图象中图线围成的面积可得滑杆长为 4.5 m，D 错误。答案 BC9解析 若 mg 小于 kx，而弹簧又处于压缩状态，则物块所受弹簧弹力和静摩擦力的合力水平向左，即小车的加速度一定向左，A 对；由牛顿第二定律得 kx Ff ma，当Ff mg 时，加速度方向向左且最小值为 amin ，随kx mgm着加速度的增大； Ff减小到零后又反向增大，当再次出现 F

18、f mg 时，加速度方向向左- 9 -达最大值 amax ，但小车可向左加速，也可向右减速，B 错；若 mg 大于 kx，则物kx mgm块所受弹力和静摩擦力的合力(即加速度)可能水平向左，也可能水平向右，即小车的加速度方向可以向左也可以向右，C 对；当物块的合外力水平向右时，加速度的最大值为 ， mg kxm物块的合外力水平向左时，加速度的最大值为 ，则小车的加速度最大值为 ， mg kxm kx mgm最小值为 0，D 错。答案 AC10解析 因为力传感器拉力 F2 FT，对 A、 B两球由牛顿第二定律有：( m0 m)g( m m0)a， a g，B 正确；对 B球有： FT mg ma

19、，所以： F g，由图象可知m0 mm m0 4mm0m m0F F0直线是曲线的渐近线，故 A球质量 m0 ，A 正确；因为 m、 m0的大小关系不确定，所F04g以 C、D 错误。答案 AB二、填空题（每空 2分，共 12分）11. （1） 1.06 、2.00 （2）大于12. （1）平衡摩擦力 （2）盘和砝码的总质量远小于小车的质量 （3） kb三、计算题（共 48分）13. （10 分）对 受力分析如图甲所示： FN1 FTsin mAg AFf1 1FN1 由得： FT100 N（2）对 A、 B整体受力分析如图乙所示，由题意得FTcos Ff2 F FN2 FTsin ( mA

20、mB)g Ff2 2FN2 由得： 20.3，- 10 -14.（12 分） 【解析】 （1）根据 v-t图线知，匀加速直线运动的加速度的大小： ，210/ams根据牛顿第二定律得： ，1cosinFmgma匀减速直线运动的加速度的大小： ，2210/a根据牛顿第二定律得： ，2sincs解得： 。30,.5FN（2）在物体运动过程中，沿斜面向上加速 ， ，21xat10xm设撤去力 F后物体运动到最高的时间为 ， 解得： ；2t2v2ts沿斜面向上的减速 ， 则物体沿斜面下滑的时间为 2s221xat0xm设下滑加速度为 ，由牛顿第二定律得 解得3 3sincosgma23/s物体沿斜面下滑

21、 ，X 3=4m所以 5s时物体的速度： v=4m/s，方向沿斜面向下，23xt位移：26m，方向沿斜面向上。15、 （12 分） （1）4m/s 2 （2）两车会相撞；（3）不会相撞；【解析】 （1）由运动学公式得： ，解得 （2）当两车的速度相等时： ，得轿车位移货车位移此时两车间距离因此两车会相撞。（3）当两车速度相等时， ，解得轿车位移为： 货车位移为：242020201()()4xvttatm此时两车间距离由于此后货车速度大于汽车速度，因此此间距为最小间距，不会相撞。- 11 -16、 （14 分） （1）物体从圆弧轨道顶端滑到 B点的过程中，机械能守恒，则 21 BmgRv，解得 3/Bvms在 B点由牛顿第二定律可得2mvNgR解得 N=30N，即物块滑到轨道上 B点时对轨道的压力为 30N，方向竖直向下（2）物块在小车上滑行时的摩擦力做功 124fgmWlJ从物体开始滑到滑离平板车 过程中由动能定理可得 21fRv，解得 1/ms（3）当平板车不固定时，对物块 21/ags，对平板车 21gaM经过时间 1t物块滑离平板车，则 ，解得 0.5ts， （另一解舍掉）21Bvtt物体滑离平板车的速度 1/ms物此时平板车的速度 2/vat车物块滑离平板车做平抛运动的时间 20.htsg物块落地时距平板车右端的水平距离 2.svtm物 车