2013届福建省漳州市芗城中学高考模拟物理试卷与答案（带解析）.doc

1、2013届福建省漳州市芗城中学高考模拟物理试卷与答案（带解析） 选择题 据报道，美国和俄罗斯的两颗卫星于 2009年 2月 1日在太空相撞，相撞地点位于西伯利亚上空 500英里 (约 805公里 )相撞卫星的碎片形成太空垃圾，并在卫星轨道附近绕地球运转，国际空间站的轨道在相撞事故地点下方 270英里(434公里 )若把两颗卫星和国际空间站的轨道都看做圆形轨道，上述报道的事故中以下说法正确的是 ( ) A这两颗相撞卫星在同一轨道上 B两相撞卫星的运行速度均大于国际空间站的速度 C这两颗相撞卫星的周期、向心加速度大小一定相等 D两相撞卫星的运行周期均小于国际空间站的运行周期 答案： C 试题分析：

2、两颗卫星相撞，说明两卫星轨道有交点，则半径大小相同，故周期一样，加速度一样，因能相撞则说明不可能在同一轨道上故 A错误， A错误卫星的运行速度表达式： ， 则可知，半径大的速度小，周期大，故 C正确， BD错误； 故选 C 考点：万有引力定律及其应用 点评：明确卫星的线速度，加速度，周期与半径的关系，从而比较不同运动半径的各量的大小关系 （ 1）小船静止于水面上，站在船尾上的鱼夫不断 将鱼抛向船头的船舱内，将一定质量的鱼抛完后，关于小船的速度和位移，下列说法正确的是（ ） A向左运动，船向左移一些 B小船静止，船向右移一些 C小船静止，船向左移一些 D小船静止，船不移动 （ 2）用紫外线照射一

3、些物质时会发生荧光效应，即物质发出可见光，这些物质中的原子先后发生两次跃 迁，其能量变化分别为 和 ，下列关于原子这两次跃迁的说法中正确的是（ ） A两次均向高能级跃迁，且 B两次均向低能级跃迁，且 D先向高能级跃迁，再向低能 级跃迁，且 答案：（ 1） B（ 2） C 试题分析：（ 1）在渔夫抛鱼的过程中，渔夫和船是整体，而鱼脱离了船，因此鱼带着动能脱离了船这个系统，在鱼滞空的过程中小船带有一定的动能，而鱼落到船舱之后将这部分动能归还给船，小船又静止了，所以最后船会偏向船尾方向移动一些，故选 B 由题，用紫外线照射一些物质时，这些物质中的原子吸收紫外线的能量，从低能级向高能级跃迁，高能级不稳

4、定，又向低能级跃迁，发出可见光设紫外线和可见光的频率分别为 1和 2，根据玻尔理论得知， ，由于 ，所以 故选 C 考点：氢原子的能级公式和跃迁和动量守恒定律的应用 点评：本题是两次跃迁问题，若不知道物质发出的是可见光，则有 | E1| E2| 如图所示，两个垂直纸面的匀强磁场方向相反。磁感应强度的大小均为 B，磁场区域的宽度为 a，一正三角形（高度为 a）导线框 ABC从图示位置沿图示方向匀速穿过两磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在下图中感应电流 I与线框移动距离 x的关系图的是（ ）答案： C 试题分析： x在 a 2a范围，线框穿过两磁场分界线时， BC、 AC 边在右侧磁场中切割

5、磁感线，有效切割长度逐渐增大，产生的感应电动势 E1增大， AC 边在左侧磁场中切割磁感线，产生的感应电动势 E2不变，两个电动势串联，总电动势 E=E1+E2增大故 A错误 x在 0 a范围，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值故 B错误在 2a 3a，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值故 C正确， D错误 故选 C 考点：导体切割磁感线运动； 点评：本题选择的方法是排除法，将选项逐一代入检验，剔除不符合题意的选项，最后选出正确的答案： 如图所示 ,空间 虚线框内有匀强电场 , 是该电场的三个等势面 ,相邻等势面间的距离为 1 cm,其中

6、 为零电势能面 .一质量为 m、带电 为 +q的粒子沿 AA方向以初速度 v0自图中的 P点进入电场 ,刚好从 C点离开电场 .已知粒子的重力忽略不计 .倾说法中正确的是 ( ) A该粒子在 P点时的电势能是 B该粒子到达 C点时的速度是 C该粒子到达 C点时的电势能是 D该粒子通过等势面 BB时的动能是 答案： D 试题分析：带电粒子做类平抛运动，水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，有 ： 解得 所以离开电场时的速度 B错误； 因为初动能 ，粒子到达 C点时的动能 P到 C过程中电场力做功 ，因为 BB是零电势能面，所以该粒子在 P点时的电势能 ， A错误； 该

7、粒子到达 C点时的电势能是 ， C错误； 根据能量守恒可得 ，解得该粒子通过等势面 BB时的动能是 ， D正确， 故选 D 考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能 点评：解决本题的关键知道粒子做类平抛运动，知道水平方向上和竖直方向上的运动规律，以及掌握动能定理和电场力做功与电势能的关系 两束不同颜色的平行单色光 a、 b，以相同的入射角由真空射向同一介质，如图所示 a、 b光的折射角 ，下列判断正确的是（ ） A在真空中传播时， a光的速度较小 B在该介质中传播时， a光的速度较小 C若同时增大两束光的入射角，则 a光首先发生全反射 D若 a、 b两束光在介质中相遇，则会发生干涉现象 答案：

8、 B 试题分析：在真空中传播时，光的速度都是 ， A错误；在介质中传播时，由折射角 ，知 a光折射率 n较大，由 知 a光的速度较小， B正确；由 知， b光的临界角大，所以 b光首先发生全反射， C错误；两束光的颜色不一样，所以频率不同，发生干涉的条件是频率相同， D错误； 故选 B 考点：全反射；光的干涉； 点评：颜色不同的光频率不同，折射率不同，折射率大的临界角小； 在某一均匀介质中由波源 O 发出的简谐横波在 x轴上传播，某时刻的波形如图，其波速为 5m/s，则下列说法正确的是 ( ) A此时 P（ -2m,0cm）、 Q(2m,0cm)两点运动方向相反 B再经过 0.5s质点 N 刚

9、好在（ -5m， 20cm）位置 C能与该波发生干涉的横波的频率一定为 3HZ D该波的频率由传播介质决定与波源的振动频率无关 答案： B 试题分析：根据对称性可知，此时 P（ -2m， 0cm）、 Q（ 2m， 0cm）两点运动方向相同故 A错误由图知波长 =2m，周期为 ，时间，波传到 N 点时间为 T，波传到 N 点时， N 点向上运动，则经过0.5s质点 N 刚好在波峰，其坐标为（ -5m， 20cm）故 B正确该波的频率为，能与该波发生干涉的横波的频率一定为 2.5Hz故 C错误波的频率与波源的振动频率决定故 D错误 故选 B 考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 点评：本题的解

10、题关键在于抓住对称性分析左右两列波的关系根据时间与周期的关系 ，判断质点的位置或求出波传播的距离，由波形平移法判断质点的状态 右图， BC 两物体用一坚固细绳连接， A物体放在 B上面， A与 B， B、 C与地面的摩擦系数都是 0.2， A质量为 1Kg， B、 C质量为 2Kg。用水平向右拉力 F=10N 拉 C物体， A、 B、 C一起向右匀速运动。若 F忽然变为 24N 瞬间，方向不变， C物体的加速度大小是： ( ) A. 3.5m/s2 B. 3.0 m/s2 C. 2.8 m/s2 D. 2.4 m/s2 答案： B 试题分析： A的最大加速度为 ，所以当用 24N 的拉力拉动时

11、，A要发生相对滑动，故用水平向右拉力 F=10N， ABC 一起匀速运动，所以可得，解得 ，故选 B 考点：考查了牛顿第二定律的应用 点评：关键是先判断 A相对 B发生滑动，在增加的瞬间 A还没有开始发生相对运动，所以需要要整体法研究 实验题 (1)、在 “用双缝干涉测量光的波长 ”实验中，实验装置如图所示。 令单缝宽度为 ，双缝距离为 ，双缝与屏距离为 ，当采取下列四组数据中的哪一组时，可能在光屏上观察到清晰可辨的干涉条纹 A B C D 用某种单色光照射双缝得到如图甲所示的干涉条纹，则分划板在图甲中 A、B位置时，游标卡尺读数分别为 xA=_ mm， xB=_ mm，相邻两条纹间距 x=_

12、mm。 如果测量头中的分划板中心刻线与干涉条纹不在同一方向上，如图乙所示。则在这种情况下波长的测 量值 _实际值。（填 “大于 ”、 “小于 ”或“等于 ”） (2)、某物理 “科技制作 ”小组装配一台小直流电动机，其额定电压 5V，额定电流0.5A，线圈绕阻小于 1 。为了进一步研究其在一定电压范围内，输 出功率与输入电压的关系，需要进一步做实验，请你帮助该小组完成该项工作。已知学校实验室提供的器材有： 直流电源 E，电压 6V，内阻不计； 小直流电动机 M； 电压表 V1，量程 0 0.6V，内阻约 3k ； 电压表 V2，量程 0 6V，内阻约 15k ； 电流表 A1，量程 0 0.6

13、A，内阻约 1 ； 电流表 A2，量程 0 3A，内阻约 0.5； 滑动变阻器 R， 0 10 ， 2A； 电键 S一只，导线若干。 首先要比较精确测量电动机的线圈绕阻 。根据合理的电路进行测量时，要控制电动机不转动，调节滑动变阻器，使电压表和电流表有 合适的示数，电压表应该选 。若电压表的示数为 0.1V，电流表的示数为 0.2A，则内阻 ，这个结果比真实值偏 （选填 “大 ”或 “小 ”）。 在图方框中画出研究电动机的输出功率与输入电压的关系的实验电路图。（标明所选器材的符号） 当电压表的示数为 4.5V时，电流表示数如图所示，此时电动机的输出功率是 W。 答案： (1)、 B（ 2分）

14、11.1 ， 15.6， 0.75 （每空 1分） 大于 （ 1分） (2) V1 0.5 小 1.72 试题分析： (1)、 根据公式 可得双锋宽度越小，距离越小， L越大，越清晰，故选 B A图中的读数为： ， B图中的读数为：，条纹间距为： 造成 d偏大，故波长偏大 (2) 因电阻小于 1，电路中电流最大 0.5，故最大电流为 0.5A，故应选取 ，可以使读数更准确；内阻 ； 因实验中采用电流表外接法，故电流表示数偏大，使测量结果偏小； 电路采用电压表测电动机两端的电压，电流表测电流，由 P=UI求得功率，则可得出输出功率与输入电压的关系；答案：如图： 由图可读出电路中电流 ，则电动机消

15、耗的功率；电动机内部电阻上消耗的功率 ；则电动机的输出功率 考点： 考查了双缝干涉实验和测定非纯电阻的功率和电压关系实验 点评：在仪表的选择中要注意应使测量结果更准确和安全，故电表的量程应略大于电路中可能出现的最大电流； 在接法中要注意根据各电器内阻的大小，灵活选择对应的接法 计算题 在竖直平面内，一根光滑金属杆弯成如图所示形状，相应的曲线方程为y=2.5 (kx+2 /3)单位米 ,式中 K=1m-1。将一光滑小环套在该金属杆上，并从x=0处以 v0=5m/s的初速度沿杆向下运动，取 g=10m/s2，则 (1)当小环运动到 x=/3 米时的速度大小为多少？ (2)该小环在 x轴方向能达到的

16、最远距离是多少？答案： x=2.62m 试题分析： (1)解： x=0时， y1=-1.25m x= /3 时 ,y2=-2.5m （ 2分） 以 y=0为零势能参考平面，由机械能守恒定律 解得： v=7.1m/s （ 4分） (2)小环在 x轴最远处时， v=0 由机械能守恒定律 解得： H=1.25m。所以小环从 y1=-1.25m处升至 y3=0处即 2.5 (kx+2 /3)=0 故： kx+2 /3=n + /2 取 n=1，得： x=2.62m （ 9分） 考点：机械能守恒定律 点评：本题和数学的上的方 程结合起来，根据方程来确定物体的位置，从而利用机械能守恒来解题，题目新颖，是个

17、好题 如图甲所示，竖直平面内的坐标系 xoy内的光滑轨道由半圆轨道 OBD和抛物线轨道 OA组成， OBD和 OA相切于坐标原点 O 点，半圆轨道的半径为 R , 一质量为 m的小球（可视为质点）从 OA轨道上高 H处的某点由静止滑下。（ 1）若小球从 H=3R的高度静止滑下，求小球刚过 O 点时小球对轨道的压力； （ 2）若用力传感器测出滑块经过圆轨道最高点 D时对轨道的压力为 F，并得到如图乙所示的压力 F与高度 H的关系图象，取 g=10m/s2。求滑块的质量 m和圆轨道的半径 R的值。 答案：（ 1） （ 2） m 0.1kg 试题分析：（ 1） （ 2分） （ 2分） 解得 （ 1分

18、） （ 2）由图乙可知，在 H大于 0.5m时，小球才能通过 D点。（ 2分） 当 H 0.5m时，有 （ 2分 （ 2分） （ 1分） 当 H 1.0m时，有 （ 3分） （ 2分） m 0.1kg （ 2分） 考点：考查了圆周运动和动能定理的应用 点评：在分析圆周运动时，关键是找出向心力来源，根据牛顿第二定律列式求解 如图所示，水平放置的 M、 N 两平行板相距为 d=0.50m，板长为 L=1m，两板间有向下的匀强电场，场强 E=300.0N/C，紧靠平行板右侧边缘的 xoy直角坐标系以 N 板右端为原点，在 xoy坐标系的第一象限内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感强度 B= 10-2T，

19、磁场边界 OA与 x轴夹角 AOx=60，现有比荷为 106C/kg的带电粒子（重力不计），沿靠近 M板的水平线垂直电场方向进入电场，离开电场后垂直于 OA边界进入磁场区域， 求：（ 1）带电粒子进入电场时的初速度 v0；（ 2）带电粒子从进入电场到离开磁场的总时间。 答案： (1) (2) 试题分析：（ 1）带电粒子要垂 直射入磁场，则速度偏向角为 30 有 （ 2分） （ 1分） （ 1分） （ 2）粒子在电场中的运动时间为 （ 1分） 粒子在电场中的偏转距离为 （ 1分） 粒子离开电场的速度 （ 1分） 粒子离开电场后做匀速直线运动，直线运动距离（ 2分） 运动时间 （ 1分） 粒子进入磁场后的轨道半径为 R， （ 2分） 由 （ 2分）由正弦定理有 得 （ 2分）由此可知，带电粒子在磁场中的偏转角度为 30 由在磁场中的运动时间为 （ 2分） 则总运动时间为 （ 2分） 考点：考查了带电粒子在组合场中的运动， 点评：带电粒子在电场中运动时关键是对其受力分析，根据牛顿第二定律解题，在磁场中运动时，需要画轨迹，定圆心，求半径，