【计算机类职业资格】初级程序员上午试题-39及答案解析.doc

1、初级程序员上午试题-39 及答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)1.可以用 p.a 的形式访问派生类对象 p 的基类成员 a，其中 a 是 (50) 。（分数：1.00）A.私有继承的公有成员B.公有继承的私有成员C.公有继承的保护成员D.公有继承的公有成员2. (71) is a memory chip that only can be read and used; that is, it cannot be modified。（分数：1.00）A.RAMB.CPUC.ROMD.WWW3.影响加法器运算速度的主要因素是 (5) 。（分数：1.00）A.组成全加器的元器件的工作速

2、度B.串行进位链的总延迟时间C.所有本地进位 di产生的速度D.所有全加和 Qi产生的速度4.在计算机中，英文缩写 DRAM 的中文含义是 (37) 。（分数：1.00）A.动态只读存储器B.动态随机存储器C.静态只读存储器D.静态随机存储器5.目前使计算机病毒传染范围最广的媒介是 (7) 。（分数：1.00）A.互联网B.硬磁盘C.内存D.U 盘6.标准化是一种活动过程，一般包括标准的产生、实施和 (68) 等阶段。（分数：1.00）A.规范B.推广C.更新D.总结7.我国标准分为国家标准、行业标准、地方标准和企业标准 4 类， (67) 是地方标准的代号。（分数：1.00）A.GBB.QJ

3、C.QD.DB8.在 PowerPoint 的“文件”菜单中，其“新建”命令的快捷键是 (33) 。（分数：1.00）A.Ctrl+NB.Ctrl+SC.Ctrl+OD.Ctrl+P9.设 a 为八进制数 147，b 为十六进制数 68，c 为十进制数 105，则正确的式子是 (12) 。（分数：1.00）A.abcB.bacC.cbaD.acb10.知识产权具有无形性、独占性、 (66) 、地域性和时间性。（分数：1.00）A.双重性B.公平性C.确定性D.有效性11.软件评审是保证软件质量的重要措施，它是对软件开发阶段成果的复审。下列 (51) 是复审的必需内容。需求复审 程序复审 详细设

4、计复审 总体设计复审（分数：1.00）A.、B.、和C.、和D.全部12.在可维护性的特性中，相互矛盾的是 (55) 。（分数：1.00）A.可修改性和可理解性B.可测试性和可理解性C.效率和可修改性D.可理解性和可读性13.引起循环队列队头位置发生变化的操作是 (26) 。（分数：1.00）A.出队B.入队C.取队头元素D.取队尾元素14.在进程运行过程中，一个进程的状态会发生变化，下列 (14) 变化是不可能发生的。（分数：1.00）A.就绪运行B.就绪等待C.运行就绪D.运行等待15.IP 地址由 32 位二进制数(4 组 8 位二进制数)组成，每组数可取值范围是 (43) 。（分数：1

5、.00）A.1254B.0-255C.0254D.1255TCP/IP 是一个协议族，它的体系结构分 4 层：应用层、网际层、网络接口层和 (46) ，其中 ARP 协议属于 (47) 。为了在源主机和目的主机之间传送数据，IP 协议需要确定源主机和目的主机是否在同一个网络中。（分数：2.00）A.会话层B.传输层C.网络层D.表示层A.应用层B.传输层C.网际层D.网络接口层16.在 Windows 操作系统中，可以通过安装 (54) 组件创建 FTP 站点。（分数：1.00）A.IISB.IEC.POP3D.DNS17.设置防火墙的目的是为了保障网络安全。在内部网络与外部公共网络之间主要防

6、止 (44) 。（分数：1.00）A.内部网对外部网的侵犯B.外部网对内部网的侵犯C.病毒D.授权侵犯18.提高软件的可维护性可采取很多措施，下列 (52) 不在措施之列。（分数：1.00）A.提供没有错误的程序B.建立质量保证制度C.改进程序文档质量D.明确软件质量标准19.引入虚拟存储技术的关键前提是 (15) 。（分数：1.00）A.程序执行的局部性原理B.有大容量的主存C.硬件提供地址转换机制D.合适的页面调度算法20.把 E-R 图转换成关系模型的过程，属于数据库设计的 (19) 。（分数：1.00）A.概念结构设计B.总体结构设计C.物理结构设计D.逻辑结构设计21.设二叉树根结点

7、的层次为 0，一棵深度(高度)为 k 的满二叉树和同样深度的完全二叉树各有 f 个结点和 c 个结点，下列关系式正确的是 (24) 。（分数：1.00）A.f=cB.cfC.f=2k-1D.c2 k-122.下列说法正确的是 (35) 。（分数：1.00）A.同一文件夹中不允许有两个文件的文件名完全相同B.不同文件夹中不允许有文件名相同的文件C.同一文件夹中允许有两个文件的文件名相同，但它们的内容也必须相同D.不同文件夹中允许有文件名相同的文件，但它们的内容也必须相同23.不适合作为数据处理与数据库应用的语言是 (57) 。（分数：1.00）A.SQLB.CobolC.4GLD.Lisp24.

8、位示图方法可用于 (16) 。（分数：1.00）A.盘空间的管理B.盘的驱动调度C.文件目录的查找D.页式虚拟存储管理中的页面调度25.简单优先分析每次归约的是 (45) 。（分数：1.00）A.最左直接短语B.直接短语C.最左素短语D.控制结点26.下列关于功能性注释中，不正确的是 (59) 。（分数：1.00）A.修改程序也应修改注释B.注释用来说明程序段，需要在每一行都要加注释C.可使用空行或缩进，以便很容易区分注释和程序D.功能性注释嵌在源程序中，用于说明程序段或语句的功能以及数据的状态27.用户提出需求并提供经费，委托软件公司开发软件。如果双方商定的协议中未涉及软件著作权归属，则软件

9、著作权属于 (48) 所有。（分数：1.00）A.用户B.软件公司C.用户、软件公司双方D.经裁决所确认的一方28.以下选项中，主要联系高层管理人员的信息系统是 (28) 。（分数：1.00）A.MIS(管理信息系统)B.DSS(决策支持系统)C.EDPS(电子数据处理系统)D.TPS(事务处理系统)29.若不带头结点的单链表中，头指针为 head，则该链表为空的判定条件是 (25) 。（分数：1.00）A.head=NULLB.head-next=NULLC.head!=NULLD.head-next=head30.在高级程序设计语言中， (49) 可以出现在赋值号的左边。（分数：1.00）

10、A.变量B.常量C.表达式D.过程名31.在 Windows 中，若窗口表示的是一个应用程序，则打开该应用程序窗口就是 (34) 。（分数：1.00）A.显示该应用程序的内容B.运行该应用程序C.结束该应用程序的运行D.将该窗口放大到最大32.十六进制数 A3.C 对应的十进制数为 (11) 。（分数：1.00）A.243.6B.163.75C.53.75D.511.433.下述 SQL 语句中， (58) 用于实现数据存取的安全机制。（分数：1.00）A.GRANTB.ROLLBACKC.COMMITD.CREATE TABLE34.网络中某用户只能接收但不能发送 E-mail，此时管理员应

11、检查 (69) 。（分数：1.00）A.E-mail 服务器是否与网络连通B.连接客户端与 E-mail 服务器之间的路由器端口的访问控制列表是否进行了 denv SMTP 设置C.连接客户端与 E-mail 服务器之间的路由器端口的访问控制列表是否进行了 deny any 设置D.连接客户端与 E-mail 服务器之间的路由器端口的访问控制列表是否进行了 deny pop3 设置35.设关系 R 和 S 的元组个数分别为 100 和 300，关系 T 是 R 与 S 的笛卡儿积，则 T 的元组个数是 (22) 。（分数：1.00）_题的关系代数操作的基本关系 R 和 S 如下：（分数：2.0

12、0）(1).若关系 R 和 S 的关系代数的操作结果如下，这是执行了 (20) 。A R.B C S.B EA1 B1 5 B2 7A1 B1 5 B3 10A1 B2 6 B2 7A1 B2 6 B3 10A2 B3 8 B3 10（分数：1.00）A.B.C.D.(2).若关系 R 和 S 的关系代数操作的结果如下，这是执行了 (21) 。A B C EA1 B1 5 3A1 B2 6 7A2 B3 8 10A2 B4 12 2初级程序员上午试题-39 答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)1.可以用 p.a 的形式访问派生类对象 p 的基类成员 a，其中 a 是 (50) 。

13、（分数：1.00）A.私有继承的公有成员B.公有继承的私有成员C.公有继承的保护成员D.公有继承的公有成员 解析：分析本题考查类的继承方式及其各自的继承特点。类的继承方式有 3 种：(1)公有继承：基类的公有成员和保护的成员被继承后其访问属性没有变化，但派生类的成员无法访问基类的私有成员；(2)私有继承：将基类的公有成员和保护成员作为派生类的私有成员，可以直接访问，但不能访问基类的私有成员；(3)保护继承：将基类的公有成员和保护成员作为派生类的保护成员，可以访问，也不能访问基类的私有成员。题目中要求用 p.a 的形式访问派生类对象 p 的基类成员 a，那么基类成员 a 一定是基类的公有成员，才

14、能在类的外面被访问；再结合各种继承的特点不难推断出一定是公有继承，因为只有这种继承方式才不会改变基类成员 a 的访问属性。2. (71) is a memory chip that only can be read and used; that is, it cannot be modified。（分数：1.00）A.RAMB.CPUC.ROM D.WWW解析：分析本题考查专业英语应用能力。参考译文：ROM 存储器是一种仅能进行读和使用的存储芯片，不能进行修改。3.影响加法器运算速度的主要因素是 (5) 。（分数：1.00）A.组成全加器的元器件的工作速度B.串行进位链的总延迟时间 C.所有本

15、地进位 di产生的速度D.所有全加和 Qi产生的速度解析：分析本题考查加法器的组成。加法器的主要功能是对数进行加法运算，在大多数的中央处理器中，很多其他计算也是经过变换后使用加法器来完成的，一个位加法的逻辑图如下图所示。*在上图中，X i、Y i是加数和被加数；C i+1是低位进位；C i是进位；Z i是和。在加法运算器进行运算时，第f 位的和除与本位操作数 Xi和 Yi有关外，还依赖于低位进位信号，而低位进位信号依赖于更低位的进位信号，而这样的进位逻辑就是串行进位链。因此影响加法器运算速度的主要因素是串行进位链的总延迟时间，而加法器本身求和的延迟时间反而是次要的。4.在计算机中，英文缩写 D

16、RAM 的中文含义是 (37) 。（分数：1.00）A.动态只读存储器B.动态随机存储器 C.静态只读存储器D.静态随机存储器解析：分析本题考查 DRAM 的概念。计算机主存根据工艺和技术不同，可以分为 RAM 与 ROM。其中 RAM 是指随机存储器，它可以写入也可以读出，但断电后信息无法保存，因此只能用于暂存数据。RAM 又可分为 DRAM(动态随机存储器)和 SRAM(静态随机存储器)两种，其中 DRAM 的信息会随时间逐渐消失，因此需要定时对其进行刷新以维持信息不丢失；而 SRAM 在不断电的情况下，信息不需要刷新且能够一直保持而不丢失。5.目前使计算机病毒传染范围最广的媒介是 (7)

17、 。（分数：1.00）A.互联网 B.硬磁盘C.内存D.U 盘解析：分析本题考查病毒传播媒介。据统计，以前通过磁盘等有形媒介传播的病毒，从国外发现到国内流行，传播周期平均需要 612 个月，而 Internet 的普及，使得病毒的传播已经没有国界。从“美丽杀”、“怕怕”、“辛迪加”、“欢乐99”，到“美丽公园”、“探索蠕虫”、“红色代码”、“求职信”等恶性病毒，通过 Internet 在短短几天就传遍整个世界。由此可见，目前使计算机病毒传染范围最广的媒介是互联网。6.标准化是一种活动过程，一般包括标准的产生、实施和 (68) 等阶段。（分数：1.00）A.规范B.推广C.更新 D.总结解析：分

18、析本题考查标准化的过程。为了在一定的范围内获得最佳秩序，对实际的或潜在的问题制定共同的和重复使用的规则的活动，称为标准化。它包括制定、推广和实施、更新标准的过程。7.我国标准分为国家标准、行业标准、地方标准和企业标准 4 类， (67) 是地方标准的代号。（分数：1.00）A.GBB.QJC.QD.DB 解析：分析本题考查我国标准的分类及其代号。GB 是我国的国家标准的代号，QJ 是行业标准的代号，DB 是地方标准的代号，Q 是企业标准的代号。8.在 PowerPoint 的“文件”菜单中，其“新建”命令的快捷键是 (33) 。（分数：1.00）A.Ctrl+N B.Ctrl+SC.Ctrl+

19、OD.Ctrl+P解析：分析本题考查 PowerPoint 中的一些常用快捷键操作。快捷键是方便操作的一种方式，可以提高我们的操作速度。在 PowerPoint 中常用的快捷键与其对应的命令如下：“文件”菜单中的“新建”：Ctrl+N；“文件”菜单中的“打开”：Ctrl+O；“文件”菜单中的“存盘”：Ctrl+S；“文件”菜单中的“打印”：Ctrl+P；“编辑”菜单中的“剪切”：Ctrl+X；“编辑”菜单中的“拷贝”：Ctrl+C；“编辑”菜单中的“粘贴”：Ctrl+V；“编辑”菜单中的“查找”：Ctrl+F；“编辑”菜单中的“替换”：Ctrl+H。9.设 a 为八进制数 147，b 为十六进

20、制数 68，c 为十进制数 105，则正确的式子是 (12) 。（分数：1.00）A.abc B.bacC.cbaD.acb解析：分析本题考查不同数制数之间的大小比较。根据题目需要我们应该都将其转换为十进制数，b=616 1+8160=96+8=104(十进制数)，而a=182+481+780=64+32+7=103(十进制数)。因此，可以得出这 3 个数的大小关系是 abc。10.知识产权具有无形性、独占性、 (66) 、地域性和时间性。（分数：1.00）A.双重性 B.公平性C.确定性D.有效性解析：分析本题考查知识产权的特点。知识产权也称为“智力成果权”、“智慧财产权”，它是人类通过创造

21、性的智力劳动而获得的一项权利。根据我国民法通则的规定，知识产权是指民事权利主体(自然人、法人)基于创造性的智力成果。知识产权具有无形性、专有性、双重性、地域性和时间性等特点。11.软件评审是保证软件质量的重要措施，它是对软件开发阶段成果的复审。下列 (51) 是复审的必需内容。需求复审 程序复审 详细设计复审 总体设计复审（分数：1.00）A.、B.、和C.、和D.全部 解析：分析本题考查软件评审的相关知识。软件评审是对软件元素或者项目状态的一种评估手段，以确定其是否与计划的结果保持一致，并使其得到改进。它是保证软件质量的重要措施，评审工作要贯穿软件开发的各个阶段。因此需求复审、程序复审、详细

22、设计复审与总体设计复审都是软件开发阶段复审的必需内容。12.在可维护性的特性中，相互矛盾的是 (55) 。（分数：1.00）A.可修改性和可理解性B.可测试性和可理解性C.效率和可修改性 D.可理解性和可读性解析：分析本题考查软件维护的基础知识。软件可维护性包括可理解性、可测试性和可修改性，其中可理解性包括可读性。效率不属于可维护性范畴，而是属于系统运行的范畴。13.引起循环队列队头位置发生变化的操作是 (26) 。（分数：1.00）A.出队 B.入队C.取队头元素D.取队尾元素解析：分析本题考查循环队列的特点。循环队列是指把队列造成一个环状的空间，而队列中的其他关系仍保持不变。其头指针仍指向

23、第一个元素，而尾指针仍指向最后一个元素。在队头进行的操作仍然是删除运算，那么是出队操作。14.在进程运行过程中，一个进程的状态会发生变化，下列 (14) 变化是不可能发生的。（分数：1.00）A.就绪运行B.就绪等待 C.运行就绪D.运行等待解析：分析本题考查进程的状态及其转换。一个处于就绪状态的进程，得到 CPU 的调度后就处于运行状态。相反，一个处于运行状态的进程，如果其时间片到，或者有一个级别更高的进程要运行，则该进程就会失去 CPU，从而转为就绪状态。一个处于运行状态的进程，如果其所需要的资源得不到满足，则会转入等待状态。一个处于等待状态的进程，如果其所需要的资源得到满足，则转入就绪状

24、态。15.IP 地址由 32 位二进制数(4 组 8 位二进制数)组成，每组数可取值范围是 (43) 。（分数：1.00）A.1254B.0-255 C.0254D.1255解析：分析本题考查 IP 地址的组成。IP 地址由 4 组 8 位二进制数组成，而 8 位二进制数转换成十进制后的最大值是 255，因此每组数可取值范围是 0255。TCP/IP 是一个协议族，它的体系结构分 4 层：应用层、网际层、网络接口层和 (46) ，其中 ARP 协议属于 (47) 。为了在源主机和目的主机之间传送数据，IP 协议需要确定源主机和目的主机是否在同一个网络中。（分数：2.00）A.会话层B.传输层

25、C.网络层D.表示层解析：A.应用层B.传输层C.网际层D.网络接口层 解析：试题 4647 分析本题考查计算机网络的基础知识。TCP/IP 协议族分为应用层、网际层、网络接口层和传输层 4 层，ARP 属于网络接口层。16.在 Windows 操作系统中，可以通过安装 (54) 组件创建 FTP 站点。（分数：1.00）A.IIS B.IEC.POP3D.DNS解析：分析本题考查 IIS 的基本功能。IIS(互联网信息服务)是 Windows 操作系统的一个组件，可以用来构建 Web、FTP 和 SMTP 服务器。而 IE 则是 Windows 自带的 Web 浏览器；POP3 是收取电子邮

26、件时使用的协议；DNS 则是域名解析服务。17.设置防火墙的目的是为了保障网络安全。在内部网络与外部公共网络之间主要防止 (44) 。（分数：1.00）A.内部网对外部网的侵犯B.外部网对内部网的侵犯 C.病毒D.授权侵犯解析：分析本题考查防火墙的作用。防火墙是位于两个(或多个)网络间，实施网络间访问控制的一组组件的集合，它是一套建立在内外网络边界上的过滤封锁机制，目的是保护内部网络安全。它满足以下条件：内部和外部之间的所有网络数据流必须经过防火墙，只有符合安全政策的数据流才能通过防火墙而访问内部网络，防火墙自身应对渗透免疫。归纳起来，防火墙的功能有：过滤掉不安全服务和非法用户；控制对特殊站点

27、的访问；提供了监视Internet 安全和预警的方便端点。但它一般不能用来防范病毒。18.提高软件的可维护性可采取很多措施，下列 (52) 不在措施之列。（分数：1.00）A.提供没有错误的程序 B.建立质量保证制度C.改进程序文档质量D.明确软件质量标准解析：分析本题考查提高软件可维护性的措施。软件的可维护性是指理解、改正、改动、改进软件的难易程度。通常影响软件可维护性的因素有可理解性、可测试性和可修改性。其中可理解性是指维护人员理解软件的结构、接口、功能和内部过程的难易程度；可测试性是指测试和诊断软件错误的难易程度；可修改性是指修改软件的难易程度。从这三个特性来分析，建立质量保证制度，明确

28、软件质量标准，改进程序文档质量，都是提高软件可维护性的措施。而企图提供没有错误的程序的做法是不现实的。19.引入虚拟存储技术的关键前提是 (15) 。（分数：1.00）A.程序执行的局部性原理 B.有大容量的主存C.硬件提供地址转换机制D.合适的页面调度算法解析：分析本题考查虚拟存储技术的原理。虚拟存储技术是指程序运行时，并不是程序中所用的存储单元都有具体的物理的主存储器单元与之对应，只把程序中的一些页放在主存中，而其他的页则等需要时再建，或放在辅存(磁盘)中。在程序运行到需要的页时，再采用页面调度算法对页进行更换需要的资源，这个过程对用户来说完全是透明的。这个技术的产生是因为程序的运行一般只

29、在一个比较小的范围内运行，这就是程序的局部性原理。20.把 E-R 图转换成关系模型的过程，属于数据库设计的 (19) 。（分数：1.00）A.概念结构设计B.总体结构设计C.物理结构设计D.逻辑结构设计 解析：分析本题考查数据库逻辑设计的任务。在数据库设计中，可以分为 4 个步骤，分别是需求分析、概念结构设计、逻辑结构设计和物理结构设计。其中逻辑结构设计的内容包括 E-R 图向关系模型的转换、数据模型的优化、用户子模式的设计等问题。21.设二叉树根结点的层次为 0，一棵深度(高度)为 k 的满二叉树和同样深度的完全二叉树各有 f 个结点和 c 个结点，下列关系式正确的是 (24) 。（分数：

30、1.00）A.f=c B.cfC.f=2k-1D.c2 k-1解析：分析本题考查满二叉树与完全二叉树的关系。一棵深度为 k 且有 2k-1 个结点的二叉树称为满二叉树。如果深度为 k，有 n 个结点的二叉树中的结点能够与深度为 k 的顺序编号的满二叉树从 1 到 n 标号的结点相对应，则称这样的二叉树为完全二叉树。满二叉树是完全二叉树的特例。通俗点讲，就是具有同样深度的满二叉树结点数一定大于等于完全二叉树的结点，即 f=c 成立。题目中告诉我们二叉树根结点的层次为 0，深度为 k，那么其实际深度应该为 k+1，对于一棵深度为 k+1的满二叉树，其结点数为 2k+1-1。22.下列说法正确的是

31、(35) 。（分数：1.00）A.同一文件夹中不允许有两个文件的文件名完全相同 B.不同文件夹中不允许有文件名相同的文件C.同一文件夹中允许有两个文件的文件名相同，但它们的内容也必须相同D.不同文件夹中允许有文件名相同的文件，但它们的内容也必须相同解析：分析本题考查文件的命名规则。在我们常见的操作系统中，文件结构一般都采用树型结构，它的命名规则是：同一文件夹中不允许有两个文件的文件名完全相同，而不同文件夹中允许有文件名相同的文件，其内容是否相同都无关紧要。23.不适合作为数据处理与数据库应用的语言是 (57) 。（分数：1.00）A.SQLB.CobolC.4GLD.Lisp 解析：分析本题考

32、查数据库的操作语言。SQL 是标准化数据库查询语言，支持大部分数据库的处理，是目前应用最广泛的一种数据库处理语言。Cobol 是面向商业的通用语言，是一种适合于商业及数据处理的类似英语的程序设计语言。在财会工作、统计报表、计划编制、情报检索、人事管理等数据管理及商业数据处理领域，都有着广泛的应用。4GL 是指第四代程序设计语言，它的特点是简单易学，用户界面好，非过程化程度高且直接面向问题，只需告知计算机“做什么”，而不必告知计算机“怎么做”。其中 Cobol 就是这样一种语言。Lisp 是在 20 世纪 50 年代末由麻省理工学院为研究人工智能而开发的，它的强大优势在于编写编辑命令和集成环境。

33、它不适合作为数据处理与数据库应用的语言。24.位示图方法可用于 (16) 。（分数：1.00）A.盘空间的管理 B.盘的驱动调度C.文件目录的查找D.页式虚拟存储管理中的页面调度解析：分析本题考查位示图方法的作用。位示图(Bitmap)是一种用于盘空间管理的一种方法。位示图利用一串二进位的值来反映该块组中数据块的分配情况，也称作位向量(Bit Vector)法。位示图好像一个很大的棋盘，每个盘格(一个二进位)对应着块组中的一个数据块，如果数据块是空闲的，则其对应位是 0；如果数据块已经分配出去，则对应位是 1。25.简单优先分析每次归约的是 (45) 。（分数：1.00）A.最左直接短语B.直

34、接短语C.最左素短语 D.控制结点解析：分析本题考查简单优先分析的归约特点。简单优先分析法是一种自底向上分析法，它用一个寄存符号的先进后出栈，把输入符号从左向右一个一个地移进栈里，当栈顶形成某个产生式的一个候选式时，就把栈顶的这一部分替换成(归约为)该产生式的左部符号。它是根据最左素短语来进行归约的。26.下列关于功能性注释中，不正确的是 (59) 。（分数：1.00）A.修改程序也应修改注释B.注释用来说明程序段，需要在每一行都要加注释 C.可使用空行或缩进，以便很容易区分注释和程序D.功能性注释嵌在源程序中，用于说明程序段或语句的功能以及数据的状态解析：分析本题考查功能性注释的作用。程序中

35、的注释能够帮助读者理解程序，并为后续测试维护提供明确的指导信息。如果程序修改了，注释也要跟着修改以便与程序保持一致性。在程序中添加功能性注释虽然是必需的，但是没有必要在每一行都加注释。27.用户提出需求并提供经费，委托软件公司开发软件。如果双方商定的协议中未涉及软件著作权归属，则软件著作权属于 (48) 所有。（分数：1.00）A.用户B.软件公司 C.用户、软件公司双方D.经裁决所确认的一方解析：分析本题考查知识产权。根据中华人民共和国著作权法之相关规定，对于委托开发、创作的软件或作品，如果在双方签署的合同中未约定著作权的归属问题，那么软件著作权应归开发、创作方所共有。28.以下选项中，主要

36、联系高层管理人员的信息系统是 (28) 。（分数：1.00）A.MIS(管理信息系统)B.DSS(决策支持系统) C.EDPS(电子数据处理系统)D.TPS(事务处理系统)解析：分析本题考查信息系统的基本概念。信息系统一般泛指收集、存储、处理和传播各种信息，具有完整功能的集合体。它一直以来都与计算机和网络技术同步发展，历经 4 个主要阶段：(1)电子数据处理系统(EDPS)：简单数据处理，仅用于科学计算，较少涉及管理内容，例如计算工资、统计账目等。(2)事务处理系统(TPS)：对企业局部事务的管理，例如财会、销售、物资、生产管理等。(3)管理信息系统(MIS)：是用系统思想建立起来，以电子计算

37、为基本信息处理手段，以现代通信设备为基本传输工具，且能为管理决策提供信息化服务的人机系统。MIS 集成了事务处理中的局部应用，形成全局性、整体性的计算机应用(4)决策支持系统(DSS)：为高层决策提供支持的系统，例如 ERP(集成了 MIS)、 SRM 等。29.若不带头结点的单链表中，头指针为 head，则该链表为空的判定条件是 (25) 。（分数：1.00）A.head=NULL B.head-next=NULLC.head!=NULLD.head-next=head解析：分析本题考查链表为空的判定条件。题目中给出的单链表 head 是不带头结点的单链表，头结点是指在单链表 head 第一

38、个结点之前附设的一个结点，头结点的数据域可以不存放任何数据信息，而其指针域存放指向第一个结点的指针。在题目中告诉了我们，第一个结点的指针为 head，而整个单链表的存储必须从第一个结点进行，如果链表为空，则说明第一个结点为空，因此链表为空的判定条件是 head=NULL。30.在高级程序设计语言中， (49) 可以出现在赋值号的左边。（分数：1.00）A.变量 B.常量C.表达式D.过程名解析：分析本题考查赋值操作符与变量。首先我们来了解几个基本的概念。常量是指在程序运行过程中，值不能被改变的量。而变量与常量对应，是指在程序运行过程中值可以改变的量。表达式是程序中用于计算的算式。顾名思义，过程

39、名是一个执行过程的名字。在高级程序设计语言中，赋值操作是将一个常量、变量或表达式的结果存放到另一个变量中。31.在 Windows 中，若窗口表示的是一个应用程序，则打开该应用程序窗口就是 (34) 。（分数：1.00）A.显示该应用程序的内容B.运行该应用程序 C.结束该应用程序的运行D.将该窗口放大到最大解析：分析本题考查 Windows 操作系统的应用知识。在 Windows 中，若窗口表示的是一个应用程序，则打开该应用程序窗口就是运行该应用程序，当然它能显示该应用程序的内容。如果要结束该应用程序的运行，可以关闭该应用程序窗口；如果要将该窗口放大到最大，可以对该窗口进行最大化操作。32.

40、十六进制数 A3.C 对应的十进制数为 (11) 。（分数：1.00）A.243.6B.163.75 C.53.75D.511.4解析：分析本题考查数制的转换。下面，我们来将题目中给出的十六进制数转化成十进制数：(A3.C)16=10161+3160+1216-1=160+3+0.75=163.75。33.下述 SQL 语句中， (58) 用于实现数据存取的安全机制。（分数：1.00）A.GRANT B.ROLLBACKC.COMMITD.CREATE TABLE解析：分析本题考查一些常用的 SQL 语句。下面我们分别来看选项中各语句的功能：GRANT 语句是一个授权语句，用于授予用户使用关系

41、和视图的权限；ROLLBACK 是事务回退语句，表示事务执行不成功地结束；COMMIT 是事务提交语句，表示事务执行成功地结束；CREATE TABLE 语句用于创建一个表。因此用于实现数据存取安全机制的 SQL 语句是 GRANT。34.网络中某用户只能接收但不能发送 E-mail，此时管理员应检查 (69) 。（分数：1.00）A.E-mail 服务器是否与网络连通B.连接客户端与 E-mail 服务器之间的路由器端口的访问控制列表是否进行了 denv SMTP 设置 C.连接客户端与 E-mail 服务器之间的路由器端口的访问控制列表是否进行了 deny any 设置D.连接客户端与 E

42、-mail 服务器之间的路由器端口的访问控制列表是否进行了 deny pop3 设置解析：分析本题考查信息安全的相关知识。用户能接收就证明了 E-mail 服务器在网络连通方面是没有问题的；由于发送电子邮件是基于 SMTP 协议的，接收邮件是基于 POP3 协议的，能够接收说明 POP3 协议没问题，因此应该检查 SMTP 协议是否被 deny 了。35.设关系 R 和 S 的元组个数分别为 100 和 300，关系 T 是 R 与 S 的笛卡儿积，则 T 的元组个数是 (22) 。（分数：1.00）_解析：分析本题考查笛卡儿积运算。笛卡儿积的定义如下：设关系 R 和 S 元数分别为 r 和

43、s。R 和 S 的笛卡儿积是一个 r+s 元的元组集合，每个元组的前 r 个分量来自 R 的一个元组，后 s 个分量来自 S 的一个元组，记为 RS。形成定义如下：RS(t|t=t r，t st rRt sS题的关系代数操作的基本关系 R 和 S 如下：（分数：2.00）(1).若关系 R 和 S 的关系代数的操作结果如下，这是执行了 (20) 。A R.B C S.B EA1 B1 5 B2 7A1 B1 5 B3 10A1 B2 6 B2 7A1 B2 6 B3 10A2 B3 8 B3 10（分数：1.00）A. B.C.D.解析：分析本题考查基本的关系运算。关系 R 和 S 具有相同的关系模式，RS 表示由既属于 R 又属于 S 的元组组成的集合；R-S 表示是由属于 R但不属于 S 的元组组成的集合；RS 表示两个关系相除，即两个关系 R 和 S 的元数分别为 r 和 s(设rs0)，那么 RS 是一个(r-s)元的元组的集合。根据题目中的执行结果，很明显是执行了连接运算。(2).若关系 R 和 S 的关系代数操作的结果如下，这是执行了 (21) 。A B C EA1 B1 5 3A1 B2 6 7A2 B3 8 10A2 B4 12 2