2013届广东省华附、省实、深中、广雅四校高三上期末联考理综试卷与答案（带解析）.doc

1、2013届广东省华附、省实、深中、广雅四校高三上期末联考理综试卷与答案（带解析） 选择题 将一物块分成相等的 A、 B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板上，如图，绳子处于沿竖直方向，整个装置静止。则 A绳子上拉力一定为零 B地面受的压力可能为零 C AB之间可能存在摩擦力 D地面与物体间可能存在摩擦力 答案： C 试题分析：对 A分析： 若 A受重力、 B对 A的支持力和摩擦力三个力平衡，则绳子拉力为零；若 A只有绳子的拉力与重力，则 AB间没有摩擦力存在， A错误， C正确； 对 AB整体分析： 整体可能受总重力、支持力，拉力若地面的支持力等于总重力，则绳子拉力为零，因为

2、绳子的拉力不可能大于 A的重力，所以地面对 B一定有支持力，因此地面受的压力不可能为零根据整体平衡知，水平方向方向上，地面对 B无摩擦力 B、 D错误 . 考点：本题考查整体法、隔离法在受力分析中的应用。 阴极射线示波管的聚焦电场由电极 A1、 A2形成，实线为电场线，虚线为等势线， z轴为该电场的中心轴线， P、 Q、 R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则 A电场中 A2的电势高于电极 A1的电势 B电场中 Q 点的电场强度小于 R点的电场强度 C电子在 P点处的动能大于 Q 点处的动能 D电子从 P到 R的运动过程中，电场力对它一直做正功 答案： AD 试题分析：沿电场线电

3、势降低，因此电极 A1的电势低于电极 A2， A正确；等势线密的地方电场线也密，因此 Q 点电场线比 R点电场线密， Q 点的电场强度大于 R点的电场强度， B错误；电子从低电势向高电势运动时，电场力做正功，动能增加， C错误， D正确。 解答本题需要掌握：沿电场线电势降低，电场强度的大小与电场线的疏密的关系；明确电子在电场中的受力特点以及电场力做功情况，从而进一步判断电势能、动能等变化 情况 考点：本题考查电势、电场强度、动能定理、电场力做功。 有三个质量相等的分别带有正电、负电和不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度 v先后垂直场强方向射入，分别落到极板 A、 B、 C处，如图所示

4、，则下列说法正确的有 A落在 A处的微粒带正电， B处的不带电， C处的带负电 B三个微粒在电场中运动时间相等 C三个微粒在电场中运动的加速度 aA aB aC D三个微粒到达极板时的动能 EkA EkB EkC 答案： AC 试题分析： A、 B、 C、三个微粒的初速度相等，水平位移 xA xB xC，根据水平方向上做匀速直线运动，所以 tA tB tC， B错误；三个微粒在竖直方向上的位移相等，根据 y at2，由 tA tB tC知 aA aB aC得知 B仅受重力， A所受的电场力向上， C 所受的电场力向下，所以 B 不带电， A 带正电， C 带负电，A、 C正确；根据动能定理，三

5、个微粒重力做功相等， A电场力做负功， C电场力做正功，所以 C的动能增加量最大， A动能增加量最小，初动能相等，所以三个微粒到达极板时的动能 EkA EkB Ekc， D错误。 考点：本题考查带电粒子在匀强电场中的运动。 物体在竖直向上的拉力和重力的作 用下竖直向上运动，运动的 v t图像如图所示则 A在 02s时间内物体处于失重状态 B第 1s末和第 4s末拉力的功率相等 C在 23s时间内拉力和重力是一对平衡力 D在 05s时间内合外力做功为零 答案： CD 试题分析：由题知物体在竖直向上的拉力和重力的作用下竖直向上运动，由速度时间图象可知，在 02s时间内物体做匀加速直线运动，具有向上

6、的加速度，处于超重， A错误；第 1s末和第 4s末物体的速度是一样的，但是第 1s末处于加速阶段，拉力大于重力，第 4s末处于减速阶段，拉力小于重力，所以两个时刻的拉力大小不一样，功率不同，所以 B错误；在 2 3s时间内物体是做匀速运动，受力平衡，所以 C正确；由动能定理可以知道，在这段时间内，速度不变，动能不变，所以合外力做功为零， D正确。 考点：本题考查牛顿第二定律、功率、动能定理。 在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为 E、内电阻为 r， R1、R2 为定值电阻， R3 为滑动变阻器， C 为电容器， 为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头 P自 a端向 b端滑动的过程

7、中，下列说法中正确的是 A电压表示数变小 B电流表示数变大 C电容器 C所带电荷量增多 D a点的电势降低 答案： BD 试题分析：在滑动变阻器滑动头 P自 a端向 b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流 I增大，电阻 R1两端电压增大，则电压表示数变大， A错误；电阻 R2两端的电压 U2=E I（ R1+r）， I增大，则 U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小， C错误；根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知， a的电势大于零， a点的电势等于 R2两端的电压， U2变小，则 a点的电势降低，通过 R2的电流 I2减小，通过电流表的电流 IA=I I2，

8、I增大， I2减小，则 IA增大即电流表示数变大故 BD正确。 考点：本题考查电容器、闭合电路欧姆定律。 关于做匀速圆周运动的地球人造卫星的下列说法中正确的是 A卫星运行可以经过广州正上空 B卫星运行的速度可能达到 C离地面高为 R（ R为地球半径）处的卫星加速度为 D卫星中的物体处于完全失重状态，所以物体不受重力。 答案： AC 试题分析：做匀速圆周运动的地球人造卫星的圆心在地球的球心，理论上除同步卫星外可以经过地球上空任何地方， A正确；卫星运行的最大速度为地球的第一宇宙速度， B错误；由 可得离地面高为 R（ R为地球半径）处的卫星加速度为 ， C正确；卫星中的物体处于完全失重状态，因为

9、只受重力且提供向心力， D错误。 考点：本题考查地球卫星。 质量为 m的木块从半径为 R的半球形碗的碗囗下滑到碗底的过程中，如果由于摩擦力的作用使得木块的速率不变，如图所示，那么 A因为速率不变，所以木块处于平衡状态 B木块下滑过程中所受的合外力越来越大 C木块下滑过程中有加速度，且加速度是不变的 D木块下滑过程中合外力的大小不变 答案： D 试题分析：石块做匀速圆周运动，合外力提供向心力，大小不变，根据牛顿第二定律知，加速度大小不变，方向始终指向圆心， A、 B、 C错误， D正确。 考点：本题考查匀速圆周运动的特点。 如图所示，螺线管的导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用丝线悬

10、挂在两金属板间，并处于静止状态，若条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是 A向左摆动 B向右摆动 C保持静止 D无法判定 答案： A 试题分析：当磁铁插入时，导致线圈的磁通量发生变化，从而导致线圈中产生感应电动势，假设电路闭合，则由楞次定律可知，感应电流方向是从右极向下通过线圈再到左极，由于线圈相当于电源，因此左极电势高，所以带负电小球将向左摆动， A正确， BCD错误。 考点：本题考查电磁感应、右手定则。 一质量为 2kg的物体在如图甲所示的 xOy平面上运动，在 x方向的 v t图象和 y方向的 s t图象分别如图乙、丙所示，下列说法正确的是 A前 2s内物体做匀变速直线运动 B物体的初

11、速度为 8m/s C 2s末物体的速度大小为 8m/s D前 2s内物体所受的合外力大小为 8N 答案： D 试题分析：由 v t图可知，物体在 x方向上初速度为 8m/s的匀减速直线运动，而在 y方向上，物体做速度为 4m/s的匀速运动，合力与速度方向不在一条直线上，在前 2s内物体做匀变速的曲线运动， A错误；物体的初速度为水平速度和竖直速度的合速度，故初速度为 4 m/s，故 B错误； 2s末的物体的速度只有竖直分速度，速度为 4m/s， C错误；前 2s内物体的加速度为 4m/s2，故由牛顿第二定律可知，其合力 F=ma=8N， D正确。 考点：本题考查运动的合成与分解、做曲线运动的条

12、件。 实验题 如图所示为 “探究加速度与物体受力的关系 ”的实验装置图。图中 A 为小车，质量为 m1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器 B，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上， p的质量为 m2 ， C为弹簧测力计，实验时改变 p的质量，读出测力计不同读数 F，不计绳与滑轮的摩擦。 （ 1）电火花打点计时器工作电压为 流 (选填 “交、直 ”) V （ 2）下列说法正确的是（ ） A一端带有定滑轮的长木板必须保持水平 B实验时应先接通电源后释放小车 C实验中 m2应远小于 m1 D测力计的读数始终为 m2g/2 （ 3）下图为某次实验得到的纸带，纸带上标出了所选的四个

13、计数点之间的距离，相邻计数点间还有四个点没有画出。由此可求得小车的加速度的大小是 m/s2。（交流电的频率为 50Hz，结果保留二位有效数字） （ 4）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的 a F图像，可能是下图中的图线（ ） 答案：（ 1）交、 220V （ 2） B （ 3） 0.49或 0.50 （ 4） C 试题分析：电火花打点计时器工作电压为交流 220V 绳对小车的 拉力，可以由弹簧测力计直接读出，所以实验中不必要求 m2应远小于 m1， C错误；把绳对小车的拉力做为小车受到的合力，所以需要平衡摩擦力， A错误； P的重力为为重物 P和小车提供合外力，绳上

14、的拉力即弹簧测力计的求数小于 m2g/2， D错误；实验中为在纸带上打出较多的点，实验时应先接通电源后释放小车， B正确。 （ 3）设第 1段位移为： x1，第 2段位移为： x2，计时器打点的时间间隔为0.02s从比较清晰的点起，每两测量点间还有 4个点未画出，说明计数点间的时间间隔 T=0.1s，由 x=aT2得：解得： a=0.50m/s2 （ 4）遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况，图线为 C。 考点：本题考查探究加速度与物体受力的关系。 用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势 E和内阻 r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线 . A电压表 V1（量

15、程 6V、内阻很大） B电压表 V2（量程 3V、内阻很大） C电流表 A（量程 3A、内阻很小） D滑动变阻器 R（最大阻值 10、额定电流 4A） E小灯泡（ 2A、 5W） F电池组（电动势 E、内阻 r） G开关一只，导线若干 实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若 电压表 V1的示数增大，则电压表 V2的示数减小。 （ 1）请将设计的实验电路图在图甲的虚线方框中补充完整 （ 2）每一次操作后，同时记录电流表 A、电压表 V1和电压表 V2的示数，组成两个坐标点（ I1， U1）、（ I2， U2），标到 U I坐标中，经过多次测量最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电

16、动势 E V、内阻 r 。（结果保留两位有效数字） （ 3）在 U I坐标中两条图线在 P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为 答案：（ 1）如图所示 （ 2） 4.5, 1.0 （ 3） 0 试题分析：（ 1）伏安法测电源电动势与内阻实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小；调节滑动变阻器时，电压表 V1的示数增大，则电压表 V2的示数减小，则测路端电压， V2测灯泡两端电压，电路图如图所示 （ 2）电源的 U I图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电源电

17、动势 E=4.5V，电源内阻 r= =1.0 （ 3）由图乙所示图象可知，两图象的交点坐标，即灯泡两端电压 UL=2.5V，此时电路电流 I=2.0A， 电源电动势 E=Ir+UL+IR 滑 ，得 R 滑 =0； 考点：本题考查测定电源电动势和内阻。 计算题 （ 18 分）由相同材料的木板搭成的轨道如图所示，其中木板 AB、 BC、 CD、DE、 EF 长均为 L=3m，木板 OA和其它木板与水平地面的夹角都为 =370（ sin370=0.6， cos370=0.8），一个可看成质点的物体在木板 OA上从图中的离地高度 h=15m处由静止释放，物体与木板的动摩擦因数都为 =0.5，在两木板交

18、接处都用小曲面相连，使物体能顺利地经过它，既不损失动能，也不会脱离轨道 ,在以后的运 动过程中，问： (重力加速度取 10m/s2) （ 1）物体能否静止在斜面上？若不能则从 O 点运动到 A所需的时间是多少？ （ 2）物体运动的总路程是多少？ （ 3）物体最终停在何处？请说明理由。 答案： 5s 37.5m 最终停在 C点处 试题分析：（ 1）不能静止在斜面上，因为 1分 物体下滑的加速度为： 3分 1分 从 O 到 A所用的时间由： 2分 1分 （ 2）从物体开始运动到最终停下的过程中，总路程为 s，由动能定理得： 4分 代入数据解得： s=37.5m 2分 （ 3）假设物体依次能到达 B

19、点、 D点，由动能定理有： 得： vB0 2分 发现无解 1分 说明物体能通过 B点，到不了 D点，最终停在 C点处。 1分 考点：本题考查匀变速直线运动规律、动能定理。 （ 18分）如图 (a)所示，有两级光滑的绝缘平台，高一级平台距离绝缘板的中心的高度为 h，低一级平台高度是高一级平台高度的一半绝缘板放在水平地面上，板与地面间的动摩擦因数为 ，一轻质弹簧一端连接在绝缘板的中心，另一端固定在墙面上。边界左边存在着正交的匀强电场和变化的磁场，电场强度为，磁感应强度变化情况如图 (b)所示，磁感应强度大小均 为有一质量为 m、带负电的小球从高一级平台左边缘以一定初速滑过平台后在 t=0时刻垂直于

20、边界进入复合场中，设小球刚进入复合场时磁场方向向外且为正值小球做圆周运动至点处恰好与绝缘板发生弹性碰撞，碰撞后小球立即垂直于边界返回并滑上低一级平台，绝缘板从 C开始向右压缩弹簧的最大距离为到达 D，求： 磁场变化的周期； 小球从高一级平台左边缘滑出的初速度 v； 绝缘板的质量； 绝缘板压缩弹簧具有的弹性势能 P 答案： 3m 3mgS 试题分析： 带电小球垂 直于边界进入复合场，运动到点恰与绝缘板碰撞，碰后能返回平台，说明小球在复合场中 q mg 1分 洛仑兹力做匀速圆周运动的向心力，且经过半个圆周到达点，碰后再经过半个周期回到二级平台由 qv m 1分 1分 得到带电粒子在磁场运动的周期公

21、式 1分 消去 q，得交变磁场变化的周期 1分 由牛顿第二定律有： qv m 由几何关系有： r h/2 1分 联立，解得： v 2分 设小球碰撞后的速度大小为 V，绝缘板的速度大小为 Vm。则题意可知，小球返回的半径 r= ，又根据 r 可得：则 V 1分 小球与绝缘板碰撞过程中，以小球和绝缘板为系统，动量守恒。 有： mv mV Vm 2分 而小球与绝缘板发生的是弹性碰撞，它们构成的系统机械能守恒，有： 有： mv2 mV2 Vm2 2分 联立解得： 3m 1分 绝缘板从点运动至点的过程中，根据功能关系有： gS Vm2 2分 联立解得： 3mgS 2分 考点：本题考查带电粒子在混合场中运动、动能定理、动量守恒、机械能守恒、功能关系。