2014年普通高等学校招生全国统一考试（北京卷）物理.docx

1、 2014 年普通高等学校招生全国统一考试 (北京卷 )物理 一、选择题，只有一个选项符合要求，每小题 6 分。 1.下列说法中正确的是 A.物体温度降低，其分子热运动的平均动能增大 B.物体温度升高，其分子热运动的平均动能增大 C.物体温度降低，其内能一定增大 D.物体温度不变，其内能一定不变 解析： 温度是分子平均动能的标志，温度降低分子热运动的平均动能减小，反之增大， A 项错误； B 项正确；物体的内能包括所有分子的动能和势能之和，温度降低，分子动能减小但是分子势能不能确定，所以内能不能确定， CD 项错误。 答案： B 2.质子、中子和氘核的质量分别为 m1、 m2和 m3.当一个质

2、子和一个中子结合成氘核时，释放的能量是 (c 表示真空中的光速 ) A.(m1 m2 m3)c B.(m1 m2 m3) C.(m1 m2 m3)c2 D.(m1 m2 m3)c2 解析： 原子核反应经过裂变或聚变时，质量会发生亏损，损失的能量以能量的形式释放，根据质能方程可知释放的能量为： 21 2 3() E m m m c， C 项正确。 答案： C 3.如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。下列判断正确的是 A.1、 2 两点的场强相等 B.1、 3 两点的场强相等 C.1、 2 两点的电势相等 D.2、 3 两点的电势相等 解析： 电场线的疏密程度反映了电场强度

3、的大小，所以 1 点的场强大于 2 点；电场线的切线方向表示场强的方向， 2 点和 3 点的场强方向不同， AB项错误；沿电场线电势降低， 1 点电势高于 2 点电势， CD 项错误； 2 点和 3 点电势相等， D 项正确。 答案： D 4.带电粒子 a、 b 在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，它们的动量大小相等， a 运动的半径大于 b 运动的半径 .若 a、 b 的电荷量分别为 qa、 qb，质量分别为 ma、 mb，周期分别为 Ta、 Tb.则一定有 ( ) A.qa0).现已有针对某些电磁波设计制作的人工材料，其折射率可以为负值 (n0) ，称为负折射率材料 .位于空气中的这类材料，入

4、射角 i 与折射角r 依然满足 sin isin r n，但是折射线与入射线位于法线的同一侧 (此时折射角取负值 ).现空气中有一上下表面平行的负折射率材料，一束电磁波从其上表面射入，下表面射出 .若该材料对此电磁波的折射率 n 1，正确反映电磁波穿过该材料的传播路径的示意图是 ( ) A B C D A.图 A B.图 B C.图 C D.图 D 解析： 光从空气射入到材料中时，根据题意可知入射光线和折射光线位于法线的同侧， A 项错误；根据折射定律可知： sin 1sinr i，可知折射角等于入射角， C 项错误；根据光路可逆，光从材料射入到空气时，同理入射光线和折射光线也位于法线的同侧，

5、 D 项错误，入射角也等于折射角， B 项正确。 答案： B 二、 非选择题 9.(18 分 ) 利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻。要求尽量减小实验误差。 (1)应该选择的实验电路是图 1 中的 (选项 “ 甲 ” 或 “ 乙 ” )。 甲 乙 图 1 (2)现有电流表 (0 0.6 A) 、开关和导线若干，以及以下器材： A.电压表 (0 15 V) B.电压表 (0 3 V) C.滑动变阻器 (0 50 ) D.滑动变阻器 (0 500 ) 实验中电压表应选用 _；滑动变阻器应选用 _.(选填相应器材前的字母 ) (3)某位同学记录的 6 组数据如下表所示，其中 5 组数据

6、的对应点已经标在图 2 的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出 UI 图线 . 序号 1 2 3 4 5 6 电压 U(V) 1.45 1.40 1.30 1.25 1.20 1.10 电流 I (A) 0.060 0.120 0.240 0.260 0.360 0.480 图 2 (4)根据 (3)中所画图线可得出干电池的电动势 E _V，内电阻 r _ . (5)实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数 U 及干电池的输出功率 P 都会发生变化 .图 3 的各示意图中正确反映 PU 关系的是 _. A B C D 图 3 解析： (1)根据 U E Ir 测量电源电动势和内阻

7、时，需要测出多组对应的路端电压 U 和干路电流 I ，电压表和电流表内阻影响会造成实验误差 。 电源内阻较小，所以电流表分压影响较大，因此应选择甲电路 。 (3)如图 (4)根据 UI 图像，电源的电动势等于纵轴的截距，内阻为斜率的绝对值 。 (5)电源输出功率 P UI U E Ur 1rU2 ErU， PU 图像为开口向下的二次函数，应选 C。 答案： (1) 甲 (2)B C (3)如图 (4)1.50(1.49 1.51) 0.83(0.81 0.85) (5)C 10.(16 分 ) 如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块 A 和 B 分别静止在圆弧轨道的最

8、高点和最低点。现将 A 无初速度释放， A与 B 碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动。已知圆弧轨道光滑，半径 R=0.2m； A 和 B 的质量相等 ； A 和 B 整体与桌面之间的动摩擦因数 0.2.取重力加速度 g=10m/s2.求 ： (1)碰撞前瞬间 A 的速率 v； (2)碰撞后瞬间 A 和 B 整体的速率 v ； (3)A 和 B 整体在桌面上滑动的距离 l. 解析： (1)从圆弧最高点滑到最低点的过程中机械能守恒则有： 212 A A Am v m gR 可以得出： 2 2 /Av g R m s(2)在圆弧底部和滑块 B 相撞，动量守恒： ( ) A B A Am m v m

9、v 得 1 1 /2Av v m s(3)滑块 A 和 B 粘在一起在桌面上滑行，摩擦力做负功，由动能定理可得： 221 1 1( ) g h2 2 2 A B A A Af l m m v m v m 摩擦力： ( ) g = 2 gA B Af m m m于是可以得到： 12 g g R2AAm l m 则： 0 .2 5 m4Rl 答案： (1)2m/s (2)1m/s (3)0.25m 11.(18 分 ) 万有引力定律揭示了天体运行规律与地上物体运动规律具有内在的一致性。 (1)用弹簧秤称量一个相对于地球静止的小物体的重量，随称量位置的变化可能会有不同的结果。已知地球质量为 M，自转

10、周期为 T，万有引力常量为 G.将地球视为半径为 R、质量均匀分布的球体，不考虑空气的影响。设在地球北极地面称量时，弹簧秤的读数是 F0. a.若在北极上空高出地面 h 处称量，弹簧秤读数为 F1，求比值 F1/F2的表达式，并就 h 1.0%R的情形算出具体数值 (计算结果保留两位有效数字 )； b.若在赤道地面称量，弹簧秤读数为 F2，求比值 F2/F0的表达式。 (2)设想地球绕太阳公转的圆周轨道半径 r、太阳的半径 Rs和地球的半径 R 三者均减小为现在的 1.0%，而太阳和地球的密度均匀且不变。仅考虑太阳和地球之间的相互作用，以现实地球的 1 年为标准，计算 “ 设想地球 ” 的 1

11、 年将变为多长？ 解析： (1)设小物体质量为 m. a.在北极地面 GMmR2 F0 在北极上空高出地面 h 处 G Mm（ R h） 2 F1 F1F0R2（ R h） 2 当 h 1.0%R 时 F1F011.0120 .98. b.在赤道地面，小物体随地球自转做匀速圆周运动，受到万有引力和弹簧秤的作用力，有 GMmR2 F2 m42T2 R 得 F2F0 1 42R3GMT2 . (2)地球绕太阳做匀速圆周运动，受到太阳的万有引力，设太阳质量为 MS，地球质量为 M，地球公转周期为 TE，有 GMSMr2 Mr42T2E 得 TE 42r3GMS 3 r3GR 3S. 其中 为太阳的密

12、度。 由上式可知，地球公转周期 TE 仅与太阳的密度、地球公转轨道半径与太阳半径之比有关。因此 “ 设想地球 ” 的 1 年与现实地球的 1 年时间相同。 答案： (1)a. F1F0 R2（ R h） 2 0.98 b. F2F0 14 2R3GMT2 (2)1 年 12.(20 分 ) 导体切割磁感线的运动可以从宏观和微观两个角度来认识 。 如图所示，固定于水平面的 U 形导线框处于竖直向下的匀强磁场中，金属直导线 MN 在与其垂直的水平恒力 F 作用下，在导线框上以速度 v 做匀速运动，速度 v 与恒力 F 方向相同；导线 MN 始终与导线框形成闭合电路 。 已知导线 MN 电阻为 R，

13、其长度 L 恰好等于平行轨道间距，磁场的磁感应强度为 B.忽略摩擦阻力和导线框的电阻 。 (1)通过公式推导验证：在 t 时间内， F 对导线 MN 所做的功 W 等于电路获得的电能 W 电 ，也等于导线 MN 中产生的热量 Q； (2)若导线 MN 的质量 m 8.0 g、长度 L 0.10 m，感应电流 I 1.0 A，假设一个原子贡献一个自由电子，计算导线 MN 中电子沿导线长度方向定向移动的平均速率 ve(下表中列出一些你可能会用到的数据 )； 阿伏伽德罗常数 NA 6.010 23 mol 1 元电荷 e 1.610 19 C 导线 MN 的摩尔质量 6.010 2 kg/mol (

14、3)经典物理学认为，金属的电阻源于定向运动的自由电子和金属离子 (即金属原子失去电子后的剩余部分 )的碰撞 。 展开你想象的翅膀，给出一个合理的自由电子的运动模型；在此基础上，求出导线 MN 中金属离子对一个自由电子沿导线长度方向的平均作用力 f 的表达式 。 解析： (1)导线产生的感应电动势 E BLv 导线匀速运动，受力平衡 F F 安 BIL 在 t 时间内，外力 F 对导线做功 W Fv t F 安 v t BILv t 电路获得的电能 W 电 qE IE t BILv t 可见， F 对导线 MN 做的功等于电路获得的电能 W 电 ； 导线 MN 中产生的热量 Q I2R t I

15、t IR qE W 电 可见，电路获得的电能 W 电 等于导线 MN 中产生的热量 Q. (2)导线 MN 中具有的原子数为 N m NA 因为一个金属原子贡献一个电子，所以导线 MN 中的自由电子数也是 N 导线 MN 单位体积内的自由电子数 n NSL 其中， S 为导线 MN 的横截面积 。 因为电流 I nveSe 所以 ve InSe ILNe ILmNAe解得 ve 7.810 6 m/s. (3)下列解法的共同假设：所有自由电子 (简称电子，下同 )以同一方式运动 。 方法一： 动量解法 设电子在第一次碰撞结束至下一次碰撞结束之间的运动都相同，经历的时间为 t，电子的动量变化为零

16、 。 因为导线 MN 的运动，电子受到沿导线方向的洛伦兹力 f 洛 的作用 f 洛 evB 沿导线方向，电子只受到金属离子的作用力和 f 洛 作用，所以 If f 洛 t 0 其中 If为金属离子对电子的作用力的冲量，其平均作用力为 f，则 If f t 得 f f 洛 evB 方法二： 能量解法 S 设电子从导线的一端到达另一端经历的时间为 t，在这段时间内，通过导线一端的电子总数 N Ite 电阻上产生的焦耳热是由于克服金属离子对电子的平均作用力 f 做功产生的 。 在时间 t 内，总的焦耳热 Q NfL 根据能量守恒定律，有 Q W 电 EIt BLvIt 所以 f evB 方法三： 力的平衡解法 因为电流不变，所以假设电子以速度 ve相对导线做匀速直线运动 . 因为导线 MN 的运动，电子受到沿导线方向的洛伦兹力 f 洛 的作用 f 洛 evB 沿导线方向，电子只受到金属离子的平均作用力 f 和 f 洛 作有，二力平衡，即 f f 洛 evB. 答案： (1)见解析 (2)7.810 6 m/s (3)f evB