2012-2013学年云南大理州宾川第四高中高一12月月考物理试卷与答案（带解析）.doc

1、2012-2013学年云南大理州宾川第四高中高一 12月月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 下面叙述正确的是： A在研究某一问题是，物体可视为质点，那么在研究另一个问题时，该物体也一定可视为质点。 B研究物体的运动，必须选定参考系。 C匀速运动的质点的运动轨迹一定是直线。 D在相等的时间内通过的路程相等的运动一定是匀速直线运动。 答案： B 试题分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可判断物体的运动状态，必须首先选择参照物，才可以做出判断；匀速是指速度的大小和方向都不变 ,方向不变当然为直线了；一个物体沿圆形轨道运动，在相等

2、时间内通过的路程相等，在此过程中，因为物体的速度方向不断发生改变，故物体的运动状态不断改变，故选 B。 考点：质点、参考系、匀速直线运动的概念 点评：本题考查基本概念，需要理解和掌握，较简单。 如下图所示，与水平面夹角为 300的固定斜面上有一质量 m=1 0kg 的物体。细绳的一端与物体相连。另一端经摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连。物体静止在斜面上（即物体所受合力为零），弹簧秤的示数为 4 9N。关于物体受力的判断（取 g=9 8m/s2）下列说法正确的是： A斜面对物体的摩擦力大小为零 B斜面对物体的摩擦力大小为 4 9N,方向沿斜面向上 C斜面对物体的支持力大小为 4 9 N，方向垂

3、直斜面向上 D斜面对物体的支持力大小 4 9N，方向垂直斜面向上 答案： AC 试题分析：物体的重力沿平行于斜面方向和垂直斜面方向的分力分别为 4.9N、4 9 N，弹簧拉力为 4.9N，物块沿斜面方向手里平衡，所以摩擦力应为 0，根据牛顿第三定律可知斜面对物体的支持力大小为 4 9 N，方向垂直斜面向上，故选 AC。 考点：受力分析 点评：正确的对物体受力分析是列平衡方程解决力学问题的关键。 两个共点力，一个是 40 N，另一个未知，合力大小是 100 N，则另一个力可能是： A 20 N B 40 N C 80 N D 140 N 答案： CD 试题分析： 考点：力的分解和合成 根据两个分

4、力的合力在两个分力之差与两个分力之和之间，分析另一个分力的大小可能值 有两个共点力的合力大小为 50N，若其中一个分为大小为 40N，另一个分力的大小应在 60NF140N范围，所以可能为 80N、 140 N 故选 CD。 点评：本题求解分力的范围与确定两个力的合力范围方法相同基本题也可以采用代入法，将各个选项代入题干检验，选择符合题意的 物体从静止开始做匀加速直线运动，第 3秒内通过的位移是 3m，则： A第 3秒内的平均速度是 1m/s B物体的加速度是 1.2m/s2 C前 3秒内的位移是 6m D 3S末的速度是 3.6m/s 答案： BD 试题分析： A、第 3s内时间为 1s，根

5、据 . ，求出平均速度 B、第 3s内的位移等于 3s内的位移减去 2s内的位移，根据位移公式列出表达式，求出加速度 C、根据 ，求出前 3s内的位移 D、根据 v=at求出 3s末的速度 A、第 3s内的平均速度 . 故 A错误 B、第 3s内的位移等于 3s内的位移减去 2s内的位移，有 ，得 故 B正确 C、前 3s内的位移 故 C错误 D、 3s末的速度为 v=at=1.23m/s=3.6m/s故 D正确 故选 BD 考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 点评：解决本题的关键掌握初速度为 0的匀变速直线运 动的位移时间公式和速度时间公式 关于自由落体运动，下面说法正确的是： A它是竖

6、直向下， v0=0， a=g的匀加速直线运动 B在开始连续的三个 1s内通过的位移之比是 1 3 5 C在开始连续的三个 1s末的速度大小之比是 1 3 5 D物体做自由落体运动时所受合力为零 答案： A B 试题分析：第 ns 内的位移等于前 ns 内位移减去前（ n-1） s内位移；自由落体运动遵循速度公式 v=gt，位移公式 利用以上公式即可求解 A、自由落体运动是指物体在仅受重力的情况下由静止开始的匀变速直线运动，其下落的加速度 ，故 A正确 B、做自由落体运动的物体在前 1s内的位移 ， 故物体在前 1s内的位移 物体在前 2s内的位移 ， 故物体在第 2s内的位移 物体在前 3s内

7、的位移 故物体在第 3s内的位移 所以 故 B正确 C、物体在第 1s末的速度 物体在第 2s末的速度 物体在第 3s末的速度 所以 ，故 C错误 D、物体做自由落体运动时所受合力为重力，故 D错误 选 A、 B 考点：自由落体运动 点评：自由落体运动遵循初速度为 0的匀变 速直线运动的所有规律 已知两个共点力的合力为 50N，分力 F1的方向与合力 F的方向成 30角，分力 F2的大小为 30N。则： A F1的大小是唯一的 B F2的方向是唯一的 C F2有两个可能的方向 D F2可取任意方向 答案： C 试题分析：已知一个分力 F1的方向（ F1与 F成 角）和另一个分力 F2的大小，求

8、 F1的大小及 F2的方向，我们分如下三种情况来研究 . 若 F2=Fsin，由图 1可知，只能有唯一解 . 若 F2 F sin，如图 2所示，无法作平行四边形，所以此情况无解 . 若 F sin F2 F，如图 3所示， 以 F的顶点为圆心，以 F2为半径画圆，与 F1的方向有两个交点，则此情况说明F2有两组解。本题属于第三种情况，所与 C选项正确。 故选 C。 考点：力的分解 点评：本题考查已知一个分力 F1的方向（ F1与 F成 角）和另一个分力 F2的大小，求 F1的大小及 F2的方向，掌握分力的几种情况是解决这类问题的关键。 如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间。设墙面对球的压力大

9、小为 N1，球对木板的压力大小为 N2。以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。不计摩擦，在此过程中： A N1始终减小， N2始终增大 B N1始终减小， N2始终减小 C N1先增大后减小， N2始终减小 D N1先增大后减小， N2先减小后增大 答案： B 试题分析：对球进行正确受力分析，把握其受力特点：一个力大小和方向不变（重力），一个力方向不变（墙给球的支持力），另一个力的大小、方向均发生变化（挡板给球的作用力），对于这类动态平衡问题，可以采用 “图解法 ”进行 以小球为研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，有： 由图可知， N1始终减小， N2

10、始终减小，根据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力减小，木板受到的压力减小，故 B正确 故选 B 考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 点评：熟练掌握分析动态平衡的各种方法，正确分析动态平衡问题是对学生的基本要求，在平时训练中要加强这方面的能力培养 下列关于力的说法中正确的是： A力可以离开物体而独立存在 B重力的受力物体是地球 C没有接触的两物体间一定没有弹力 D有弹力一定有摩擦力 答案： C 试题 分析：力是物体之间的相互作用，是使物体获得加速度和发生形变的原因。力是物体对物体的作用，没有物体不会产生力的作用，单独一个物体也不会产生力的作用；故 A错误；重力的受力物体是物体， B

11、错误；物体发生弹性形变后，要恢复原状，对与它接触的物体有力的作用，这就是弹力；由此可见两个物体间弹力产生的条件是：物体直接接触并发生弹性形变， C项正确，：两个互相接触的物体，当它们要发生或已经发生相对运动时。就会在接触面上产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫做摩擦力。物体之间产生摩擦力必须要具备以下三个条件：物体间相互接触，物体接 触面粗糙，物体间有相对运动趋势或相对运动，故 D错误。 考点：力的概念 点评：考查学生对力的概念的理解和掌握，这是学习受力分析的基础 如图为静止在斜面上的物体所受重力示意图，此重力可分解为沿斜面向下的分力 Gx和垂直斜面向下的分力 Gy，关于这两个分力的说法，正确

12、的是： A Gx就是物体所受到的下滑力 B Gy就是物体对斜面的正压力 C G、 Gx与 Gy是同时作用于物体的三个力 D Gx和 Gy是物体重力的等效替代，实际存在的就是重力 答案： D 试题分析：分力的受力物体和合力的受力物体是一个物体，本题 Gx和 Gy的受力物体均为该重物 .不能说 Gy就是物体对斜面的正压力，因为两者的施力物体和受力物体均不一样，不会是同一个力；但 Gx和 Gy 是物体重力的等效代替的力，且实际存在的就是重力 .故 ABC选项均不正确 . 考点：本题考查一个力的分力的特点 . 点评：正确理解合力和分力的关系。 一根轻质弹簧，当它上端固定，下端悬挂重为 G的物体时，长度

13、为 L1；当它下端固定在水平地面上，上端压一重为 G的物体时，其长度为 L2，则它的劲度系数是： A G/L1 B G/L2 C G/（ L1-L2） D 2G/(L1-L2) 答案： D 试题分析：轻质弹簧上端固定，下端悬挂重为 G的物体时，弹簧的弹力大小等于 G；当弹簧的下端固定在水平地面上，上端压一重为 G的物体时，弹力大小等于 G根据胡克定律：弹簧的弹力与伸长的长度或压缩的长度成正比，列方程求解 设弹簧的原长为 L0，劲度系数为 k，则根据胡克定律得 G=k（ L1-L0） G=k（ L0- L2） 联立 得 k=2G/(L1-L2) 故选 D 考点：胡克定律 点评：应用胡克定律解题时

14、要注意弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，不是与弹簧的长度成正比 一个质点做变速直线运动的 v-t图像如下图 ，下列说法中正确的是： A第 1s内与第 5s内的速度方向相反 B第 1s内的加速度大于第 5s内的加速度 C OA、 AB、 BC 段的加速度大小 aBC aOA aAB D OA段的加速度方向与速度方向相反 答案： C 试题分析： v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负看物体是否改变运动方向就看速度图象是否从时间轴的上方到时间轴的下方 A第 1s内与第

15、 5s内的速度图象都在时间轴的上方，都为正，方向相同，故 A错误； 第 3s内质点处于匀速直线运动状态，故 错误； B.C.斜率表示加速度，倾斜度越大，加速度越大，从图可以看出 aBC aOA aAB，故 B错误， C正确； D.OA段的加速度与速度方向都为正，相同，故 D错误 故选 C 考点：匀变速直线运动的图像 点评：本题是速度 -时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度 -时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息属于基础题 如图所示，表示作匀减速直线运动的 v-t图象的是：答案： A 试题分析： 匀减速直线运动速度在均匀减小，速度大小看速度的绝对值 A、表示向正

16、方向做匀加速直线运动故 A正确 B、表示向正方向做匀加速直线运动故 B错误 C、表示向正方向做匀加速直线运动故 C错误 D、表示向负方向做匀加速直线运动故 D错误 故选 A 考点：匀变速直线运动的 v-t图像 点评：本题是速度 -时间图象，不能单纯从数学理解：增函数就是加速运动，减函数就是减速运动，要注意速度的正负表示方向 实验题 利用图中所示的装置，在做 “测量重力加速度 ”的实验中，得到了几条较为理想的纸带。已知每条纸带上 每 5个点取一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为 0.1s，依打点先后编为 0， 1， 2， 3， 4， 。由于不小心，纸带都被撕断了，如图所示，根据给出的 A、 B

17、、 C、 D四段纸带回答： 在 B、 C、 D三段纸带中选出从纸带 A上撕下的那段应该是 （填字母） 纸带 A上，打点 1时重物的速度是 m/s（结果保留三位有效数字） 测得当地的重力加速度大小是 m/s2（结果保留三位有效数字）。 答案： C 、 3.47 、 9.00 试题分析：（ 1）根据在匀变速直线运动中，连续相等时间内的位移差等于常数，可以判断是哪条纸带 （ 2）根据在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打 1点时的速度 （ 3）利用逐差法可以求出物体下落的加速度大小 解答：（ 1）由 A图可知： ，因此 ，故纸带 C满足条件，即在 B、 C、 D三段纸带

18、中选出从纸带 A上撕下的那段应该是C故选 C （ 2）根据匀变速直线运动特点可知： 故答案：为： 3.47 （ 3）由逐差法可得： 所以： 故答案：为： 9.00 考点： “测量重力加速度 ”的实验 点评：根据匀变速直线运动的特点，通过纸带求物体的速度、加速度等物理量是学生应该掌握的基本技能，要在平时练习中加强训练 （ 1）在做 “验证力的平行四边形定则 ”实验时 ,橡皮条的一端固定在木板上 ,用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一确定的 O 点 ,则下列说法中正确的是： A同一次实验中 ,O 点位置允许变动 B实验中，橡皮条、细绳和弹簧秤应与木板保持平行 C实验中，把橡皮条的另一端拉到 O 点

19、时 ,两个弹簧秤之间的夹角必须取 90 D实验中，要始终将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程 ,然后调节另一弹簧秤拉力的大 小和方向 ,把橡皮条另一端拉到 O 点 答案： 试题分析：注意通过平行四边形得到的合力与实验测得的之间存在误差，明确什么事实验测量值，什么是理论值即可正确解答 实验测的弹力方向沿绳子方向，由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，故甲更符合实验事实 故答案：为：甲 考点：验证力的平行四边形定则 点评：对于实验题目，只有亲自做过实验，做起来才能心中有数，而且会起到事半功倍的效果，通过背实验而做实验题目效果会很差 计算题 如右图所示，一个物体在 OA、 OB绳两

20、根细绳的拉力作用下保持静止， OA绳与水平天花 板间的夹角为 30， OB绳保持水平。且 OA和 OB绳上能承受的最大拉力均为100N,为了保证绳的安全，所挂物体的重力不得超过多少牛顿 答案： N 试题分析：正确作图 2分 由图可知 FOA FOB 所以取 FOA =100 N 3分 所以最大重力 G=FoA/Sin30o =2FoA = 200 N 3分 考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 点评：本题关键对点 O 受力分析，然后运用共点力平衡条件结合各绳承受力的大小列式求解 汽车 A正以 30m/s的速度在平直公 路上行驶，司机突然发现前方一汽车 B正以 6m/s的速度行驶

21、，汽车 A司机立即以 6m/s2的加速度刹车，若要两车不相撞，则 A开始刹车时两车的距离至少应为多大？ 答案： m 试题分析：两车是否相撞关键点是：两着速度相等时若没有相撞，后面的时间里，后面的汽车速度小，前面的汽车速度大，以后永不相撞根据匀变速直线运动的公式，求出与前车的最小距离 据题意，汽车 A追上汽车 B时， vA=6m/s 1分 由 v=v0+at 得 t = 4 s 2分 xA=(v0+v)t/2=72m 2分 xB=vt=24m 2分 所以 A开始刹车时两车的距离 d = xA-xB = 48m 2分 考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系 点评：

22、追及问题解题关键思路： 两个关系：时间关系和位移关系 一个条件：两者速度相等，是能否追上的关键 跳伞运动员做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当距离地面 125 m时打开降落伞，伞张开后运动员就以 14.3 m/s2的加速度做匀减速运动，到达地面时速度为 5 m/s，问： （ 1）运动员离开飞机时距地面的高度为多少 （ 2）离开飞机后，经过多少时间才能到达地面 （ g=10 m/s2） 答案：（ 1） 305 m. （ 2） 9.85 s 试题分析：（ 1）离开飞机后先作自由落体运动，然后做匀减速直线运动，可根据匀加速直线运动过程中速度位移公式求出自由落体运动的末速度，再根据自由落体

23、运动的公式求出自由落体运动的位移，两段位移之和就是运动员离开飞机时距地面的高度； （ 2）分别求出自由落体运动和匀减速直线运动的时间，两者之和就是到达地面的时间 解：（ 1）（ 5分）运动员打开伞后做匀减速运动， 由 v22 - v12 =2as2可求得运动员打开伞时的速度为 v1=60 m/s 2分 运动员自由下落距离为 s1=v12/2g=180 m， 2分 运动员离开飞机时距地面高度为 s=s1+s2= 305 m. 1分 （ 2）（ 5分）自由落体运动的时间为 t1 = = 6 s 2分 打开伞后运动的时间为 t2= =3.85 s 2分 离开飞机后运动的时间为 t=t1+t2=9.8

24、5 s 1分 考点：自由落体运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系 点评：该题是自由落体运动和匀减速运动基本公式的直接应用，要求同学们能根据已知条件选择合适的公式进行求解，难度不大。 拖把是由拖杆和拖把头构 成的擦地工具（如图）。设拖把头的质量为 m，拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数 ，重力加速度为 g，某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为 。 （ 1）将拖把头当做质点，画出拖把头受力示意图； （ 2）若拖把头在地板上匀速移动（即拖把头所受合力为零），求推拖把的力的大小。 答案：（ 1）图 （ 2） 试题分析：（ 1）图 （ 2）（ 8分）设该同学沿拖杆方向用大小为 F的力推拖把。将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，有 Fcos+mg=N 2分 Fsin=f 2分 式中 N 和 f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力。按摩擦定律有 f=N 2分 联立 式得 2分 考点：受力分析、物体的平衡条件。 点评：本题题材很新颖，立意明确，考查的是物体平衡条件的应用，拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具，以这样的工具紧密联系命题，试题令人耳目一新。