2011-2012学年辽宁省大连市中山区八年级（下）期中物理试卷与答案（带解析）.doc

1、2011-2012学年辽宁省大连市中山区八年级（下）期中物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图所示，滑动变阻器的滑片 P向右滑动时，那么（ ） A V示数变大， A示数变小 B V示数不变， A示数变小 C V示数不变， A示数变大 D V， A的示数都变小 答案： D 试题分析：根据电路图可知，电阻 R1和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻 R1两端的电压；结合滑动变阻器接入电路电阻的变化结合欧姆定律可知电压表和电流表示数的变化 解答：解：当滑动变阻器滑片 P向右滑动过程时，滑动变阻器接入电路的阻值变大； 根据电阻的串联可知，电路中的总电阻变大； 根据欧姆定律可知，电压不变时

2、，电路中电流变小，即电流表的示数变小； 根据 U=IR，电阻 R1两端的电压变小，故电压表的示数变小 故选 D 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；滑动变阻器的使用 点评：本题考查了电压表、电流表的使用和串联电路电流特点；关键是能根据滑动变阻器电阻的变化结合欧姆定律正确判断电流表和电压表示数的变化 如图所示，闭合开关，电压表 V1和 V2的示数分别为 10V和 4V，则灯 L2两端的电压为（ ） A 4 V B 6 V C 10 V D 14 V 答案： B 试题分析：本题电路较为复杂，做题时可采用 “先摘除后复原 ”的方法来判定电压表在电路中的作用如图去掉电压表 V1和 V2，不难看出

3、灯泡 L1和 L2是串联关系先复原电压表 V1，可以看出 V1并联在电源两端，即 V1是测量灯泡 L1和L2 组成串联电路的总电压再复原电压表 V2，可以看出 V2 并联在灯泡 L1 两端，是测量灯泡 L1两端的电压 解答：解：由于两个灯泡是串联关系，串联电路的总电压等于各部分电路两端的电压之和，且电压表 V2是测量灯泡 L1两端电压的， V1是测量灯泡 L1和 L2组成串联电路的总电压所以灯泡 L2两端的电压为： 10V-4V=6V 故选 B 考点：串联电路的电压规律 点评：本题的电路较为复杂，在解题时应先简化电路，判明电灯的连接方式，然后即可解答 下列事实中最能说明导体的电阻跟导体的材料有

4、关的是（ ） A长度相同、粗细不同的铜丝的电阻不同 B粗细相同、长短不同的铁丝的电阻不同 C长短、粗细相同的铜丝和铁丝的电阻不同 D以上说法都不对 答案： C 试题分析：首先要明确影响电阻大小的因素，导体的材料、长度和粗细，而 该题研究的是电阻跟导体的材料有关，所以在选择实验器材时，要利用控制变量法，应该使它们的长度和粗细相同，而材料不同 解答：解： A、长度相同、粗细不同的铜丝的电阻不同，粗细不同的铜丝，应该粗细相同，而材料不同，不符合题意 B、粗细相同、长短不同的铁丝的电阻不同，长短不同的铁丝，应该长度相同，而材料不同，不符合题意 C、长短、粗细相同的铜丝和铁丝的电阻不同，长短、粗细相同的

5、铜丝和铁丝，长度和粗细相同，而材料不同，符合题意 D、以上说法都不对，不符合题意 故选 C 考点：影响电阻大小的因素 点评：本题 考查了影响电阻大小的因素，在研究时利用了控制变量法，需要注意的是，要明确什么量相同，什么量不同 如图所示的电路中，当灯泡 L1烧坏时（设电源电压 U不变），则通过 L2的电流（ ） A减小 B增大 C等于零 D不变 答案： D 试题分析：由电路图可知，灯泡 L1烧坏前，两灯泡并联，灯泡 L1烧坏后电路为L2的简单电路；根据并联电路的电压特点和欧姆定律判断当灯泡 L1烧坏时通过L2电流的变化 解答：解：灯泡 L1烧坏前，两灯泡并联，根据并联电路各支路两端的电压相等可知

6、， L2两端的电压为电源的电压； 灯泡 L1烧坏后电路为 L2的简单电路， L2两端的电压仍为电源的电压； 因电源的电压不变， 所以根据 I= 可知，此时通过 L2的电流不变 故选 D 考点：欧姆定律的应用；并联电路的电压规律 点评：本题考查了并联电路的电压特点和欧姆定律的应用，关键是会分析灯泡L1烧坏前后电路的变化情况 如图所示的电路中，开关 S闭合后，若滑动变阻器的滑片移到最下端，可能出现的现象是（ ） A烧坏灯和电流表 B烧坏灯和电源 C烧坏电流表和电压表 D烧坏电流表和电源 答案： D 试题分析：根据短路现象进行分析，电源短路是电路中不允许出现的现象，否则会烧坏仪表、线路以及电源 解答

7、：解：当滑动变阻器的滑片移至最下端时，电源两极不经用电器形成直接连通的电路，故形成电源短路，将烧坏电流表和电源 故选 D 考点：电路的三种状态；滑动变阻器的使用 点评：会识别电路的三种状态，并且知道短路现象带来的危害 一个 “220V， 25W”的甲灯正常发光 3h，另一个 “110V， 25W”的乙灯正常发光 4h，由此可知（ ） A甲灯的实际功率较大 B乙灯消耗的电能较多 C甲灯较亮，乙灯较暗 D流过甲灯的电流较大 答案： B 试题分析： A、灯泡正常发光时实际功率等于额定功率，根据灯泡铭牌找出灯泡额定功率，然后判断灯的实际功率大小； B、已知灯泡的功率与发光时间，由 W=Pt求出灯消耗的

8、电能，然后比较两灯消耗电能的多少； C、灯的亮度取决于灯的实际功率，灯的实际功率相同，灯的亮度相同； D、由电功率的变形公式求出灯的电流，然后比价两灯电流的大小 解答：解：由灯泡铭牌可知，灯的额定电压 U 甲 =220V， U 乙 =110V，灯的额定功率 P 甲 =P 乙 =25W， A、两灯泡正常发光，实际功率等于额定功率，因为 P 甲 =P 乙 =25W，两灯的实际功率相同，故 A错误； B、 P= ， 甲消耗的电能 W 甲 =P 甲 t=0.025kW3h=0.075kW h， 乙消耗的电能 W 乙 =P 乙 t=0.025kW4h=0.1kW h，乙灯消耗的电能多，故 B 正确； C

9、、两灯泡正常发光，实际功率等于额定功率，因为 P 甲 =P 乙 =25W， 两灯的实际功率相同，两灯的亮度相同，故 C错误； D、 P=UI， 流过甲的电流 I 甲 = = 0.114A， 流过乙的电流 I 乙 = = 0.227A，通过乙的电流较大，故 D错误； 故选 B 考点：电功率 点评：本题考查了判断两灯实际功率大小、两灯亮度关系、两灯消耗电能多少、通过两灯的电流大小等问题，是一道基础题，知道灯泡正常发光时的实际功率等于额定功率、灯的亮度取决于灯的实际功率，熟练应用功率的变形公式即可正确解题 如图所示的电路中，电源电压为 3V，且保持不变， R1=10，滑动变阻器的最大阻值是 20，在

10、滑片 P从 a端滑向 b端的过程中，电流表和电压表示数的变化范围分别是（ ） A 0.1 0.3安、 1 3V B 0.1 0.3安、 3 1V C 0.3 0.1安、 3 1V D 0.3 0.1安、 1 3V 答案： A 试题分析：由电路图可知 R1和滑动变阻器 R2串联，电压表并联在 R1两端；当滑片滑到 b 端时滑动变阻器短路，则此时电电流中电流最大，电压表示数最大；当滑片滑到 a端时，滑动变阻器全部接入，此时电路中电流最小，电压表的示数最小由此可得电流表和电压表示数的变化范围 解答：解：如图，当滑片滑到 b点时，滑动变阻器短路，此时电压表被短路，电压表示数最大为电源电压 3V； 此时

11、电路中电阻最小，由欧姆定律可得： I 最大 = = =0.3A； 当滑片滑到 a点时，滑动变阻器全部接入，此时电路中电流最小，最小电流 I 最小= = =0.1A； 此时电压表示数最小， U 最小 =I 最小 R2=0.1A10=1V； 因此电流表示数的范围为： 0.1A 0.3A；电压表示数范围为 1V 3V 故选 A 考点：电路的动态分析 点评：本题考查学生对电路图的认识及欧姆定律的使用，使用欧姆定律时注意三量（ I、 U、 R）同体 某家用电器正常工作时的功率约为 2kW，则它可能是（ ） A电风扇 B电视机 C空调器 D电冰箱 答案： C 试题分析：根据常见家庭用电器的额定功率进行选择

12、，电功率为 1kW的用电器属于大功率用电器 解答：解： A、电风扇的功率约为 60W； B、电视机的功率约为 120W； C、空调器的功率约为 2000W； D、电冰箱的功率约为 200W 故选 C 考点：电功率 点评：本题主要考查学生对电功率物理含义的理解和掌握，要熟悉常见家用电器的功率 某学校共 40个教室，每个教室里装着 6盏 40W的日光灯，由于注意节约用电，平均每盏每天少开半小时，那么一个月（按 30 天）可节约电多少度（ ） A 144 B 24 C 3.6 D 4.8 答案： A 试题分析：一间教室里 6盏 40W的灯，可求出每个教室里灯的总功率，再求学校的总功率；由平均每天每盏

13、灯少开半小时，一个月（ 30 天）可求出总的时间，根据 W=Pt可求出节约的电能 解答：解：学校灯的总功率： W=40W640=9600W=9.6kW， 总时间： t=0.5h30=15h， 节约的电能： W=Pt=9.6kW15h=144kW h=144度 故选 A 考点：电功的计算 点评：本题属于电能的基本运算，比较简单但要审好题，注意题中的 “6盏40W的灯 ”、 “平均每天每盏灯少开半小时 ” 如图所示的电路中，当开关 S闭合后，发现电压 表的指针仍指 “零 ”处，其原因不可能是（ ） A L2灯丝断了，其他完好 B L1灯丝断了，其他完好 C灯 L1发生短路 D电压表因接线不牢而开路

14、 答案： B 试题分析：若电压表没有读数，则可能是所并联的地方短路或其他地方开路了，或电压表本身没有接好 解答：解： A、可能， L2灯丝断了，电压表的两个接线柱不能都接到电源两极上，故没有示数 B、不可能，当 L1灯丝断了，其他完好，电压表能通过 L2接到电源，应有示数 C、可能，当灯 L1发生短路时，它两端没有电压 D、可能，电压表因接线不牢而开路，故没有示数 故选 B 考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用 点评：用电压表判断故障时，若电压表有读数，可能是所并联的地方开路或其他地方短路了，若电压表没有读数，则可能是所并联的地方短路或其他地方开路了 实验题 为了研究导体的电阻大小跟哪些

15、因素有关，需要通过实验来探索，现有下表所示的五种电阻线供实验时选用 电阻线 材料 长度（米） 横截面积（毫米 2） 电流（ A） 1 铜 1 0.2 0.2 2 铁 1 0.2 0.15 3 镍铬合金 1 0.06 0.03 4 镍铬合金 1 0.2 0.1 5 镍铬合金 0.5 0.06 0.06 （ 1）如果研究导体的电阻跟长度的关系应选导线 ； （ 2）如果比较 1和 2两次实验结果，可得结论 ； （ 3）本次实验采用的物理实验方法是 答案：（ 1） 3和 5；（ 2）导体的电阻与材料有关；（ 3）控制变量法 试题分析：（ 1）导体的电阻与导体的长度、横截面积、材料和温度有关；在材料和温

16、度相同时，长度越长、横截面积越小电阻越大； （ 2）当研究电阻与其中一个因素的关系时，应控制其它的因素不变 解答：解：（ 1）若想探究导体的电阻与导体的长度是否有关，应选择材料、横截面积相同，但长度不同的电阻丝进行实验，故选 3、 5两组器材进行实验； （ 2）根据表中数据比较 1和 2可知，长度和横截面积都相同，只有材料不同，故选 1、 2导线可探究导体的电阻与材料有关； （ 3）当研究电阻与其中一个因素的关系时，应控制其它的因素不变，这种研究方法叫控制变量法 故答案：为：（ 1） 3和 5；（ 2）导体的电阻与材料有关；（ 3）控制变量法 考点：影响电阻大小的因素 点评：解决此类实验题目，

17、要结合影响电阻大小的因素分析解答，运用控制变量法和转换法 进行研究 某同学要用伏安法测定一只未知电阻的阻值，现有器材：电池组（ 6V）、电流表、电压表、待测电阻、开关各一只及导线若干 （ 1）为使测量结果更准确，还需要一只 ，用于改变待测电阻两端的 ，读取几组电压值和电流值 （ 2）本实验的原理是 （ 3）在如图 1圆圈中填上两表符号，并标出正负接线柱 （ 4）根据实验电路图（图 1）连接实物图（图 2） （ 5）实验中记录的部分数据如下表： 实验次数 电压 U/V 电流 I/A 1 4.0 0.42 2 4.5 0.46 3 5.5 0.52 根据表格中数据可知：实验中电压表选用了 0 15

18、V 量程；待测电阻的阻值为 10.0 （ 6）若某同学连完电路后，用开关试触时发现电流表、电压表分别出现如图 3所示情况，则电流表产生此现象的原因是 ，电压表产生此现象的原因是 （ 7）若将待测电阻换成小灯泡，实验中测量电流、电压值后，通过计算得出三次小灯泡的电阻不相等，你认为可能的原因是： 答案：（ 1）滑动变阻器；电压；（ 2） R= ；（ 3）如图甲所示；（ 4）如图乙所示；（ 5） 0 15V； 10.0；（ 6）电流表量程太小；电压表正负接线柱接反了 ；（ 7）灯泡电阻随温度升高而增大 试题分析：（ 1）为了减小实验误差应进行多次测量求平均值，为了实现多次测量，实验中需要滑动变阻器，

19、利用它改变电阻两端电压，实现多次测量的目的 （ 2）伏安法测电阻的原理是欧姆定律 （ 3）电流表应串联接入电路，电压表应与待测电路并联，电流由电表正接线柱流入，负接线柱流出 （ 4）分析清楚电路结构、明确各电路元件的连接方式，然后根据电路图连接实物电路图，连接电路时注意电表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法 （ 5）根据表中实验数据电压的大小，确定电压表量程，根据表中实验数据，由欧姆定律求出电阻阻值 （ 6）电表正负接线柱接反了电表指针会反向偏转，如果电表量程太小，指针会超出电表最大刻度线 （ 7）灯泡电阻受温度影响，随温度变化而变化 解答：解：（ 1）为使测量结果更准确，还需要一只滑动

20、变阻器，用于改变待测电阻两端的电压，读取几组电压值和电流值 （ 2）伏安法测电阻的原理是：欧姆定律，由 I= 可知， R= （ 3）电流表应串联接入电路，电压表应与待测电路并联，电流由电表正接线柱流入，负接线柱流出，电路图如图甲所示 （ 4）根据电路图连接实物电路图，如图乙所示 （ 5）由表中实验数据可知，电压表最大示数为 5.5V，因此电压表可选 0 15V量程； I= ， 电阻阻值 R1= = 9.5， R2= = 9.8， R3= =10.6， R= = 10.0 （ 6）由图乙所示电流表可知，电流表指针超出了最大刻度线，原因是电流表所选量程太小；由图乙所示电压表可知，电压表指针反向偏转

21、，电压表正负接线柱接反了 （ 7）由于灯泡电阻阻值随温度变化而变化，灯泡电阻随温度升高而变大，因此三次实验中，灯泡电阻阻值不同 故答案：为：（ 1）滑动变阻器；电压；（ 2） R= ；（ 3）如图甲所示；（ 4）如图乙所示；（ 5） 0 15V； 10.0；（ 6）电流表量程太小；电压表正负接线柱接反了；（ 7）灯泡电阻随温度升高而增大 考点：伏安法测电阻的探究实验 点评：本题考查了实验器材、实验原理、电流表与电压表的使用方法、连接实物电路图、求电阻阻值、影响灯泡电阻的因素等问题，涉及的问题较多，但难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题；本题所涉及的问题是常考问题，一定要掌握；对电表读数前，要

22、先确定电表的分度值，读数时视线要与电表刻度线垂直 填空题 如图所示，电源电压为 6V，闭合开关 S后，发现两灯泡均不亮，检查后发现 L1灯丝断了，电路其他部分均正常如果用电压表测量 b、 c两点间电压，则电压应为 V 答案： 试题分析：将电压表并接在 bc之间，电压表的电阻无限大，接入电路时相当于开路，据此分析 解答：解： L1灯丝断，用电压表接在 b、 c 两点间，电压表的两接线柱通过灯丝、导线接在了电源的两极上，因为导线和灯丝的电阻和电压表的电阻相比很小很小，不分压，电压表的示数为电源电压 6V 故答案：为： 6 考点：电压表的使用 点评：知道电压表的电阻 无限大，相当于开路（电流表的电阻

23、很小，相当于一根导线），会应用分析问题 彩色灯泡的额定电压是 36V，要接在 220V的电路中，至少 联 个这种灯泡 答案：串， 7 试题分析：一个彩灯不能直接接入，需要串联起来使用，根据串联电路的电压特点： n个电压的和大于等于 220V 解答：解：额定电压是 36V 的彩色灯泡，要接在 220V 的电路中，要 n 个串联，n36V220V，所以 n6.67， n取 7 故答案：为：串， 7 考点：欧姆定律的应用；电阻的串联 点评：注意： n6.67，灯数取 7，不能为 6 如图所示的 电路中，电压表所用的量程不明，当电路闭合后， V1和 V2的示数分别如图所示则 V1用的量程是 V， V2

24、用的量程是 V，小灯泡 L1上的电压是 答案： 15， 0 3， 3.5V 试题分析：此电路为串联电路 L1与 L2两端的电压之和等于 V1的示数， V2的示数为 L2两端的电压 V1的示数大于 V2的示数若 V2选择 0 15V的量程，则 V1的示数总比 V2小，不符合题意所以 V2应选择 0 3V的量程， V1选择0 15V的量程 L1两端的电压应为 V1示数与 V2示数之差 解答：解： V1的示数应大于 V2的示数，观察图中两电压表的示数，可知 V1应选择 0 15V的量程，读数为 6V， V2应选择 0 3V 的量程，读数为 2.5V L1两端的电压为两电压表示数之差，既：6V-2.5

25、V=3.5V 答： 0 15， 0 3， 3.5V 考点：串联电路的电压规律；电压表的使用 点评：此题考查了串联电路中分压的关系，电压表量程的选取以及电压表的读数 如图所示，电源电压恒定，当开关 S1闭合、 S2断开时，电压表的示数为 3V；当 S1断开、 S2闭合时，电压表的示数为 4.5V，则灯 L1两端电压为 V，灯L2两端电压为 V，电源电压为 V 答案： .5； 3； 4.5 试题分析：判断出开关不同状态时，电压表是并联在了哪个电灯的两端后，由串联电路的电压特点分析计算 解答：解：当开关 S1闭合、 S2断开时，如图甲： 电压表并联在了 L2的两端，故 L2的电压为 3V； 当 S1

26、断开、 S2闭合时，如图乙： 电压表并联在了电源的两端，故电源电压为 4.5V，则 L1两端的电压 U1=U-U2=4.5V-3V=1.5V 故本题答案：为： 1.5； 3； 4.5 考点：欧姆定律的应用 点评：本题考查了电压表的使用和串联电路的电压的特点：电 路两端的总电压等于各用电器两端电压之和 如图所示电路，断开电键 S时，电压表示数为 6V，电流表示数为 0.5A，电源电压为 9V，由此可知电阻 R1= ；合上开关 S后电流表的示数为 A 答案：； 0.75 试题分析：（ 1）当断开电键 S时， R1与 R2串联，电压表测 R2两端电压，电流表测串联电路的电流，根据串联电路的电压规律和

27、欧姆定律可求 R1 （ 2）当合上开关 S时， R1被短路，电路中只有 R2，电流表测 R2的电流 解答：解：当断开电键 S 时， R1与 R2串联，电压表测的是 R2两端电压 U2=6V，电源电压为 9V， U1=U-U2=9V-6V=3V， 又电流表示数为串联电路的电流， 故 R1= = =6， 故 R2= = =12； 当合上开关 s时， R1被短路，电路中只有 R2， I= = =0.75A， 故答案：为： 6； 0.75 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电路的三种状态；串联电路的电压规律 点评：本题关键在于电路的简化，开关的闭合状态不同引起了电路的变化，通过简化电路才能正确

28、计算，注意开关与 R1并联，闭合后对 R1短路 如图所示， OA、 OB两直线是 A、 B两电阻的电压、电流关系图象从图中可求得 RA阻值为 欧， RB阻值为 欧若将 RA接在 6伏电源上，通过它的电流为 安；若 B接另一电源， IB=IA，则 RB两端电压为 伏 答案：， 30， 0.5， 15 试题分析：分析 A、 B的 U-I图象，分别找出两个特殊的 U-I对应值： A（ 12V-1A）， B（ 6V-0.2A），可利用公式 R= 计算 A、 B的电阻值电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关，知道电阻 RA 两端的电压，可利用公式 I= 计算此时通过电阻 RA 的电流；知道此时 IB=

29、IA，又知道电阻 RB的阻值，可利用公式 U=IR计算此时 RB两端的电压 解答：解：分别找出两个特殊的 U-I 对应值： A（ 12V-1A）， B（ 6V-0.2A），见图， RA= = =12， RB= = =30 电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关，所以电阻 RA的阻值不变， UA=6V， 此时通过电阻 RA 的电流为： IA= = =0.5A， 此时 IB=IA=0.5A， 而 RB=30， 此时 RB两端的电压为： UB=IBRB=0.5A30=15V 故答案：为： 12， 30， 0.5， 15 考点：欧姆定律的应用 点评：会正确从 U-I图象中读出对应的物理量，会灵活应用

30、欧姆定律及其公式变形，注意三量（ I、 U、 R）同体 小明同学看到家中 “EWH一 80B”型电热水器的铭牌上标有一些技术参数，如表他由此算出该热水器正常工作 90min将耗电 kW h. 额定电压 220V 额定功率 2000W 额定水压 0.8MPa 外形尺寸 842483470 容 量 80L 质量 30kg 答案： 试题分析：题目中有很多参数，根据要计算的物理量，取舍合适的参数 计算热水器的耗电量 W，要知道功率和时间，根据 W=Pt求出耗电量 解答：解： P=2000W=2kW， t=90min=1.5h， W=Pt=2kW1.5h=3kW h 故答案：为： 3 考点：电功的计算

31、点评：本题考查了在众多参数中，根据题意取舍参数，这是考查对数据处理的能力 有一根镍铬合金线，两端电压为 6V时，通过合金线的电流为 0.3A，则镍铬合金线的电阻是 ；若两端电压减小一半，则镍铬合金线的电流是 A；如果镍铬合金线两端不加电压，则镍铬合金线的电流为 A，镍铬合金线的电阻是 答案：； 0.15； 0； 20 试题分析：（ 1）已知镍铬合金线两端的电压和通过的电流，根据 R= 即可求出电阻； （ 2）电阻的大小与两端的电压和通过的电流无关； （ 3）根据 I= 求出两端电压减小一半时和两端不加电压时通过镍铬合金线的电流 解答：解：（ 1）镍铬合金线的电阻阻值为： R= = =20； （

32、 2）因电阻与两端的电压和通过的电流无关， 所以两端电压减小一半或两端不加电压时，镍铬合金线电阻的大小不变，仍为20； （ 3）当两端电压减小一半时时，通过镍铬合金线电阻的电流： I= = =0.15A， 当两端不加电压时，通过 镍铬合金线电阻的电流为 0 故答案：为： 20； 0.15； 0； 20 考点：欧姆定律的应用；电阻 点评：解决本题的关键是：知道导体的电阻与其两端的电压值无关，并且会灵活运用欧姆定律进行计算 计算题 一把电铬铁，正常工作的电阻是 72，通过的电流是 0.1A，问怎样连接才能让它在 220V的电路中正常工作？ 答案：给电烙铁串联一个 2128的电阻，电烙铁可以在 22

33、0V的电路中正常工作 试题分析：由欧姆定律求出电烙铁正常工作时的电压，如果该电压小于 220V则应串联一个分压电阻，由串联电路特点求出串联电阻电压，然 后由欧姆定律求出串联电阻阻值 解答：解： I= ， 电烙铁两端电压 U 电烙铁 =IR=0.1A72=7.2V 220V， 电烙铁正常工作，应串联一个分压电阻， 电阻两端电压 UR=U-U 电烙铁 =220V-7.2V=212.8V， I= ， 串联电阻阻值 R= = =2128； 答：给电烙铁串联一个 2128 的电阻，电烙铁可以在 220V 的电路中正常工作 考点：欧姆定律的应用 点评：本题难度不大，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解

34、题 一个标有 “220V 100W”的电灯，求 （ 1）它的电阻是多少？ （ 2）正常工作时的电流是多少？ （ 3）正常工作 10min 消耗的电能是多少？ （ 4）若两端电压为 110V时，电灯的实际功率为多大？ 答案：（ 1）它的电阻是 484； （ 2）正常工作时的电流是 0.45A； （ 3）正常工作 10min 消耗的电能是 6104J； （ 4）若两端电压为 110V时，电灯的实际功率为 25W 试题分析：（ 1）已知灯泡的额定电压和额定功率，用公式 R= 计算灯丝电阻； （ 2）根据 P=UI即可求出灯泡正常工作时的电流； （ 3）直接利用 W=Pt即可求出灯泡正常工作 10mi

35、n 消耗的电能； （ 4）已知灯泡的电阻和两端的实际电压，根据 P= 即可求出灯泡的实际功率 解答：解：（ 1） P=UI， I= ， R= = =484； （ 2） P=UI， 正常工作时的电流： I= = =0.45A； （ 3）正常工作 10min 消耗的电能： W=Pt=100W1060s=6104J； （ 4） P=UI， I= ， 当灯泡两端电压为 110V时，电灯的实际功率： P= = =25W 答：（ 1）它的电阻是 484； （ 2）正常工作时的电流是 0.45A； （ 3）正常工作 10min 消耗的电能是 6104J； （ 4）若两端电压为 110V时，电灯的实际功率为 25W 考点：欧姆定律的应用；电功的计算；实际功率 点评：熟练应用欧姆定律、电功率公式及其变形公式是正确解题的关键