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本文([职业资格类试卷]2016年3月12日湖南省长沙市教育局直属单位教师公开招聘考试(中学物理)真题试卷及答案与解析.doc)为本站会员(sofeeling205)主动上传,麦多课文库仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对上载内容本身不做任何修改或编辑。 若此文所含内容侵犯了您的版权或隐私,请立即通知麦多课文库(发送邮件至master@mydoc123.com或直接QQ联系客服),我们立即给予删除!

[职业资格类试卷]2016年3月12日湖南省长沙市教育局直属单位教师公开招聘考试(中学物理)真题试卷及答案与解析.doc

1、2016 年 3 月 12 日湖南省长沙市教育局直属单位教师公开招聘考试(中学物理)真题试卷及答案与解析不定项选择题1 如图所示,长木板 B 放在粗糙的水平面上,物块 A 放在 B 的粗糙表面上,A 与B 间的动摩擦因数和 B 与水平面间的动摩擦因数均为 =04,A 的质量为 m,B的质量为 2m,物块和长木板用轻绳绕过轻滑轮连着, A 与 B 和 B 与水平面间的滑动摩擦力与它们间对应的最大静摩擦力视为相等。现给滑轮施加一个水平力 F,使F 从零开始增大,则在 F 增大的过程中( ).(A)A 和 B 间先相对滑动(B) B 先相对地面发生滑动(C) B 相对地面刚好要发生滑动时,拉力 F=

2、16mg(D)A、B 间刚好要发生相对滑动时,拉力 F=0 8mg2 如图所示,两段等长细线串接着两个质量相等的小球 a、b,悬挂于 O 点。现在两个小球上分别施加上水平方向的外力,其中作用在 b 球上的力大小为 F、作用在a 球上的力大小为 2F,则此装置平衡时的位置可能是下列哪幅图?( )3 如图 1 所示,水平轨道 I、平滑连接于 6 点。一物体以水平速度 v0 从 a 点进入轨道,轨道 I、的动摩擦因数为不同常数,若物体仅在轨道受水平向左的恒力F 作用,其 v 一 t 图象如图 2 所示,则在 0 到 7 s 内 ( )。(A)物体在轨道 I 受到的滑动摩擦力比轨道的大(B)物体在轨道

3、 I 受到的滑动摩擦力小于 F(C)物体在轨道 I、受到的摩擦力做功之比为 4:1(D)物体在轨道受到的摩擦力做的功与 F 做的功之比为 3:54 如图所示,固定于竖直面内的粗糙斜杆,与水平方向夹角为 30,质量为 m 的小球套在杆上,在大小不变的拉力 F 作用下,小球沿杆由底端匀速运动到顶端。已知小球与斜杆之间的动摩擦因数为 ,关于拉力 F 的大小和 F 的做功情况,下列说法正确的是( ) 。(A)当 =30时,拉力 F 最小(B)当 =30时,拉力 F 做功最小(C)当 =60时,拉力 F 最小(D)当 =60时,拉力 F 做功最小5 如图所示,一质量为 m 的物块以一定的初速度 v0 从

4、斜面底端沿斜面向上运动,恰能滑行到斜面顶端。设物块和斜面的动摩擦因数一定,斜面的高度 h 和底边长度x 可独立调节(斜边长随之改变),下列说法正确的是( )。(A)若仅增大 m,物块仍能滑到斜面顶端(B)若再施加一个水平向右的恒力,物块一定从斜面顶端滑出(C)若仅增大 h,物块不能滑到斜面顶端,但上滑最大高度一定增大(D)若仅增大 x,物块不能滑到斜面顶端,但滑行水平距离一定增大6 地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动,所受的向心力为 F1,向心加速度为 a1,线速度为 v1,角速度为 1;绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星(高度忽略)所受的向心力为 F2,向心加速度为 a2,线速度为

5、v2,角速度为 2;地球同步卫星所受的向心力为 F3,向心加速度为 a3,线速度为 v3,角速度为 3;地球表面重力加速度为 g,第一宇宙速度为 v。若三者质量相等,则( )。(A)F 1=F2F 3(B) a1=a2=ga 3(C) v1=v2=vv 3(D) 1=3 27 如图所示,平行实线代表电场线,方向未知,带电量为 110-2C 的正电荷在电场中只受电场力作用。该电荷由 A 点运动到 B 点,动能损失了 01 J ,若 A 点电势为 10 V,则( ) 。(A)B 点的电势为零(B)电场线方向向左(C)电荷运动的轨迹可能是图中曲线(D)电荷运动的轨迹可能是图中曲线8 如图所示,在厚铅

6、板 P 表面中心放置一很小的放射器 A,能从 A 点向各个方向放出相应速度的粒子,厚铅板 P 的左侧有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为 B,范围足够大,在 A 处上方 L 处有一涂荧光材料的金属条 Q,并与 P 垂直,若金属条 Q 受到粒子的冲击而出现荧光的部分集中在 CD 间,且 ,粒子质量为 m,电荷量为 q,则( )。(A)粒子在磁场中作圆周运动的半径为(B)运动到 C 点的粒子进入磁场时速度方向与 PQ 边界相垂直(C)粒子在磁场中运动的最长时间为 tmax=3m2qB(D)粒子在磁场中运动的最短时间为 tmin=m2qB9 如图所示,一光滑平行金属轨道平面与水平面成 角。两轨道上

7、端用一电阻 R 相连,该装置处于匀强磁场中,磁场方向垂直轨道平面向上。质量为 m 的金属杆ab,以初速度 v0 从轨道底端向上滑行,滑行到某一高度 h 后又返回到底端。若运动过程中,金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好,且轨道与金属杆的电阻均忽略不计,则( ) 。(A)整个过程中金属杆所受合外力的冲量大小为 2mv0(B)上滑到最高点的过程中克服安培力做功与重力所做功之和等于(C)上滑到最高点的过程中电阻 R 上产生的焦耳热等于(D)金属杆两次通过斜面上的同一位置时电阻 R 的热功率相同10 由两种单色光 P、Q 组成的细光束,自 A 点沿半径方向射入两种不同材料做成的外形相同的半圆形透明体 I

8、、,在圆心 O 点发生反射与折射现象,如图所示,则( )。(A)对同一色光,介质 I 的折射率小于介质的折射率(B)在同一均匀介质中单色光 P 的传播速度小于单色光 Q(C)若入射光由 A 缓慢向 B 转动,仍保持沿半径方向射到 O 点,单色光 P 比单色光 Q 先发生全反射(D)在相同条件下做双缝干涉实验,单色光 P 相邻条纹间距比单色光 Q 大实验与探究题10 某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系” ,已知小车的质量为 M,砝码及砝码盘的总质量为 m,所使用的打点计时器所接的交流电的频率为 50 Hz。实验步骤如下: A按图甲所示安装好实验装置,其中与定滑轮及弹簧测力计

9、相连的细线竖直; B调节长木板的倾角,轻推小车后,使小车能沿长木板向下匀速运动; C挂上砝码盘,接通电源后,再放开小车,打出一条纸带,由纸带求出小车的加速度; D改变砝码盘中砝码的质量,重复步骤 C,求得小车在不同合力作用下的加速度。 根据以上实验过程,回答以下问题:11 对于上述实验,下列说法正确的是_。12 实验中打出的一条纸带如图乙所示,由该纸带可求得小车的加速度为_ms 2。(结果保留 2 位有效数字)13 由本实验得到的数据作出小车的加速度 a 与弹簧测力计的示数 F 的关系图像,与本实验相符合是_。14 用如图所示电路测量干电池的电动势和内阻(电动势约为 15 V,内阻约05,允许

10、通过的最大电流为 06 A)。图中电压表的量程为 20 V ,内阻为 3 000;电流表的量程为 010 A,内阻为 50。除被测电池、开关和导线外,还有如下器材:A滑动变阻器:阻值范围 010B滑动变阻器:阻值范围0100C定值电阻:阻值为 1D定值电阻:阻值为 100(1)为了满足实验要求并保证实验的精确度,R 2 应选阻值为_ 定值电阻;为便于凋节,图中 R1 应选择阻值范围是_ 的滑动变阻器。(2)实验中,当电流表读数为 010 A 时,电压表读数为 116 V ;当电流表读数为 005 A 时,电压表读数为 128 V。则可以求出E=_V,r=_。15 霍尔效应是电磁基本现象之一,近

11、期我国科学家在该领域的实验研究上取得了突破性进展。如图 1 所示,在一矩形半导体薄片的 P、Q 间通入电流 I,同时外加与薄片垂直的磁场 B,在 M、N 间出现电压 UH,这个现象称为霍尔效应, UH 称为霍尔电压,且满足 ,式中 d 为薄片的厚度,k 为霍尔系数。某同学通过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数。(1)若该半导体材料是空穴(可视为带正电粒子)导电,电流与磁场方向如图 1 所示,该同学用电压表测量 UH 时,应将电压表的“+” 接线柱与_(填“M”或“N”)端通过导线相连。(2)已知薄片厚度 d=040 mm,该同学保持磁感应强度 B=010 T 不变,改变电流 I 的大小,测量相应

12、的 UH 值,记录数据如表所示。根据表中数据在给定区域内(在图 2 上) 画出 UH 一 I 图线,利用图线求出该材料的霍尔系数为_10-3V.m.A-1.T-1(保留 2 位有效数字)。 (3)该同学查阅资料发现,使半导体薄片中的电流反向再次测量,取两个方向测量的平均值,可以减小霍尔系数的测量误差,为此该同学设计了如图 3 所示的测量电路,S 1、S 2 均为单刀双掷开关,虚线框内为半导体薄片(未画出) 。为使电流自 Q 端流入, P 端流出,应将 S1 掷向_(填“a”或“b”),S 2 掷向_(填“c”或“d”)。 为了保证测量安全,该同学改进了测量电路,将一合适的定值电阻串接在电路中。

13、在保持其他连接不变的情况下,该定值电阻应串接在相邻器件_和_(填器件代号)之间。计算题16 如图所示,直角坐标系 xOy 位于竖直平面内,在 的区域内有磁感应强度大小 B=4010 -4T、方向垂直于纸面向里的条形匀强磁场,其左边界与 x 轴交于 P 点;在 x 0 的区域内有电场强度大小 E=4 NC、方向沿 y 轴正方向的有界匀强电场,其宽度 d=2 m。一质量 m=6 410-27kg、电荷量 q=3210 -19C 的带负电粒子从 P 点以速度 v=4104 ms,沿与 x 轴正方向成 =60角射入磁场,经电场偏转最终通过 x 轴上的 Q 点(图中未标出),不计粒子重力。求:(1)带电

14、粒子在磁场中运动的半径和时间;(2)当电场左边界与 y 轴重合时 Q 点的横坐标;(3)若只改变上述电场强度的大小,要求带电粒子仍能通过 Q 点,讨论此电场左边界的横坐标 x与电场强度的大小 E的函数关系。17 光滑的斜面倾角 =30,斜面底端有弹性挡板 P,长 2l、质量为 M 的两端开口的圆筒置于斜面上,下端在 B 点处,PB=2l ,圆筒的中点处有一质量为 m 的活塞,M=m。活塞与圆筒壁紧密接触,最大静摩擦力与滑动摩擦力相等为 f=mg/2。每当圆筒中的活塞运动到斜面上 AB 区间时总受到一个沿斜面向上 F=mg 的恒力作用,AB=l。现由静止开始从 B 点处释放圆筒。 (1)求活塞位

15、于 AB 区间之上和进入 AB 区间内时活塞的加速度大小; (2)求圆筒第一次与挡板 P 碰撞前的速度和经历的时间; (3)圆筒第一次与挡板 P 瞬间碰撞后以原速度大小返回,求圆筒沿斜面上升到最高点的时间。18 如图所示,水平转盘可绕竖直中心轴转动,盘上叠放着质量均为 1 kg 的 A、B两个物块,B 物块用长为 025 m 的细线与固定在转盘中心处的力传感器相连,两个物块和传感器的大小均可不计。细线能承受的最大拉力为 8 N。A 、B 间的动摩擦因数为 04,B 与转盘间的动摩擦因数为 01,且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。转盘静止时,细线刚好伸直,传感器的读数为零。当转盘以不同的角速度

16、匀速转动时,传感器上就会显示相应的读数 F。求:(g 取 1 0m/s2) (1)绳子刚有拉力时转盘的角速度; (2)A 物块刚脱离 B 物块时转盘的角速度; (3)绳子刚断开时转盘的角速度 ; (4)试通过计算在坐标系中作出 F 一 2 图象。19 质量均为 m 的两个小物体 A 和 B,静止放在足够长的水平面上,相距 L=125 m。它们跟水平面间的动摩擦因数均为 =02,其中 A 带电荷量为 q 的正电荷,与水平面的接触是绝缘的,B 不带电。现在水平面附近空间加一水平向右的匀强电场,场强 ,A 便开始向右运动,并与 B 发生多次对心碰撞,碰撞过程时间极短,每次碰撞后两物体交换速度,A 带

17、电量不变, B 始终不带电。g 取 10m/s2。试求 (1)A 与 B 第 1 次碰撞后 B 的速度大小;(2)A 与 B 从第 5 次碰撞到第 6 次碰撞过程中 B 运动的时间;(3)B 运动的总路程。2016 年 3 月 12 日湖南省长沙市教育局直属单位教师公开招聘考试(中学物理)真题试卷答案与解析不定项选择题1 【正确答案】 A,C,D【试题解析】 如图所示,分别对 A、B 进行受力分析。设轻绳中的张力为 T,则有 F=2T。A 相对于 B 滑动的条件是Tf=mg。B 相对于地面滑动的条件是 T+ff=3mg,当 f 为最大值 mg 时,T最小值为 2mg。通过比较可得: 在 F 从

18、零增大的过程中,A 和 B 间先发生相对滑动,此时 F=2T=2mg=0.8mg,A、D 选项正确,B 选项错误。B 相对于地面刚好发生相对滑动,此时 F=2T=4gmg=16mg,C 选项正确。故选 A、C、D 。2 【正确答案】 C【试题解析】 设每个球的质量为 m,oa 与 ab 和竖直方向的夹角分别为 和 ,以两个小球组成的整体为研究对象,分析受力情况:根据平衡条件可知,oa 绳的受力方向不可能沿竖直方向,否则整体的合力不为零,不能保持平衡。由平衡条件得:,以球 b 为研究对象,分析受力情况,由平衡条件得 ,则 ,故选项 C 正确。3 【正确答案】 A,C【试题解析】 由图 2 可知,

19、0 一 1s 内物体在轨道 I 上在摩擦力的作用下做匀减速直线运动,加速度 。由于物体的加速度发生变化,分析受力情况可得13 s 物体运动到轨道上,加速度 a2= ,根据牛顿第二定律得到F+2mg=ma2。37 s 物体做反向运动,由牛顿第二定律可得 F-2mg=ma3,且。结合上述式子,解得 。物体在轨道 I 上运动的路程为 ,在轨道 上运动的路程为因此,物体在轨道 I 上受到的滑动摩擦力比轨道的大,A 选项正确。物体在轨道 I 上受到的滑动摩擦力大于 F,B 选项错误。物体在轨道 I、受到的摩擦力做功之比为 f1s1:f 2s2=4:1,C 选项正确。物体在轨道上 F 先做负功再反方向做正

20、功,F 做的总功为零,D 选项错误。4 【正确答案】 A,D【试题解析】 小球沿杆由底端到顶端做匀速运动,根据平衡条件,在沿杆方向上有:Fcos=mgsin30+(mgcos30一 Fsin)。整理得 Fcos+Fsin=mg,由于 ,可把 F 改写为 ,因此当 =30时,F 有最小值 。故 A 正确,C 错误。小球匀速运动,由动能定理得:W F 一 WfWG=0,要使拉力做功最小,则 Wf=0,即摩擦力为 0,则支持力为零,分析小球受力,然后正交分解列方程,垂直斜面方向:Fsin=mgcos30 ,沿斜面方向:Fcos=mgsin30,联立解得:=60,F=mg,故 B 错误,D 正确。5

21、【正确答案】 A,C,D【试题解析】 物块以一定的初速度 v0 从斜面底端沿斜面向上运动,恰能滑行到斜面顶端,根据动能定理有:一 mgh 一 mgscos= ,即 ghgx= ,可见物块能否滑到斜面顶端与物块的质量无关,增大 m,物块仍能滑到斜面顶端,故 A 正确;施加一个水平向右的恒力,恒力沿斜面方向的分力可能小于摩擦力的增加量,则物块不一定能从斜面顶端滑出,故选项 B 错误;根据 gh+gx= ,可知 h 增大,物块不能滑到斜面的顶端,结合 gh+ghcot= ,可知,增大 h, 增大,则上升的最大高度增大,故选项 C 正确;根据增大 x,斜面的倾角变小,则滑行的最大距离一定增大,故选项

22、D 正确。6 【正确答案】 D【试题解析】 根据题意,三者质量相等,轨道半径 r1=r2r 3。物体与人造地球卫星比较,由于赤道上物体由引力和支持力的合力提供向心力,而近地卫星只受万有引力,故 F1F 2,故 A 错误;由于 F1F 2,故由牛顿第二定律可知,a 1a 2,故选项 B 错误;根据向心力公式 ,由于 m、R 一定,F 1F 2,故 v1v 2,选项 C 错误;同步卫星与地球自转同步,故 T1=T2,根据周期公式 ,可知卫星轨道半径越大,周期越大,故 T3T 2,再根据 ,有 1=3 2,故选项 D 正确。7 【正确答案】 B,C【试题解析】 根据动能定理得 WAB=qUAB=一

23、01 J,故 ,而UAB=A 一 B=一 10V,故 B=20 V,选项 A 错;由于该电荷从 A 点运动到 B 点,动能损失了 01 J,故电场力做负功,所以该正电荷所受的电场力水平向左,由于电场力向左,而正电荷所受电场力的方向与电场线的方向相同,故电场线方向向左,选项 B 正确;根据电场力指向轨迹内侧,而电场力水平向左,故电荷运动的轨迹可能是图中曲线,故 C 正确,D 错误。8 【正确答案】 C【试题解析】 粒子从 A 点向各个方向发射,最终落在 CD 之间,说明粒子在磁场中向右偏转。粒子在磁场中做圆周运动,粒子到达 C 点是极限情况,说明 AC 是圆周运动的直径,则圆周运动的半径为 R=

24、L。A 选项错误。在这种情况下,粒子初始方向与 AC 方向垂直,B 选项错误。当粒子初始方向竖直向下时,粒子在磁场中运行时间最长,运行时间为 ,C 正确。粒子到达 D 点的情况是另一种极限情况,此种情况下,粒子在磁场中运行时间为 ,粒子初始速度方向为向上偏左 30。当粒子初始速度方向为向上偏左小于 30时,粒子从 AD边飞出,在磁场中运行时间更短。9 【正确答案】 B,C【试题解析】 在整个过程中,由于回路中产生内能,根据能量守恒定律可知,金属杆 ab 返回底端时速度 v 小于 v0,取沿斜面向下为正方向,设合外力的冲量大小为 I,根据动量定理得:I=mv 一(一 mv0)=mv+mv02mv

25、 0,故 A 错误;上滑过程中,重力和安培力对杆做功,安培力做负功,根据动能定理知,克服安培力与重力所做功之和等于 ,故 B 正确;对于上滑过程,由动能定理得:一 mgh 一 W安 = ,克服安培力做功为 。根据功能关系可知,克服安培力做功等于回路中产生的焦耳热,即 Q=W 安 ,则得 Q= 一 mgh,故选项 C 正确;上滑过程做变减速直线运动,下滑过程做变加速直线运动,经过同一位置时,上滑的速度大小大于下滑速度的大小,上滑的感应电动势大于下滑的感应电动势,则上滑的感应电流大于下滑的感应电流,上滑时所受的安培力大于下滑时所受的安培力,由 P=Fv 可知,经过同一位置时,上滑过程中杆克服安培力

26、做功的功率大于下滑过程的,上滑过程中电阻 R 的热功率大于下滑过程 R 的热功率,故 D 错误。10 【正确答案】 D【试题解析】 入射光线由介质 I 射入介质时,入射角小于折射角,则介质 I 是光密介质,介质是光疏介质。即介质 I 的折射率大于介质 的折射率,A 选项错误。由折射光线的偏折角度,可知 P 的折射率小于 Q 的折射率。由 得到同一均匀介质中 P 的传播速度大于 Q,B 选项错误。由 sinC= 得到 Q 的临界角小于P,即 Q 先发生全反射,C 选项错误。双缝干涉条纹间距 ,P 的波长大于Q,故单色光 P 相邻条纹间距比单色光 Q 大,D 选项正确。实验与探究题11 【正确答案

27、】 C【试题解析】 由实验装置可知当砝码下落的高度为 h 时,小车沿木板下滑的距离为 2h,故加速度不同,选项 A 错误;由于砝码加速下落,处于失重状态,故选项B 错误;如果细绳不与木板平行,则木板方向是由细绳拉力的分力产生加速度,给实验带来误差,所以要求细绳一定与长木板平行,故选项 C 正确;对于砝码,由受力分析知 mg 一 2T=ma,解得 ,故选项 D 错误;由于本实验利用测力汁可以直接读出细绳的拉力,所以不需要满足砝码和砝码盘的质量远小于小车质量,故选项 E 错误。12 【正确答案】 016;【试题解析】 由题意知时间间隔 T=01 s,根据纸带可知连续相等时间间隔内的位移差为s=00

28、016 m,由 s=aT2 可知 a= =016 ms 2。13 【正确答案】 A【试题解析】 根据牛顿第二定律可知选项 A 正确。14 【正确答案】 (1)1 ;010;(2)1 40;04。【试题解析】 (1)为了电压表的读数变化明显,定值电阻应该选用较小阻值;为了便于调节,图中 R1 应选择阻值较小的,即 010 的滑动变阻器。(2)实验中,当电流表读数为 010 A 时,电压表读数为 116 V;当电流表读数为 005 A 时,电压表读数为 128 V,干路的电流等于电流表的读数和通过 R2 的电流之和。根据闭合电路欧姆定律列出等式: ,E=128+得 E=14 v,r=04 。15

29、【正确答案】 (1)M;(2)15;(3)b ;c;S 1;E。【试题解析】 根据左手定律,正电荷受力向左,M 点电势较高,因此“+” 接线柱应接 M 点; 画出图象见答案,图象的斜率为 ,将 B 和 d 代入就可以求出k 值;为 1 5;将 S1 掷向“b”,S 2 掷向“c” ,电流恰好反向,应将该电阻接入公共部分,即在 S1 与 S2 之间,因此可以在 S1 与 E 之间也可以在 E 与 S2 之间。计算题16 【正确答案】 (1)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,根据牛顿第二定律有 qvB= 。代入数据得:r=2 m ,轨迹如图交 y 轴于 C 点,过 P点作 v 的

30、垂线交 y 轴于 O1 点,由几何关系得 O1 为粒子运动轨迹的圆心,且圆心角为 60。在磁场中运动时间 代入数据得:t=52310 -5s。 (2)带电粒子离开磁场垂直进入电场后做类平抛运动,粒子在电场中加速度=2010 8ms 2,运动时间 =5010 -5s, 沿 y 方向分速度vx=at1=1010 4ms ,沿 y 方向位移 =025m。粒子出电场后又经时间 t2达 x 轴上 Q 点 ,故 Q 点的坐标为 x=d+vt2=50 m 。(3)电场左边界的横坐标为 x,当 0x3m 时,设粒子离开电场时的速度偏向角为 ,则:tan=将 y=1 m 及各数据代入上式得17 【正确答案】 (

31、1)活塞在 AB 区间之上时,活塞与筒共同下滑的加速度,活塞在 AB 区间内时,假设活塞与筒共同下滑,(M+m)gsin30一 F=(M+m)a,解得 a=0;对 m:受向上恒力 F=mg,此时,Fmgsin30一 f=0,f 刚好等于 05mg,所以假设成立,活塞的加速度 a=0。 (2) 圆筒下端运动至活塞刚好到达 B 点,此时速度 ,经历时间 t1,有,解得 ;接着 m 向下匀速, M 受力:f 一 Mgsin30=,所以 m 和 M 都以 v0 做匀速运动,到达 P 时速度即 ,匀速运动时间 。 (3)M 反弹时刻以 v0 上升,m 过点 A 以 v0下滑,以后由于摩擦力和重力,m 在

32、 M 内仍然做匀速下滑,M 以加速度减速,m 离开 M 时间 t1, 此时M 速度 ,接着 M 以加速度 0.5g 向上减速, 。18 【正确答案】 (1)对 AB 整体分析,当绳子刚有拉力时,根据牛顿第二定律得:1.2mg=2mr12,绳子刚有拉力时的角速度为 (2)当 A 物体所受的摩擦力大于最大静摩擦力时,A 将要脱离 B 物体,此时的角速度由: 2mg=mr22决定,解得 ,则:F=2m 2r 一 12mg=05 22(2,4)。当=4 时,绳子的张力为:F=2m 2r12mg=2160252=6 N8 N ,故绳子未断,接下来随角速度的增大B 脱离 A 物体。 (4)综上可得 2,

33、F=0;24,F=0 5 2 一 2;46,F=025 2 一 1。坐标系中作出 F 一 2 图象如图所示。19 【正确答案】 (1)对 A,根据牛顿第二定律: qE 一 mg=maA,解得加速度aA=1ms 2,根据公式 vA12=2aAL 解得 A 与 B 碰前速度 vA1=5ms ,碰撞交换速度,第 1 次碰后,A 的速度为 0,B 的速度 vB1=vA1=5ms 。 (2)对 B,根据牛顿第二定律:mg=ma B 解得加速度大小 aB=2ms 2。每次碰后 B 做匀减速运动,因其加速度大于 A 的加速度,所以 B 先停,之后 A 追上再碰,每次碰后 A 的速度均为 0,然后加速再与 B 发生下次碰撞,第 1 次碰撞:碰后 B 运动的时间 ,第 2次碰撞:碰前 A 的速度为 vA2,则 vA22=2aAxB1,x B1 为第 1 次碰后 B 的位移,则vB12=vA12=2aBxB1,由以上两式得 ,碰后 B 的速度 ,碰后B 运动的时间 ,以此类推,第 5 次碰撞后 B 运动的时间=0625 s。 (3) 经过无数次碰撞,最终 A、B 停在一起;每次碰撞交换速度,说明碰撞过程无机械能损失,设 B 运动的总路程为 x,根据能量守恒 qE(L+x)=mg(L+x)+mgx,解得 x=125 m。

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