2013-2014学年辽宁省阜新市高级中学高一上学期第三次月考物理试卷与答案（带解析）.doc

1、2013-2014学年辽宁省阜新市高级中学高一上学期第三次月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 质量为 m的物体 A，受到一斜向上的恒定拉力 F的作用，处于静止状态， F与水平面夹角为 ， A与地面的动摩擦因数为 ，则关于 A受到的摩擦力一定正确的是（ ） A Fcos B (m Fsin ) C (mg+Fsin ) D mg 答案： A 试题分析：由于物体处于静止状态，所以物体所受的摩擦力为静摩擦力，在水平方向满足 ，选项 A正确。 考点：静摩擦力；物体的平衡。 一倾角为 30的斜面上放一木块，木块上固定一支架，支架末端用丝线悬挂一小球，木块在斜面上下滑时，小球与滑块相对静止共同运动。如图

2、所示，下列说法正确的是（ ） A当细线沿竖直方向时，滑块下滑的加速度大小为 0 B当细线与斜面方向垂直时，滑块下滑的加速度大小为 C当绳沿水平方向时，滑块下滑的加速度大小为 D以上说法都不对 答案： ABC 试题分析：当细线沿竖直方向时，小球受向下的重力和竖直向上的细线的拉力作用，水平方向不受力，即小球水平方向的加速度一定为零，则滑块下滑的加速度大小也一定为 0，选项 A正确；当细线与斜面方向垂直时，则小球受竖直向下的重力和垂直于斜面的线的拉力，其合力沿斜面向下，则 ，滑块下滑的加速度大小为 ，选项 B正确；当细线与斜面方向平行时，则小球受竖直向下的重力和水平向左的拉力，其合力沿斜面向下，则

3、，即滑块下滑的加速度大小为 ，选项 C正确。 考点：牛顿定律的应用。 如图甲，某人正通过定滑轮将质量为 m的货物提升到高处，滑轮的质量和摩擦均不计货物获得的加速度 a与绳子对货物竖直向上的拉力 T之间的函数关系如图乙所示。由图可判断（ ） A图线与纵轴的交点 M的值 B图线与横轴的交点 N 的值 =mg C图线的斜率等于物体的质量 m D图线的斜率等于物体质量的倒数 答案： BD 试题分析：对货物受力分析，受重力 mg 和拉力 T，根据牛顿第二定律，有 T-mg=ma，得 ；当 T=0时， a=-g，即图线与纵轴的交点 M的值 aM=-g，故 A 错误；当 a=0 时， T=mg，故图线与横轴

4、的交点 N 的值 TN=mg，故 B正确；图线的斜率表示质量的倒数 ，故 C错误， D正确 考点：牛顿定律及物理图线的应用。 如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平面上， A、 B两物体通过细绳相连，并处于静止状态 (不计绳与滑轮间的摩擦 )现用水平向右的力 F作用于物体 B上，将物体 B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体 A仍然保持静止在此过程中 ( ) A水平力 F一定变小 B斜面体所受地面的支持力一定不变 C物体 A所受斜面体的摩擦力一定变大 D地面对斜面体的摩擦力一定变大 答案： BD 试题分析：取物体 B为研究对象，设 B的细线与竖直方向夹角为 ，则有F=mgtan， ，

5、在将物体 B缓慢拉高的过程中， 增大，则水平力 F和细绳上的拉力 T随之变大故 A 错误；对 A、 B两物体与斜面体这个系统而言，系统处于平衡状态，因 拉力 F变大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，而竖直方向并没有增加其他力，故斜面体所受地面的支持力不变；故 BD正确；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是开始时物体 A所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体 A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定故 C错误 考点：物体的平衡；整体及隔离。 如图所示，质量不等的两个物体 A、 B在水平拉力 F的作用下，沿光滑水平面一起向右运动，滑轮及细绳质量不计则下列说法中正确的有（ ） A物体 A所受的摩擦力方向一定向左

6、 B物体 B所受的摩擦力方向可能向左 C物体 B所受的摩擦力可能随水 平力 F的增大而增大 D只要水平力 F足够大物体 A、 B间一定会打滑 答案： BCD 试题分析： A、 B都受到绳子向右的拉力 T，设两物体有共同的加速度 a， A、 B的质量分别为 M、 m，两物体间摩擦力大小为 f，但由于两个物体的质量大小关系不确定，所以物体 B所受摩擦力的方向不确定， 设 A对 B的摩擦力方向向右， B对 A的摩擦力方向向左，则根据牛顿第二定律有 T+f=ma， T-f=Ma，得 ，若 m M， f为正值， B受摩擦力方向向右；若 m M， f为负值， B受摩擦力方向向左故 A错误， B正确；把两个

7、物体看作一个整体，若 F增大，则两个 物体的加速度 a也增大， f也增大，当f达到最大静摩擦力后，物体 A、 B间会打滑故 C D正确。 考点：牛顿定律；整体法及隔离法。 高层住宅与写字楼已成为城市中的亮丽风景，电梯是高层住宅与写字楼必配的设施。某同学将一轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，如图所示。在电梯运行时，该同学发现轻弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小了，这一现象表明（ ） A电梯一定是在下降 B该同学可能处于超重状态 C电梯的加速度方向一定是向下 D该同学的视重小于其重力 答案： CD 试题分析：在电梯运行时，因为该同学发现轻弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小

8、了，则可知电梯的加速度向下，电梯可能向下加速运动 或者向上减速运动，该同学处于失重状态，即视重小于重力。选项 CD正确。 考点：超重和失重。 下列说法中正确的是 ( ) A高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，说明乘客具有惯性 B短跑运动员最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大，惯性越大 C抛出去的标枪和手榴弹都是靠惯性向远处运动的 D把手中的球由静止释放后，球能竖直下落，是由于球具有惯性 答案： AC 试题分析：高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，说明乘客具有惯性，选项 A正确；物体的惯性与物体的速度无关，只与物体的质量有关，所以速度越大，惯性不一定越大，选项

9、B错误；抛出去的标枪和手榴弹都是靠惯性向远处运动的，选项 C正确；把手中的球由静止释放后，球能竖直下落，是由于球受到地球的吸引力作用，选项 D错误。 考点：惯性。 如图所示，用水平力 F拉着三个物体 A、 B、 C在光滑的水平面上一起运动现在中间物体上另置一小物体，且拉力不变，那么中间物体两端绳的拉力大小 Ta和 Tb的变化（ ） A Ta增大， Tb减小 B Ta增大， Tb增大 C Ta减小， Tb增大 D Ta减小， Tb减小 答案： C 试题分析：设最左边的物体质量为 m，最右边的物体质量为 m，整体质量为 M，整体的加速度 ，对最左边的物体分析， Ta ma ;对最右边的物体分析，有

10、 F-Tb=ma，解得 Tb F ;在中间物体上加上一个小物体，则整体的加速度 a减小，因为 m、 m不变，所以 Ta减小， Tb增大故 C正确 . 考点：牛顿定律的应用；整体法及隔离法。 物体放在光滑的水平地面上、初速度为零今在水平方向对物体施加一个如图所示的随时间变化的力，开始时力向东，运动共历时 59s，那么在 59s内 （ ） A物体时而向东运动，时而向西运动， 59s末位于初始位置之东，速度为零 B物体时而向东运动，时而向西运动， 59s末位于初始位置，速度为零 C物体时而向东运动，时而向西运动， 59s末继续向东运动 D物体一直向东运动，从不向西运动， 59s末位于初始位置之东，速

11、度为零 答案： B 试题分析：第一个 0.25秒，物体向东加速运动，第 2个 0.25秒物体向东减速，且第 2个 0.25秒末速度减到 0；第 3个 0.25秒物体向西加速，第 4个 0.25秒，物体向西减速，且第 4个 0.25秒末，即第 1秒末，速度减为零，根据对称性，此时物体回到出发点；以后的每 1秒物体都将重复上述运动，所以物体时而向东运动，时而向西运动， 59s末位于初始位置，速度为零。向西 B正确。 考点：牛顿定律的应用。 如图所示， 为长木板，在水平面上以速度 向右运动，物块 在木板的上面以速度 向右运动下列判断正确的是（ ） A若是 ， 、 之间无滑动摩擦力 B若是 ， 受到了

12、 所施加向 右的滑动摩擦力 C若是 ， 受到了 所施加向右的滑动摩擦力 D若是 ， 受到了 所施加向左的滑动摩擦力 答案： A 试题分析：若 v1=v2，则 A、 B 相对静止， A、 B 之间无滑动摩擦力，故 A 正确；若 v1 v2，则 A 相对 B向右运动，故 B对 A 施加向左的滑动摩擦力， B、 D 错；若 v1 v2，则 A相对 B向左运动，故 B受到了 A所施加向左的滑动摩擦力， C错 考点：滑动摩擦力。 如图所示，物块 M通过与斜面平行的细绳与小物块 m相连，斜面的倾角可以改变。对物块 M与斜面的摩擦力大小的讨论，下列观点正确的是（ ） A若物块 M保持静止，则倾角越大，摩擦力

13、一定越大 B若物块 M保持静止，则倾角越大，摩擦力一定越小 C若物块 M沿斜面下滑，则倾角越大，摩擦力越小 D若物块 M沿斜面下滑，则倾角越大，摩擦力越大 答案： C 试题分析：若物块 M保持静止，则物体 m受到重力 mg 和拉力 T，处于平衡状态，有 T=mg；对滑块 M受力分析，受重力 Mg、支持力 N、拉力 T和静摩擦力 f，其中静摩擦力方向取决于拉力 T和重力的下滑分量的大小，若 mgMgsin，根据平衡条件有 T+f=Mgsin，故 越大， f越大；若 mg Mgsin，根据平 衡条件有 T=f+Mgsin，故 越大， f越小；故 A、 B均错误；若物块 M沿斜面下滑，由于物体 M下

14、滑，所以物体所受到滑动摩擦力 f=mgcos，当 增大时 cos减少（ 0 90度），所以 f减少，故 C正确， D错误。 考点：牛顿定律；物体的平衡。 如图所示，两个质量分别为 4kg， 6kg 的物体置于光滑的水平面上，中间用轻弹簧秤连接两个大小分别为 =30N、 = 20N 的水平拉力分别作用在 、 上，则（ ） A弹簧秤的示数是 25N B弹簧秤的示数是 50N C在突然撤去 的瞬间， 的加速度大小 为 1 D在突然撤去 的瞬间， 的加速度大小为 5 答案： C 试题分析：由牛顿定律，对两物体组成的整体而言， ，对m2, ,解得： a=1m/s2； T=26N; 在突然撤去 的瞬间，弹

15、簧的弹力不突变，所以 的加速度大小仍为 1 ；在突然撤去 的瞬间，弹簧的弹力不突变， 的加速度大小为 。选项 C正确。 考点：牛顿定律的应用。 实验题 在 “验证牛顿运动定律 ”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用 M表示，盘及盘中砝码的质量用 m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出 (1)当 M与 m的大小关系满足 _时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力 (2)一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地检查出加速度 a与质量 M的关系，应该

16、做 a与 _的图象 (3)如图 (a)，甲同学根据测量数据做出的 a-F图线，说明实验存在的问题是_ (4)乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的 a-F图线，如图 (b)所示，两个同学做实验时的哪 一个物理量取值不同 . 答案： (1) M m (2) (3)平衡摩擦力时木板倾角过大； (4)两小车及车上砝码的总质量不同。 试题分析： (1)根据牛顿定律可求得小车受到的拉力为 ，所以当M与 m的大小关系满足 M m时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（ 2）为了比较容易地检查出加速度 a与质量 M的关系，应该做 a与 的图象因为若 a- 是线性关系，则可说明 a与 M

17、成反比关系； (3)甲同学根据测量数据做出的 a-F图线，由图线可看出在 F=0时小车已经有了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大，平衡摩 擦力过头了； (4)因为 ,即a-F图线的斜率等于小车质量的倒数，所以两个同学做实验时两小车及车上砝码的总质量不同。 考点： “验证牛顿运动定律 ”的实验。 “验证力的平行四边形定则 ”的实验如图 (a)所示，其中 A为固定橡皮筋的图钉， O 为橡皮筋与细绳的结点， OB和 OC为细绳图 2-10(b)是在白纸上根据实验结果画出的图 (1)图 (b)中的 _是力 F1和 F2的合力的理论值； _是力 F1和 F2的合力的实际测量值 (2)在实验中，如果将细

18、绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：_(选填 “变 ”或 “不变 ”) (3)本实验采用的科学方法是 ( ) A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法 答案： (1) F ； F (2) 不变 (3) B 试题分析： (1)图 (b)中的 F是力 F1和 F2的合力的理论值； F是力 F1和 F2的合力的实际测量值 (2)在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，弹簧秤的读数不变，那么实验结果不变； (3)本实验采用的科学方法是等效替代法。 考点： “验证力的平行四边形定则 ”的实验。 计算题 如图甲所示，轻绳 AD跨过固定在水平横梁 BC 右端的定滑轮挂一个质量为10

19、kg的物体， ACB 30；图乙中轻杆 HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端 G通过细绳 EG拉住， EG与水平方向成 30，轻杆的 G点用细绳 GF 拉住一个质量为 10 kg的物体 g取 10 m/s2，求 (1)细绳 AC 段的张力 FAC与细绳 EG的张力 FEG之比； (2)轻杆 BC 对 C端的支持力； (3)轻杆 HG对 G端的支持力 答案：（ 1） 1:2（ 2） 100 N，方向和水平方向成 30向斜右上方（ 3） 173 N，方向水平向右 试题分析：题图甲和乙中的两个物体 M1、 M2都处于平衡状态，根 据平衡条件可判断，与物体相连的细绳拉力大小等于物体的重力分别取 C点和

20、 G点为研究对象，进行受力分析如图甲和乙所示 (1)图甲中轻绳 AD跨过定滑轮拉住质量为 M1的物体，物体处于平衡状态，绳AC段的拉力 FAC FCD M1g 图乙中由 FEGsin30 M2g得 FEG 2M2g 所以得 (2)图甲中，根据几何关系得： FC FAC M1g 100 N，方向和水平方向成 30向斜右上方 (3)图乙中，根据平衡方程有 FEGsin30 M2g； FEGcos30 FG 所以 FG M2gcot30 M2g173 N，方向水平向右 考点：力的合成和分解；共点力的平衡。 如图所示，传送带与地面倾角 =37，从 A到 B长度为 16m，传送带以10m/s的恒定速率针

21、转动，在传送带上端 A处无初速度放一个质量为 0.5kg的小物体，它与传送带的摩擦系数为 0.5，其它摩擦不计，已知 sin37=0.6，cos37=0.8， g取 10m/s2。求： （ 1）若传送带顺时针转动，物体由 A滑到 B的时间？（ 2）若传送带逆时针转动，物体由 A滑到 B的时间？ 答案：（ 1） 4s （ 2） 2s 试题分析：（ 1）若传送带顺时针转动，则物体沿传送带加速下滑，滑到低端的时间为 （ 2）若传送带逆时针转动，物体放上传送带后，开始一段时间 t1内做初速度为0的匀加速直线运动，小物体受到沿斜面向下的摩擦力 ,可知，物体所受合力 F 合=mgsin+f，又因为 f=N

22、=mgcos 所以根据牛顿第二定律可得： 当物体速度增加到 10m/s时产生的位移 16m，所用时间为：，所以物体速度增加到 10m/s后，由于 mgsin mgcos，所以物体将受沿传送带向上的摩擦力直线运动 ； 匀速运动的位移为 16-x，设所用时间 为 t，则 16-x=11=vt+ a2t2 解得： t=1s或 -11s（舍去） t 总 =1s+1s=2s 考点：牛顿定律的综合应用。 如图所示，长 L=1.5m，高 h=0.45m，质量 M=10kg的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动当木箱的速度 V0=3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力 F=50N，并同时将一个质量

23、m=1kg的小球轻放在距木箱右端 L/3的P 点（小球可视为质点，放在 P 点时相对于地面的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面木箱与地面的动摩擦因数为 0.2，其他摩擦均不计取 ，求： （ 1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间； （ 2）小球放上 P点后，木箱向右运动的最大位移； （ 3）小球离开木箱时木箱的速度 答案： .3s 0.9m 2.8m/s 试题分析：（ 1）木箱上表面的摩擦不计，因此小球在离开木箱前相对地面处于静止状态，离开木箱后将作自由落体运动落到地面所用的时间（ 2）小球放上木箱后相对地面静止，木箱的加速度 由 F+（ M+m） g =Ma1 ，解得： a1=7.2m/s2 木箱向右运动的最大位移 即小球放上 P点后，木箱向右运动的最大位移为 0.9m （ 3）由于 x1小于 1.5m，所以小球不会从木箱的左端掉下 木箱向左运动的加速度为 a2满足 F-（ M+m） g =Ma2 解得 a2=2.8m/s2 设木箱向左运动 x2时，小球从木箱的右端掉下， x2=x1+ =0.9+0.5=1.4m 设木箱向左运动所用的时间为 t2，则由 x2= a2t22 得： t2=1s, 此时木箱的速度为 考点：牛顿定律及运动公式的综合应用。