河南省鹤壁市淇滨高级中学2018_2019学年高二物理上学期第二次周考试题.doc

1、- 1 -淇滨高中 2018-2019 学年上学期第二次周考高二物理试卷考试时间：90 分钟； 一、选择题（14 小题，每小题 4 分，共 56 分。其中 1-10 小题是单选，11-14 是多选，选对得 4 分，选不全得 2 分）1对电流概念的正确理解是（ ）A 通过导体的横截面的电量越多，电流越大B 导体的横截面越大，电流越大C 单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大D 导体中的自由电荷越多，电流越大2两个电阻 R1、R 2的电流 I 和电压 U 的关系如图所示若两个电阻 R1、R 2串联接在电路中，那么电阻 R1、R 2两端的电压之比 U1：U 2等于（ ） A 1：3 B 3：1

2、 C 1： D ：13比值定义法，就是在定义一个物理量的时候采取比值的形式定义。用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例。下列不属于比值定义法的是（ ）A B C D 4某电解池内若在 2S 内各有 1.01019个二价正离子和 21019个一价负离子同时向相反方向能过某截面，那么通过这个截面的电流是( )A 0A B 0.8A C 1.6A D 3.2A5下列说法正确的是（ ）A 由知道，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B 比值反映了导体阻碍电流的性质，即电阻C 导体电流越大，电阻越小- 2 -D 由知道，一段导体的电流跟它的电阻成正比6有一毫伏表，它的内阻是

3、 100 ，量程为 0.2V，现要将它改装成量程为 10V 的电压表，则毫伏表应（ ）A 并联一个 0.02 的电阻 B 并联一个 0.8 的电阻C 串联一个 50 的电阻 D 串联一个 4900 的电阻7下列关于电阻率的叙述，正确的是（ ）A 当导线绕制成的电阻，对折后电阻减小，电阻率减小B 常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的C 材料的电阻率取决于导体的电阻，横截面积和长度D 材料的电阻率不随温度变化而变化8一根粗 细均匀的电阻丝截成长度相等的三段，再将它们并联起来，测得阻值为 2 ，则此电阻丝原来的阻值为：( )A 4 B 6 C 8 D 189如图所示，两块较大的金属板 A、 B

4、 相距为 d，水平放置并与一电源相连。以下说法正确的是（ ）A 若 S 保持闭合，将上板 A 向上平移小段位移， G 中有 a b 的电流B 若 S 保持闭合，将下板 B 向下平移小段位移， G 中有 b a 的电流C 若 S 保持断开，将上板 A 向上平移小段位移， G 中有 a b 的电流D 若 S 保持断开，将下板 B 向下平移 小段位移， G 中有 b a 的电流10示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图所示，真空室中电极 K 发出电子（初速度不计） ，经过电压为 U1的加速电场后，由小孔 S 沿水平金属板A、B 间的中心线射入板中金属板长为 L，相距为 d，

5、当 A、B 间电压为 U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点已知电子的质量为 m、电荷量为 e，不计电子重力，下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是（ ）- 3 -A U 1变 大，U 2变大 B BU 1变大，U 2变小C U 1变小，U 2变大 D U 1变小，U 2变小11关于四个公式P=UI； ；，下列说法正确的是（ ）A 公式适用于任何电路的热功率的计算B 公式适用于任何电路电功率的计算C 公式适用于任何电路的电功率的计算D 以上均正确12如图所示的电路中，输入电压 U 恒为 16V，灯泡 L 标有“6V，6W”字样，电动机线圈的电阻 RM=1，若灯泡恰能正常发光，则

6、下列说法中正确的是（ ）A 电动机的输入功率为 16W B 电动机的输出功率为 10WC 电动机的热功率为 1W D 整个电路消耗的电功率为 16W13如下图所示，电路中 A、 B 为两块竖直放置的金属板， C 是一只静电计，开关 S 合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（ ）A 断开 S 后，使 B 板向右平移一些B 断开 S 后，使 A、 B 两板错开一些C 保持 S 闭合，使 A、 B 两板靠近一些D 保持 S 闭合，使 A、 B 两板正对面积减小一些14如图甲所示，平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力） ，两板间距离足够大。当两板间加上如图乙所示的交变

7、电压后，在下图中，反映电子速度 v、位移 x 和加速度 a 三个- 4 -物理量随时间 t 的变化规律可能正确的是（ ）甲 乙A B C D 第 II 卷（非选择题）二、实验题（2 小题，共 14 分）15 （8 分）图甲为小孔同学测绘额定电压为 2.5V 的小灯泡的 IU 图线的实验电路图（乙） （1）根据电路图，用笔画线代替导线，将图（乙）中的实验电路连接成完整实验电路_（2）开关 S 闭合之前，图（乙）中滑动变阻器的滑片应该置于_（选填“ A 端” 、- 5 -“B 端”或“ AB 正中间” ）.（3）该同学在实验中采用了_（选填“内接法”或“外接法” ） ，实验测得的结果比真实值_（选

8、填“大”或“小” ） .（4）图（丙）是实验中测得的数据，根据实验数据，该同学画出的小灯泡 IU 图线如图所示由此可知，当电压为 0.5V 时，小灯泡的灯丝电阻是_ .16 （6 分）在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的实验仪器如下：小灯泡 L， “3.8 V 2W”电压表 V1，量程 05 V，内阻约为 5 k电压表 V2，量程 015 V，内阻约为 5 k电流表 A1，量程 00.6A，内阻约为 0.4 电流表 A2，量程 03A，内阻约为 0.4 滑动变阻器 R1，最大阻值 10 ，额定电流 1.0 A滑动变阻器 R2，最大阻值 500 ，额定电流 0.5 A直流电源 E，

9、电动势约为 6 V，内阻约为 0.5 (1)在上述器材中，电压表应选_；电流表应选_；滑动变阻器应选_。(2)在虚线框内画出实验的电路图_。三、解答题（3 小题，共 30 分）17 （10 分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点，用一根长度为的绝缘轻线把质量为、带有正电荷的金属小球悬挂在点，小球静止在点时轻线与竖直方向的夹角为现将小球拉至位置，使轻线水平张紧后由静止释放 （ 取， ， ） 求：（1）小球所受电场力的大小- 6 -（2）小球通过最低点时轻线对小球的拉力大小18 （12 分）如图所示，电源电动势 E=10V，内阻 r=1，闭合电键 S 后，标有“8V，12W”的灯泡恰能正

10、常发光，电动机 M 绕组的电阻 R0 =2，求：(1)电源的内电压 U 内 ；(2)通过电动机 M 的电流 IM；(3)电动机的输出功率 P 出 。19 （8 分）如图所示，粗糙水平轨道与半径为的竖直光滑半圆轨道在点平滑连接，在过圆心的水平界面的下方分布有水平向右的匀强电场，场强。现有一质量为，电量为的小球（可视为质点）从水平轨道上点由静止释放，小球运动到点离开圆轨道后，经界面上的点进入电场（点恰好在点的正上方） 。已知、间距离为，重力加速度为，求：（1）小球在处的速度大小（2）小球从运动到克服阻力做功参考答案1C【解析】【详解】根据电流的定义 I=q/t 可知，单位时间内通过导体横截面积的电

11、量越多，电流越大，所以 C正确，ABD 错误。- 7 -2A【解析】【详解】由 U-I 图象得出：，可得，在串联电路中，电阻两端的电压与其电阻值成正比，所以，故 A正确，BCD 错误。3D【解析】A、在电场中，某点电荷的电势能跟它所带的电荷量之比，叫做这点的电势，采用的是比值定义法，故 A 不符合题意；B、放入电场中某一点的电荷受到的电场力 F 跟它的电量 q 的 比值叫做该点的电场强度，采用的是比值定义法，故 B 不符合题意；C、电容器所带电量 Q 与电容器两极间的电压 U 的比值，叫电容器的电容，采用的是比值定义法，故 C 不符合题意；D、把单位时间里通过导体任一横截面的电量叫做电流强度，

12、所以采用的是比值定义法，而不属于比值定义法，故 D 符合题意；故选 D。4D【解析】通过截面的总电荷量 q=1.0101921.610-19C+2.010191.610-19C=6.4C，通过截面的电流 ，故 D 正确，ABC 错误。故选 D.6.432qIAt点睛：本题应知道元电荷的电荷量是 1.610-19C，应用电流的定义式 I=q/t，即可求出电流值关键要注意通过截面的电荷量等于正负离子电荷量绝对值之和，而不是代数和5B6D【解析】把毫伏表改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值为： ，故 D 正确，ABC 错误。10490.2gURI7B【解析】电阻率，与材质、温度有关，与导体

13、的电阻，横截面积和长度无关；由可知，对折后长度变小，V 不变，故电阻减小，电阻率不变；日常生活中都是用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的。综上分析，B 正确。- 8 -8D【解析】一根粗细均匀，电阻值为 R 电阻丝截成长度相等的三段，则长度变为原来的 1/3，再把得到的三段并联起来使用，横截面积变为原来的 3 倍，根据电阻定律 R=L/S，阻值变为原来的 1/9，故：R/9=2；解得：R=18故选 D.点睛：串联电路相当于增加了电阻的长度，所以阻值增大，并联电路相当于增加了电阻的横截面积，所以阻值减小9B【解析】【详解】若 S 保持闭合，将上板 A 向上平移一小段距离，极板间距变大，根据电

14、容的决定式 知，电容 C 减小，而电容器的电压不变，电容器所带电量为 Q=CU，可知 Q 将减小，电容器要放电，电路中形成逆时针方向的电流，所以 G 中有 ba 的电流。故 A 错误。若将下板 B 向下平移一小段，板间距离增大，根据电容的决定式知，电容 C 减小，而电容器的电压不变，则电容器所带电量 Q=CU 将减小，电容器要放电，电路中形成逆时针方向的电流，所以 G 中有 ba的电流。故 B 正确。S 保持断开，将上板 A 向上平移一小段位移或将下板 B 向下平移一小段距离，电容器所带电量不变，G 中无电流通过。故 CD 错误。故选 B。【点睛】本题是电容器动态变化分析问题，先根据电容的决定

15、式，再抓住电容器电压不变的特点，由Q=CU 分析电容器电量的变化，判断电容器是充电还是放电，即可确定电路中电流的方向.10C【 解析】【详解】设经过电压为 U1的加速电场后，速度为 v，在加速电场中，由动能定理得：mv 2=eU1，电子进入偏转电场后做类平抛运动，在水平方向上：L=vt，在竖直方向上：y=at 2= t2，解得：，由此可知，当 U1变小，U 2变大时，y 变大，故选 C。11AC【解析】求解电功率，可以用公式 P=IU，也可以用公式；而只能适用于纯电阻电路的电功率和热功率；适用于任何电路计算热功率；故选 AC。【点睛】P=IU 适用于任何电路计算电功率；适用于任何电路计算热功率

16、；只能适用于纯电阻电路的电功率或者热功率；是功率的定义公式，适用于任何情况的平均功率- 9 -12CD【解析】电动机两端的电压 U1=U-UL=16-6V=10V，整个电路中的电流，所以电动机的输入功率P=U1I=101W=10W，故 A 错误；电动机的热功率 P 热 =I2RM=11W=1W，则电动机的输出功率P2=P-I2RM=10-1W=9W，故 B 错误，C 正确；整个电路消耗的功率 P 总 =UI=161W=16W，故 D 正确。所以 CD 正确，AB 错误。13AB【解析】【详解】断开 S，电容器带电量保持不变，B 板向右平移一些，即 A、B 间距增大一些，根据，d 变大，C 变小

17、。根据 C=Q/U，U 增大，张角变大。故 A 正确。断开 S，电容器带电量保持不变，使A、B 正对面积错开一些，根据，S 变小，C 变小。根据 C= Q/U，U 增大，张角增大。故 B 正确。合上开关，电容器两端间的电势差不变，静电计指针张角不变。故 CD 错误。故选 AB。【点睛】解决本题的关键在处理电容器动态分析时，电容始终与电源相连，两端间电势差不变，与电源断开，电量保持不变14AD【解析】【详解】分析电子一个周期内的运动情况：0T/4 时间内，电子从静止开始向 A 板做匀加速直线运动，T/4T/2 沿原方向做匀减速直 线运动，T/2 时刻速度为零。T/23T/4 时间内向 B 板做匀

18、加速直线运动，3T/4T 时间内做匀减速直线运动。接着周而复始。根据匀变速运动速度图象是倾斜的直线可知，A 图符合电子的运动情况。故 A 正确，C 错误。电子做匀变速直线运动时 x-t 图象应是抛物线，故 B 错误。根据电子的运动情况：匀加速运动和匀减速运动交替产生，而匀变速运动的加速度不变，a-t 图象应平行于横轴。故 D 正确。故选 AD。15 A 端；外接法；小；5；【解析】【详解】- 10 -（1）根据原理图连接实物图如图所示；（2）为了仪器安全，开关 S 闭合之前，图（乙）中滑动变阻器的滑片应该置于 A 端，此时灯泡的电压为零；（3）因为灯泡的电阻较小，所以应采用电流表外接法。电压表

19、示 数等于灯泡两端的电压，电流表的示数大于灯泡的电流，根据 R=U/I，测量值比真实值小；（4）由图可知，电压为 0.5V 时，电流为 0.10A，根据 R=U/I，小灯泡灯丝的电阻为 5。16V 1 ; ;如图：【解析】【详解】（1）灯泡的额定电压为 3.8V，则电压表选择 V1；灯泡额定电流是，所以电流表选择的 A1，灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器 R1（2）因为灯泡的电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约为 7.2，远小于电压表的内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法，电路图如图所示【点睛】- 11 -本

20、题考查了选择实验器材、连接实物电路图、实验数据处理等问题；选择实验器材时，要注意安全性原则，要保证实验电路安全，要注意精确性原则，在保证安全的情况下，所选器材量程不要太大17 （1） （2）【解析】【分析】（1）小球在 B 点处于静止状态，对小球进行受力分析，根据平衡条件即可求解；（2）对小球从 A 点运动到 C 点的过程中运用动能定理求解速度；在 C 点，小球受重力和细线的合力提供向心力，根据向心力公式即可求解。【详解】（1）小球受重力 mg、电场力 F 和拉力 T，其静止时受力如答图 2 所示。根据共点力平衡条件有：F=mgtan37=0.75N（2）设小球到达最低点时的速度为 v，小球从

21、水平位置运动到最低点的过程中，根据动能定理有：mgl-Fl=mv 2解得：v=1.0m/s设小球通过最低点 C 时细线对小球的拉力大小为 T。根据牛顿第二定律有：T-mg= m解得：T=1.5N:*18 （1）2V（2）0.5A（3）3.5W【解析】【详解】(1)由全电路的欧姆定律可得，电源的内电压： 代入数据：(2)干路电流：电灯的电流：通过电动机 M 的电流：- 12 -(3)电动机的电功率：电动机的热功率：电动机的输出功率：.【点睛】对于电动机工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，本题不能用欧姆定律求出通过电动机的电流19 （1） （2）3mgR（3）【解析】【详解】(1) 小球离开 C 点做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，根据得：水平方向做匀速直线运动，可得则小球在 C 点的速度：(2)小球在 A C 过程，由动能定理得： 代入数据解得： Wf3mgR【点睛】明确小球的受力和运动分析是解题的关键，灵活应用动能定理和牛顿第二定律是解题的关键，题目综合性较强