2013-2014广东省湛江二中九年级上学期期末考试物理试卷与答案（带解析）.doc

1、2013-2014广东省湛江二中九年级上学期期末考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 2013年 6月 17日是第 1个 “全国低碳日 ”。在践行 “节能低碳 ”的今天，应特别重视开发利用的能源是 ( ) A煤炭 B石油 C天然气 D太阳能 答案： D 试题分析： “低碳生活 ”倡导我们在生活中要降低二氧化碳的排放量，为降低碳排放量，有的能源不能大力开发，比如与碳元素有关的能源煤炭、石油、天然气是不可再生能源，与碳元素有关，使用时会产生废物、废气污染环境，产生温室效应，与低碳生活不相符，要减少使用量；太阳能取之不尽用之不竭，而且环保，不会对环境产生影响，随着科学技术的进步也很容易转化为其他形式

2、的能故选 D 考点：能源的开发与利用 下图是安装在潜水器上的深度表的电路简图，其中，显示器由电流表改装，压力传感器的电阻随所受压力的增大而减小，电源电压不变， R0是定值电阻。在 潜水器下潜过程中，电路中有关物理量的变化情况是（ ） A通过显示器的电流减小 B R0两端的电压增大 C传感器两端的电压增大 D电路的总功率减小 答案： B 试题分析：由电路图可知，两电阻串联，电流表显示器串联在电路中， p=gh， 在潜水器下潜过程中，压力传感器受到的压强增大，压力增大、其电阻减小，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知：在电源电压不变时，总电阻减小，电路中的电流会增大，即通过显示器的电流增大，故 A

3、不正确； U=IR， R0的电阻不变，通过的电流增大， R0两端的电压增大，故 B正确； 串联电路中总电压等于各分电压之和， 传感器两端的电压减小，故 C不正确， P=UI，且电源电压不变，电流增大， 电路总功率增大，故 D不正确故选B 考点：动态电路的分析；串联电路的电流、电压规律；欧姆定律的应用；电功率的计算 新交通法规于 2013年 1月 1日施行，驾驶员不系安全带记 3分，罚 100元汽车上设置了 “安全带指示灯 ”，提醒驾驶员系好安全带当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光下图中符合上述要求的电路图是（ ） 答案： B 试题分析：由题意

4、知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，开关闭合时指示灯不亮，即开关与指示灯并联，把指示灯短路了。分析电路可知 B选项正确，为了防止指示灯被短路时造成电源短路必须在电路中串联一个电阻保护电路。故选 B 考点：电路设计，开关的作用 LED灯带在装饰材料中被广泛应用芳芳同学在研究其内部结构时发现，灯带中的 LED灯串联后经电源适配器接入照明电路，如图所示她取下一只LED灯接在电池两端，灯不亮，对调电池正负极后灯亮了，但用手触摸几乎不发热以下推断符合上述事实的是（ ） A一只 LED正常工作的电压是 220V B灯带中一只 LED灯断路后其它灯还亮 C LED灯工作时主

5、要是将电能转化为内能 D LED灯具有单向导电性 答案： D 试题分析： A、 照明电路的电压是 220V，灯带中的 LED灯是串联后通过电源适配器接入照明电路的，所以一只 LED灯的工作电压小于 220V，选项错误； B、由于灯带中的 LED灯是串联的，串联电路中电流只有一条，所以灯带中一只 LED灯断路整个电路就会断路，其它灯也不能工作，选项错误； C、由于用手试摸，点亮的灯几乎不发热，说明电能几乎没有转化成内能，绝大部分都转化成了光能，选项错误； D、取下一只 LED灯接在电池两端，灯不亮，对调电池正负极后灯亮了，说明LED灯具有单向导电性，选项正确故选 D 考点：串联电路的特点，发光二

6、极管的单向导电性 以下涉及家庭用电的一些做法，符合要求的是（ ） A使用测电笔时，手与笔尾部金属电极接触 B使用绝缘皮破损的插头 C控制电灯的开关接在零线上 D用湿布擦抹插座 答案： A 试题分析：安全用 电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。 A、测电笔的使用方法：使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线，不发光表明检测的是零线，选项 A正确； B、破损的绝缘皮会漏电，使用时会触电，故 B错误； C、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关

7、，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，故 C错 误； D、生活用水是导体，用湿布擦抹插座，水会流进插座，这样就触电，故 D错误。故选 A 考点：安全用电常识 关于电磁波的说法正确的是（ ） A可见光不是电磁波 B电磁波的波长越短则频率越低 C红外线和可见光在真空中传播速度相同 D电磁波、声波都可以在真空中传播 答案： C 试题分析： A. 光也是一种电磁波，故 A错误； B. 根据波速 =波长 频率可知，电磁波在同种介质中传播的速度是相等的，所以波长与频率成反比，即电磁波的波长越短则频率越高，故 B错误； C. 红外线和

8、可见光都是光，所以在真空中传播速度相同，故 C正确； D. 电磁波可以在真空中传播，声波不可以在真空中传播，故 D错误。选 C。 考点：电磁波的传播与应用 用一根与毛皮摩擦过的橡胶棒靠近一轻质小球，发现两者互相排斥，由此可鉴定（ ） A小球一定带正电 B小球一定带负电 C小球可能带负电，也可能带正电 D小球一定不带电 答案： B 试题分析：电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。 “两者相互排斥 ”说明两个物体带有种电荷，而与毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，所以小球一定带负电。如果是 “相互吸引 ”则可能有两种情况：一是带有异种电荷，二是一个带电一个不带电（带电体有吸引轻小物体的性质

9、）故选 B 考点：电荷间的相互作用规律 实验题 小阳同学探究小灯泡发光时的亮度与哪些因素有关他用九只不同规格的小灯泡分别接入电路，使它们都正常发光，并用电压表和电流表分别测得小灯泡正常发光时的电压和电流小阳仔细观察小灯泡的亮暗程度，发现可把九只小灯泡 分成三组，每组的亮暗程度相同，且第一组最亮，第二组较暗，第三组最暗实验中记录的有关数据如下表所示 （ 1）按电路图正确连接后，闭合开关，灯不亮，电压表示数接近电源电压，电流表无示数，造成这种现象的原因可能是 （ 2）分析比较实验序号 1、 4、 8与 3、 6、 9的数据及观察到的现象，可得到的初步结论是：小灯泡两端电压相同时， 。 （ 3）分析

10、比较实验序号 的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：通过小灯泡的电流相同时，小灯泡两端的电压越大，灯越亮 （ 4）表格中 “U I”在物理学中代表的物理量是 ；综合分析比 较表中的数据及观察到的现象，可得到的初步结论是： 答案：（ 1）灯泡断路；（ 2）通过小灯泡的电流越大，灯越亮；（ 3） 2、 4、7；（ 4）电功率；灯泡发光时的亮度由 U I决定， U I越大，灯越亮 试题分析：（ 1）闭合开关，灯不亮，电流表无示数，说明电路出现断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此故障为灯泡处断路，造成电压表串联在了电路中，因为电压表的内阻非常大，所以电路中的电流

11、会非常小，这么小的电流不会让电流表指针偏转； （ 2）本题是 “探究小灯泡发光时的亮度与哪些因素有关 ”，方法 是控制变量法。由表知：实验序号 1、 4、 8与 3、 6、 9的数据中，电压是相同的，电流越大，灯泡亮度大，得到的是：在电压相同的条件下，通过灯泡的电流越大，灯泡越亮； （ 3）要得到 “当通过灯泡的电流相等时，灯泡两端的电压越大，灯泡越亮 ”，就要控制电流相等，改变电压，看电压对亮度的影响，由表中数据知：实验序号2、 4、 7的数据，满足 “通过灯泡的电流相等时，灯泡两端的电压越大，灯泡越亮 ”，因此可分析实验序号 2、 4、 7的数据地出结论； （ 4）表格中 “U I”在物理

12、学中代表的物理量是电功率。由表中数据知：当电压和电流的乘积越 大，灯泡越亮；电压和电流的乘积越小，灯泡越暗，故得到亮暗程度决定于电压和电流的乘积或电功率 考点：控制变量法与探究性实验方案 下图为探究 “磁生电 ”的实验装置。 （ 1）闭合开关，让悬着的导体 AB_（选填 “左右 ”、 “上下 ”、 “沿 A向 B”或 “沿 B向 A）运动时，电流表会发生偏转 . （ 2）若保持导体 AB不动，要产生感应电流，正确的操作是 _ _。 （ 3）实验中发现电流表指针偏转不明显，为了使指针偏转明显，请你提一条改进建议： _ _ （ 4）如果将电流表换成 ，可 以观察磁场对通电导体的作用。 答案：故答案

13、：为：（ 1）左右；（ 2）左右移动磁铁；（ 3）换强磁铁（或绕制线圈）；快速移动导体（或磁铁），（ 4）电源 试题分析：（ 1）由图知，磁感线方向在竖直方向，所以导体 AB左右运动才会切割磁感线，电路中才会有感应电流； （ 2）根据运动和静止的相对性， AB不动，可以左右移动磁铁， AB仍切割磁感线； （ 3）电流表指针偏转不明显，是电流太弱，可能是磁场弱或导体（或磁铁）运动慢要增加感应电流的强度可换强磁铁（或绕制线圈）；快速移动导体（或磁铁）； （ 4）磁场对通电导体的作用说明电路中要有电源提供电能，所以要把电流表换成电源。 考点：探究电磁感应现象的实验 现准备用 “伏安法 ”测量额定电压

14、为 2.5V的小灯泡的电阻，实验室能提供的实验器材有： A待测小灯泡 L（其正常工作时的电阻值约为 10）； B二节新的干电池串联（每节干电池的电压为 1.5V）； C电压表一个（量程为 0 3V， 0 15V，电阻为 5K）； D电流表一个（量程为 0 0.6A， 0 3A，电阻为 5）； E滑动变阻器 R0（阻值为 0 50，额定电流为 1A）； F开关 S一个 ,导线若干 .则 ： （ 1）如果使用上述器材来测量小灯泡的电阻，那么，当小灯泡正常工作时，该电路中的电流约为 _A，因此，电流表的量程应选 0 _A。 （ 2）由于电流表和电压表都有一定的电阻，严格来说将它们接入电路后，对电路都

15、要产生一定的影响。那么，为了减少误差，在甲、乙所示的电路图（未画完）中，最好选 _（选填 “甲 ”或 “乙 ”）。 （ 3）根据以上选择的电路图，在丙图中用铅笔画线代替导线进行连线，使之成为能比较精确地测量出小灯泡电阻的电路（其中，部分导线已连接）。 （ 4）在实 验中，某同学设计的实验报告及实验记录数据如下表所示。 实验名称 用 “伏安法 ”测量小灯泡的电阻 实验目的 练习使用电流表和电压表测量小灯泡的电阻 实验步骤 a、按照电路图连接电路，调节滑动变阻器的滑片 P，使电路中的 _最小。 b、闭合开关，调节滑片 P，使小灯泡两端的电压达到 _V，然后，测量从额定电压开始逐次 _（选填 “降低

16、 ”或 “升高 ”），获得几组数据。 c、根据测出的电压值和电流值，求出小灯泡的电阻。 实验记录 电压 U/V 电流 I/A 电阻 R/ 2.5 0.26 9.6 2.0 0.24 8.3 1.5 0.2 7.5 1.0 0.15 6.7 将实验步骤中的空格填写完整。 从实验记录中可以看出，存在明显错误的记录数字是 _。 分析表中的数据发现灯丝的电阻是变化的，这是因为_。 答案：（ 1） 0.25； 0.6，（ 2）甲，（ 3）如下图，（ 4） a、阻值； b、 2.5；降低 0.2， 灯丝的电阻随着温度的变化而变化 试题分析：（ 1）灯泡额定电压为 2.5V，正常工作时的电阻值约为 10，

17、则当小灯泡正常工作时电流约为 ，所以电流表应选 00.6A量程； （ 2）根据电压表内阻与电流表内阻对测量结果的影响大小进行判断。一般情况下为了减少误差应尽量选择内阻大的电压表，内阻小的电流表，当电流表的电阻与测量电阻相差不大时就选择外接法（如甲图），如果电压表的内阻较小，而电流表的内阻相对测量电阻非常小时就选择内接法（如乙图）。灯泡电阻约为 10，电流表内阻约为 5，电流表与灯泡串联时，电流表两端电压约为灯泡电压的一半，电流表的分压不能忽略，用电路图乙做实验，由于电流表分压 造成的误差太大；灯泡电阻约为 10，电压表电阻为 5K，电压表电阻远大于灯泡电阻，由并联电路的电流特点可知，电压表与灯

18、泡并联时，电压表的分流较小，可以忽略，因此用甲电路图进行实验，误差较小；为了减小误差，实验时要选择甲电路图； （ 3）由题意知，电源是两节干电池串联，电压为 1.5V2=3.0V，电压表选 03V量程，由（ 1）知，电流表选 0 0.6A量程，电源、滑动变阻器、灯泡、电流表串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器要 “一上一下 ”接入电路，电路图如图所示； （ 4） a为保护电路，闭合开关前， 应调节滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值为滑动变阻器的最大阻值，使电路中的阻值最大； b、连接完电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为灯泡额定电压2.5V，使小灯泡先正常发光，然

19、后逐渐降低灯泡两端电压，进行测量； 分析表中数据可知：电流表示数要保留两位小数，只有第三组的电流值 0.2保留一位小数，则该数据记录错误； 影响电阻大小的因素有：导体的材料，长度，横截面积和温度。灯泡中灯丝的材料，长度，横截面积都不会发生改变，根据表中数据，可看出灯丝的电阻随着灯泡两端电压的降低而减小，这是因为当 灯泡两端电压减小时，灯泡的亮度会减小，灯丝的温度会降低，温度影响了灯丝的电阻。 考点：伏安法测电阻 在探究 “影响电磁铁磁性强弱的因素 ”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。 （ 1）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数_ (填 “增加 ”或

20、 “减少 ”)，说明电流越 _，电磁铁磁性越强。 （ 2）根据图示的情境可知， _ (填 “甲 ”或 “乙 ”)的磁性强，说明电流一定时， _，电磁铁磁性越强。 （ 3）根据右手螺旋定则，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的 _极。 （ 4）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是 _。 答案：（ 1）增加；大；（ 2）甲；线圈匝数越多；（ 3） S；（ 4）大头针被磁化，同名磁极相互排斥 试题分析：影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯等； （ 1）分析电路图可知，两个电磁铁和滑动变阻器串联。当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值减小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，吸引

21、大头针的个数增加； （ 2）由图知，甲吸引大头针的个数较多，说明甲的磁性较强，甲乙串联，电流相等，甲的线圈匝数大于乙的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强； （ 3）安培定则的内容是：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的 N 极。先判断螺线管上线圈中电流的方向：乙线圈中电流的方向向左，根据安培定则，可以确定乙铁钉的上端是电磁铁的 S极； （ 4）大头针是磁性材料，被磁化后同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散 考点：研究电磁铁磁性的强弱跟哪些因素有关 下表列出了一些材料制 成的长 1m、横截面积为 1mm2的导线在 20 时的

22、电阻值 导线 银 铜 铝 钨 铁 锰铜合金 镍铬合金 电阻 R/ 0 016 0 017 0 027 0 052 0 096 0 44 1 1 根据表中数据回答：导电性最好的材料是 ；假如让你架设一条输电线路，在铝线和铁线之间，你应选用 ；假如要选用一根金属丝来做滑动变阻器的电阻丝，在镍铬合金和锰铜丝之间，你应选用 答案：银；铝线；镍铬合金 试题分析：导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料和温度有关：根据表中数据可知，其它条件一定时，银的电阻最小，因此导电性最好的材料是银；若架设一条输电线路，我们应该选择电阻率小的导线，且应该更经济，在长度、横截面积以及温度相同的条件下，铝线的电阻小于铁线

23、的电阻，并且铝线的质量也小，故选择铝线；做滑动变阻器的电阻丝，要选择电阻率大的，利于改变电路电阻，故选镍铬合金； 考点：导体的电阻 填空题 （ 1）如左图所示的电阻箱的阻值为 _欧姆，该电阻箱的变阻范围是 _欧姆。 （ 2） 如中图的电流表，若选 00.6A的量程，读数为 A；若选 03A的量程，读数为 A。 （ 3）如右图，电能表的示数为 度电；在某段时间内转盘转过 3000转，表示此段时间内用了 度电。 答案：（ 1） 2000， 09999 ；（ 2） 0.22， 1.1，（ 3） 1362.5， 1 试题分析：（ 1）变阻箱的读数方法：用 “”所对的数字乘以下面的倍数，然后把它们相加，

24、即得连入的电阻值。变阻箱的电阻值：21000+2100+210+21=2000，其变阻范围是 0-9999； （ 2）电流表的读数方法：先看 所选择的量程，再看对应的分度值，最后根据指针指的位置读数。若选 00.6A的量程，分度值是 0.02A，读数为 0.22A；若选03A的量程，分度值是 0.1A，读数为 1.1A； （ 3）电能表的读数方法：根据显示的读数依次读出，注意最后一位是小数，单位是度（ kW h），图中电能表读数为 1362.5度，由 “3000r/kW h”可知接入这个电能表的电路每消耗 1kW h的电能，电能表转 3000 转，电能表转了 3000 转，消耗电能刚好是 1度

25、。 ： 考点：变阻箱的读数，电流表的读数，电能表的读数 在 “怎样使两个灯泡都亮起 来 ”的活动中，小明使用两节新干电池，按如图所示的方法连接，结果两个灯泡都亮了。这时，两灯的连接方式是 _。灯泡的规格均为 “2.5V 0.25A”，则每个灯泡的电阻是 _，每个灯泡的实际功率是 _W。（设小灯泡的电阻不变） 答案：串联； 10； 0.225 试题分析：（ 1）如图所示的方法连接，电流只有一条路径，故两灯的连接方式是串联； （ 2）已知 U 额 =2.5V， I 额 =0.25A，根据欧姆定律得： （ 3）已知两节干电池串联，所以电源电压 U=3V，两个相同的灯泡串联连接；根据串联电路分压的特点

26、可知每个灯泡分得的电压都是 1.5V则灯泡的实际功率考点：欧姆定律的应用；实际功率 “玉兔号 ”是中国首辆月球车， 2013年 12月 15日 4时 35分， “玉兔号 ”顺利驶抵月球表面。当月球上为白天时，月球车上的太阳仪可以自由旋转寻找太阳的位置。然后将 能转化为电能；核能是 次能源，未来人们可利用月球土壤中丰富的氦 3与氘核结合成新的原子核，通过核 （聚变、裂变）释放的巨大能量作为人类未来的能源。 答案：太阳；一；聚变 试题分析：（ 1）月球车上的太阳仪可以把太阳能转化为电能；（ 2）从自然界直接获得，不需要加工转换的能源是一次能源，由一次能源经过加工转换得到的能源是二次能源；核能可从自

27、然界中直接获取，是一次能源；（ 3）人们获得核能的方式有：核裂变与核聚变。利用氦 3与氘核结合成新的原子核，是核聚变过程。 考点：能量转化，能源的分类，核能的利用 填单位：水的比热容是 4.2103 ；标准无烟煤的热值是 3.4107 ；电磁波在真空中的传播速度是 3108 ； 答案： J/（ kg ）， J/kg， m/s 试题分析：比热容简称比热，是单位质量的某种 物质，在温度升高时吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比。故比热容的单位是 J/（ kg ），热值指某种燃料完全燃烧放出的热量与其质量之比，故热值的单位是 J/kg；速度是指物体运动的路程与所用时间之比，故速度的单位是 m/s

28、。 考点：物理量的含义，单位 荷叶上两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着 _。封闭在注射器筒内的空气很容易被压缩，这实验说明分子间有 _。个大粒圆的爆米花芳香扑鼻，该现象说明分子不停地_。 答案：引力；间隙；运动 试题分 析：分子动理论的知识有：物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力。（ 1）两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着引力； （ 2）封闭在注射器筒内的空气很容易被压缩，这实验说明分子间有间隙； （ 3）爆米花芳香扑鼻，该现象说明分子不停地运动 考点：分子动理论的知

29、识 如图是关于电阻 A、 B的 I-U图像。由图可知，电阻值较大的电阻是 。若将 A、 B两电阻并联后接在电压为 2V的电源两端，则并联电路干路中的电流是 A，此时电路总电阻值是 。（保留 1位小数） 答案： ， 0.6A， 3.3 试题分析：在 I-U图像中，找到任意对应的电流和电压值，然后根据欧姆定律就可求出电阻。当电压都为 2V时，通过 A的电流是 0.4A，通过 B的电流中0.2A， ， 所以较大的电阻是 10；A、 B两电阻并联后接在电压为 2V的电源两端，根据并联电路各支路两端电压与电源电压相等的特点可知 AB 两电阻两端的电压都是 2V，从图像中可以看出：当电压都为 2V时，通过

30、 A的电流是 0.4A，通过 B的电流中 0.2A，而并联电路中干路中的电流等于各去路中的电流之和，所以总电流是 0.6A，电路的的总电阻 考点： 欧姆定律的应用，并联电路的特点， I-U图像分析 在电风扇、电烙铁、电磁起重机中，利用电流磁效应工作的是 _；利用电流热效应工作的是 _；利用 “通电导体在磁场中要受到力的作用原理 ”工作的是 _。 答案：电风扇和电磁起重机（此答案：与给的答案：不同，个人认为：电流的三大效应。风扇也是利用磁效应工作的），电烙铁，电风扇 试题分析：用电器在工作时，可以把电能转化成热能，也可以把电能转化成机械能，当然也可以把电能转化成光能或化学能，也就是有电器在工作时

31、把电能转化成其它形式的能。电烙铁在工作时把电能转化成热能是利用电流热效应工作的用电器，电磁起重机和电风扇在工作时都是利用电流磁效应工作的，电风扇的工作原理是通电导体在磁场中要受到力的作用，正常工作时将电能转化为机械能。 考点：电流的效应 计算题 小明家中有一个具有保温功能的电饭锅，从它的说明书上收集到如下表中的数据，电饭锅的电路原理图如图所示请问： 额定电压 220V 频率 50Hz 加热功率 880W 保温功率 40W 最大容积 3L （ 1）当开关 S断开时，该电饭锅是处于保温状态还是加热状态？ （ 2）该电饭锅正常加热时，电路中的电流是多大？ （ 3）电路中电阻 R1、 R2的阻值各是多

32、大？ （ 4）若在傍晚用电高峰期，电路中的实际电压只有 200V，则此时该电饭锅在加热状态的实际功率是多大？（计算结果保留整数） 答案：（ 1）电路处于保温状态；（ 2）加热时电流为 4A；（ 3） R1的阻值为 55， R2的阻值为 1155； （ 4）电压为 200V时，电饭锅的实际功率为 727W 试题分析：（ 1）由 可知，在电压一定时，电阻越大，功率越小，电阻越小，功率越大。当开关 S 断开时，两电阻串联接入电路，接入电路的电阻大，电路中功率小，故为保温状态； （ 2）分析说明书可知：额定电压是 220V，加热功率是 880W，正常加热时电路中的电流是： （ 3）当开关 S闭合时电阻

33、 R2被短路，只有 R1接入电路，为加热状态，加热时电阻 保温时，开关 S断开， R1与 R2串联，由说明书知：额定电压为 220V，保温功率为 40W，先求出总电阻 因为 R1与 R2串联，所以 R2=R 总 -R1=1210-55=1155 （ 4）电饭锅加热时的电阻是保持 55不变的，当电路两端电压为 200V时，电饭锅的实际功率为： 考点：电功率的计算；欧姆定律的应用；电阻的串联；实际功率 如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻 R1的阻值为 20闭合开关S，电流表 A1的示数为 0.3A，电流表 A2的示数为 0.2A求： （ 1）电源电压 U （ 2）电阻 R2的阻值 答案：（

34、1）电源电压为 6V；（ 2）电阻 R2的阻值为 30 试题分析：电阻 R1和 R2并联，并且 A1和 A2分别测量支路电流；已知电阻 R1的阻值和通过的电流。 （ 1）并联电 路中各支路两端电压与电源电压相等。根据 U=IR求出 R1两端的电压，而电源电压等于 R1两端的电压； U=U1=I1R1=0.3A20=6V （ 2）根据并联电路中电压关系得到 U2=U1=6V， 考点：欧姆定律的应用；并联电路的电压规律 综合题 如图甲是我国某地区风力发电的外景，风力发电机组主要由风机叶片和发动机组成 （ 1）风力发电利用的是风能，风能是清洁的、 （可再生 /不可再生）能源 （ 2）风机叶片具有质量

35、轻、强度高、耐磨损等性能，通常用密度小，硬度 （大 /小）的复合材料制成；叶片形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图乙所示，由于叶片两面空气流速不同产生压强差，而受到向上的力使风叶旋转其蕴含的物理原理是：流速越大的位置压强越 （大 /小）。 （ 3）风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机，利用 原理实现机械能转化为电能 （ 4）某风力发电机的输出功率与风速的关系如图丙所示，由图象得到的下列信息，正确的有哪些（ ） A只要有风，机组就能产生电能 B风速过大，机组不会产生电能 C风速越大，机组产生的电功率一定越大 D风速在一定范围内，机组产生的电功率可 能不变 （ 5）下表给出了在不同风速下某风机

36、获得的能量： 平均风速（ m/s） 5 10 15 20 1s内获得的能量（ 104J） 1 8 27 64 对表格进行分析，你发现该风机 1s内获得的能量与风速的定量关系是（ ） A风机获得的能量与风速的一次方成正比 B风机获得的能量与风速的二次方成正比 C风机获得的能量与风速的三次方成正比 D风机获得的能量与风速的四次方成正比 当风速为 5m/s时，这台风机工作 1s所产生的电能可供 1只 “220V 100W”电灯正常工作 10s，则风力发电机的效率是 答案：（ 1）可再生；（ 2）大；上；（ 3）电磁感应；（ 4） B、 D；（ 5） C； 10% 试题分析： （ 1）风能可以在自然界

37、中源源不断的得到，风能是取之不尽用之不竭的能源，所以风能是可再生资源 （ 2） 风机叶片材料质量轻、强度大、耐磨损、密度小、硬度大，可以减小阻力，延长使用寿命，便于安装等 由乙图知，叶片的上面是突出的弧形，下面是平面，空气流过时，上面空气流速大于下面空气流速，上面压强小于下面压强，叶片受到向上的力 （ 3）风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机发电，把风的机械能转化为电能，这是电磁感 应现象 （ 4）由图象丙进行分析，风速比较小（小于 v1）时和风速比较大（大于 v3）时，不会产生风能，在一定范围内（大于 V1小于 V2）电功率随风速增大而增大，在一定范围内（大于 V2小于 V3）风速增大，电

38、功率不变故选 BD （ 5） 由表格数据知，风速增大为原来的 2倍，风能增大为原来的 23倍，风速增大为原来的 3倍，风能增大为原来的 33倍 ，所以风机获得的能量与风速的三次方成正比 由表格可知，当风速为 5m/s时，这台风机工作 1s所产生的电能是 W 总=10000J 1只 “220V 100W”电灯正常工作 10s消耗的 电能 W 胡 =Pt=100W10s=1000J， 风力发电机的效率： 考点：流体压强与流速的关系；电磁感应；电功率；能源的分类 作图题 在下图中，请用笔画线代替导线将三孔插座、电灯和开关正确连入家庭电路； 答案： 试题分析：首先辨别上面三根线：地线（地线的标志是一端

39、会接三个短横线）、火线（火线上会接有保险装置）、零线再根据安全用电的常识连接：（ 1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全（ 2）三孔插座的接法：上孔（标字母 E）接地线；左孔（标字母N）接零线；右孔（标字母 L）接火线连接时要注意交叉相连接的地方要画点。如下图所示： 考点：家庭电路的连接 请在下图中分别标出小磁针 a、 b静止时的 N、 S极 答案： 试题分析：安培定则的内容是：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的 N 极。先判 断螺

40、线管上线圈中电流的方向：电流从螺旋管的左端流入，右端流出，线圈中电流的方向向下，根据安培定则，可以确定螺线管的右端为 N 极因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针 a的左端为 N 极，右端为 S极，小磁针 b的左端为S极，右端为 N 极 考点：磁极间的相互作用；安培定则 根据如图所示的实物连线图，画出对应的电路图（要求连线要横平竖直，尽量使电路图简洁美观） 答案： 试题分析：根据实物图画电路图的方法是：先分析电路的连接方式，然后用电路元件符号按要求画出电路图，注意元件位置的对应性。分析电 路知：两个灯泡并联，开关 S1为总开关， S2与 L2串联，控制 L2，所以电路图如图所示： 考点：电路分析，画电路图