[职业资格类试卷]教师公开招聘考试（中学物理）模拟试卷22及答案与解析.doc

1、教师公开招聘考试（中学物理）模拟试卷 22 及答案与解析多项选择题1 下列说法中，符合物理学史实的是( )。（A）亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动（B）麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场（C）牛顿认为在足够高的高山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落在地球上（D）安培首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究2 将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用 d、U、E 和 Q 表示。下列说法正确的是( )。（A）保持 E 不变，将 d 变为原来的一半，则 U 变为原来的两倍（B）保持 U 不变，将 d 变

2、为原来的两倍，则 E 变为原来的一半（C）保持 d 不变，将 Q 变为原来的两倍，则 U 变为原来的一半（D）保持 d 不变，将 Q 变为原来的一半，则 E 变为原来的一半3 图甲为一列简谐横波在 t=010s 时刻的波形图，P 是平衡位置为 x=1m 处的质点，Q 是平衡位置为 x=4m 处的质点，图乙为质点 Q 的振动图象，则 ( )。（A）t=0 10s 时，质点 P 的速度方向向上（B） t=010s 时，质点 P 的加速度大于质点 Q 的加速度（C）从 t=010s 到 t=0 25s，质点 P 通过的路程为 30cm（D）若这列波的波源正在远离观察者，则观察者接收到的频率大于波源发

3、出的频率4 如图所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，质点运动到 D 点时速度方向与加速度方向恰好相互垂直，则质点从 A 点运动到 E 点的过程中，下列说法中正确的是( )。（A）质点经过 C 点的速率比 D 点大（B）质点经过 D 点时的加速度比 B 点大（C）质点经过 A 点时的加速度方向与速度方向的夹角大于 90（D）质点从 B 到 E 过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小5 质量分别为 m1 和 m2，电荷量分别为 q1 和 q2 的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，已知两粒子的动量大小相等。下列说法正确的是( )。（A）若 q1=q2，则它们做圆周运动的半径一定相等（B

4、）若 q1q2，则它们做圆周运动的周期一定不相等（C）若 m1=m2，则它们做圆周运动的半径不一定相等（D）若 m1m2，则它们做圆周运动的周期一定不相等6 一质点沿半径 r 作圆周运动，其角坐标与时间的函数关系(以角量表示的运动函数)为 =2+4t3 次方，那么下列该质点的说法正确的有( )。（A）角速度为 12t2（B）角加速度为 24t（C）切向加速度为 144rt4（D）法向加速度为 24rt7 如图所示是一定质量理想气体的 p-V 图象，若其状态由 ABCA ，且 AB为等容过程，BC 为等压过程，CA 为等温过程，则对该气体在 A、B、C 三个状态时的描述，正确的是( )。（A）气

5、体分子的平均速率 vAv Bv C（B）单位体积内气体的分子数 nA=nBn C（C）气体分子在单位时间内对器壁的平均作用力 FAF B，F BF C（D）气体分子在单位时间内对器壁单位面积碰撞的次数 NAN B，N AN C8 如图，若 x 轴表示时间，y 轴表示位置，则该图象反映了某质点做匀速直线运动时，位置与时间的关系。若令 x 轴与 y 轴分别表示其他物理量，则该图象又反映在某种情况下，相应的物理量之间的关系。下列说法正确的是( )。（A）若 x 轴表示位移，y 轴表示动能，则该图象可以反映某物体受到恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动能与位移的关系（B）若 x 轴表示时间，y 轴表

6、示动能，则该图象可以反映某物体受到恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动能与时间的关系（C）若 x 轴表示时间，y 轴表示动量，则该图象可以反映某物体受到恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动量与时间的关系（D）若 x 轴表示时间，y 轴表示感应电动势，则该图象可以反映静置于磁场中的某闭合回路，当磁感应强度随时问均匀增大，闭合回路的感应电动势与时间的关系9 两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示。c 是两负电荷连线的中点，d 点在正电荷的正上方，c、d 到正电荷的距离相等，则( )。（A）a 点的电场强度比 b 点的大（B） a 点的电势比 b 点的高（C） c 点的电场强度比

7、d 点的大（D）c 点的电势比 d 点的低单项选择题10 如图所示，一光滑小球放置在木板与竖直墙面之间。设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为 N2。将木板由图示位置开始绕 O 点缓慢地转到水平位置。在此过程中( ) 。（A）N 1 始终增大，N 2 始终增大（B） N1 始终减小，N 2 始终减小（C） N1 先增大后减小，N 2 始终减小（D）N 1 始终减小，N 2 先减小后增大11 “严禁超载，严禁超速，严禁疲劳驾驶” 是预防车祸的有效办法。下列说法正确的是( )。（A）汽车超速会增大汽车的惯性（B）汽车超载会增大汽车的惯性（C）汽车超载会减小汽车的刹车距离（D）疲劳驾驶会缩

8、短司机的反应时间12 如图，下列设备没有利用连通器原理的是( )。13 如图所示，一物体自倾角为 的固定斜面顶端沿水平方向以 v0，2v 0 的水平速度先后两次抛出，抛出后均落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角为1， 2，水平距离为 x1、 x2，下落高度为 y1、y 2，则下列关系中不正确的是( )。（A）tan 1=2tan（B） 1=2（C） x1：x 2=1：2（D）y 1：y 2=1：414 如图所示，轻杆长为 3L，在杆的 A、B 两端分别固定质量均为 m 的球 A 和球B，杆上距球 A 为 L 处的 O 点装在光滑的水平转动轴上，外界给予系统一定的能量后，杆和球在竖直

9、面内转动，在转动的过程中，忽略空气的阻力。若球 B 运动到最高点时，球 B 对杆恰好无作用力，则下列结论错误的是( )。（A）此时球 A 的速度为 12（B）球 B 在最高点时速度为（C）球 B 在最高点时，杆对水平轴的作用力为 15mg（D）球 B 转到最低点时，其速度为 gL15 6如图所示，质量为 M 的物体内有光滑轨道，现有一质量为 m 的小球沿该圆形轨道的竖直面做圆周运动，BD 为圆周的最低点和最高点， AC 与圆心 O 在同一水平线上。小球运动时，物体 M 保持静止，关于物体 M 对地面的压力 N 和地面对物体 M 的摩擦力，下列说法正确的是( )。（A）小球运动到 A 点时，N=

10、Mg，摩擦力方向向左（B）小球运动到 B 点时，N(M+m)g ，M 与地面无摩擦力（C）小球运动到 C 点时，N=(M+m)g ，摩擦力方向向左（D）小球运动到 D 点时，NMg，摩擦力方向向左16 如图所示，a 是静止在地球赤道地面上的一个物体，b 是地球同步卫星，c 是与赤道共面的地球卫星。对于 a 物体和 b、c 两颗卫星的运动情况，下列说法正确的是( )。（A）a 物体运动周期大于 c 卫星运动周期（B） b 卫星运动受到的万有引力一定大于 c 卫星受到的万有引力（C） a 物体运动的线速度小于 b 卫星运动的线速度（D）b 卫星减速后可进入 c 卫星轨道17 如图所示，质量相同的两

11、个带电粒子 M、N 以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行金属板间的匀强电场中。M 从上板边缘处射入， N 从两板正中央射入，已知两粒子都刚好从下极板边缘射出，不计粒子重力，则射出过程中( )。（A）M、N，的带电量之比为 2：1（B） M、N 的电势能减少量之比为 2：1（C） M、N 的动能增量之比为 1：4（D）M、N 在两极板间运动的时间之比为 2：118 理想变压器的副线圈通过电阻为 r=28 的导线对标注“48V，120W” 的用电器R 供电，原线圈接入如图所示的交变电压，该用电器正常工作。由此可知( )。（A）交变电压的瞬时值表达式为 u=220 sin50t（B）若增大用电器的

12、功率则原线圈中的电流会减小（C）原线圈中的电流的有效值为 10A（D）原副线圈的匝数比为 4：119 如图所示，一质量为 m 的物块以一定的初速度 v0 从斜面底端沿斜面向上运动，恰能滑行到斜面顶端。设物块和斜面的动摩擦因数一定，斜面的高度 h 和底边长度x 可独立调节(斜边长随之改变)，下列说法错误的是( )。（A）若仅增大 m，物块仍能滑到斜面顶端（B）若再施加一个水平向右的恒力，物块一定从斜面顶端滑出（C）若仅增大 h，物块不能滑到斜面顶端，但上滑最大高度一定增大（D）若仅增大 x，物块不能滑到斜面顶端，但滑行水平距离一定增大20 由两种单色光 P、Q 组成的细光束，自 A 点沿半径方向

13、射入两种不同材料做成的外形相同的半圆形透明体、，在圆心 O 点发生反射与折射现象，如图所示，则( )。（A）对同一色光，介质的折射率小于介质的折射率（B）在同一均匀介质中单色光 P 的传播速度小于单色光 Q（C）若入射光由 A 缓慢向 B 转动，仍保持沿半径方向射到 O 点，单色光 P 比单色光 Q 先发生全反射（D）在相同条件下做双缝干涉实验，单色光尸相邻条纹间距比单色光 Q 大21 在如图所示电路中，R t 为半导体热敏电阻，闭合开关，灯泡 L1、L 2、L 3 的亮度相同，当 Rt 处的温度升高时，R t 的阻值减小，则小灯泡的亮度变化情况是 ( )。（A）L 1 变亮，L 2 变暗，

14、L3 变亮（B） L1 变暗，L 2 变亮，L 3 变暗（C） L1、L 2 变亮，L 3 变暗（D）L 1、L 2 变暗，L 3 变亮22 如图所示，xOy 坐标系第一象限内有垂直纸面向外的匀强磁场，第三象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度大小均为 B，第二、四象限内没有磁场。一个围成四分之一圆弧形的导体环 Oab，其圆心在原点 O，开始时导体环在第四象限，且导体环两边 Oa、Db 恰好分别与 x 轴、y 轴重合，从 t=0 时刻开始导体环绕 O 点在 xOy 坐标平面内逆时针匀速转动。规定逆时针方向为电流的正方向，在导体环转动一周的过程中，下列能正确表示环内感应电流 i 随时间 t 变

15、化的图象是( )。23 如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为 U1 的电场加速后，射入水平放置，电势差为 U2 的导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向，从两板正中间射入，穿过两板后又垂直磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的 M、N 两点间的距离 d 随 U1 和 U2 的变化情况为(不计重力，不考虑边缘效应)( )。（A）d 随 U1、U 2 变化（B） d 与 U1 无关，d 随 U2 变化（C） d 随 U1 变化，d 与 U2 无关（D）d 与 U1 无关，d 与 U2 无关24 用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法。下面四个物理量表达式中属

16、于比值法定义的是( ) 。（A）加速度 a=Fm（B）功率 P=Wt（C）电流 I=UR（D）电场强度 E=kQr 2计算题24 如图所示，在竖直平面内有半径为 R=02m 的光滑 14 圆弧 AB，圆弧 B 处的切线水平，O 点在 B 点的正下方，B 点高度为 h=08m。在 B 端接一长为L=10m 的木板 MN。一质量为 m=10kg 的滑块，与木板间的动摩擦因数为02，滑块以某一速度从 N 点滑到板上，恰好运动到 A 点。(g 取 10ms 2)求：25 滑块从 N 点滑到板上时初速度的速度大小；26 从 A 点滑回到圆弧的 B 点时对圆弧的压力；27 若将木板右端截去长为L 的一段，

17、滑块从 A 端静止释放后，将滑离木板落在水平面上 P 点处，要使落地点 P 距 O 点最远， L 应为多少?27 在甲图中，带正电粒子从静止开始经过电势差为 U 的电场加速后，从 G 点垂直于 MN 进入偏转磁场。该偏转磁场是一个以直线 MN 为上边界、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度为 B，带电粒子经偏转磁场后，最终到达照相底片上的 H 点，如图甲所示，测得 G、H 间的距离为 d，粒子的重力可忽略不计。28 设粒子的电荷量为 q，质量为 m，求该粒子的比荷 qm ；29 若偏转磁场的区域为圆形，且与 MN 相切于 G 点，如图乙所示，其他条件不变。要保证上述粒子从 G 点垂直

18、于 MN 进入偏转磁场后不能打到 MN 边界上(MN 足够长)，求磁场区域的半径应满足的条件。29 如图所示，直角坐标系 xOy 位于竖直平面内，在 - mx0 的区域内有磁感应强度大小 B=4 010-4T、方向垂直于纸面向里的条形匀强磁场，其左边界与 x 轴交于 P 点；在 x0 的区域内有电场强度大小 E=4NC、方向沿 y 轴正方向的有界匀强电场，其宽度 d=2m。一质量 m=6410 -27kg、电荷量 q=3210 -19C 的带负电粒子从 P 点以速度 v=4104ms，沿与 x 轴正方向成 =60角射入磁场，经电场偏转最终通过 x 轴上的 Q 点(图中未标出)，不计粒子重力。求

19、：30 带电粒子在磁场中运动的半径和时间；31 当电场左边界与 y 轴重合时 Q 点的横坐标；32 若只改变上述电场强度的大小，要求带电粒子仍能通过 Q 点，讨论此电场左边界的横坐标 x与电场强度的大小 E的函数关系。教师公开招聘考试（中学物理）模拟试卷 22 答案与解析多项选择题1 【正确答案】 A,C【试题解析】 奥斯特发现了电流的磁效应，选项 B 错误；法拉第首先引入了电场线和磁感线的概念，选项 D 错误。2 【正确答案】 B,D【试题解析】 保持 E 不变，将 d 变为原来的一半，由 U=尉可知 U 变为原来的一半，A 选项错误。保持 U 不变，将 d 变为原来的两倍，由 E=Ud 可

20、知 E 变为原来的一半，B 选项正确。保持 d 不变，将 Q 变为原来的两倍，由电容 C 不变及公式 C=QU 分析可知，U 变为原来的两倍，C 选项错误。保持 d 不变，将 Q 变为原来的一半，南电容 C 不变及公式 C=QU 分析可知， U 变为原来的一半；由E=Ud 分析可知，E 变为原来的一半，故 D 正确。3 【正确答案】 A,B【试题解析】 由乙图可知，在 t=010s 的时刻质点 Q 向下振动，则该列波向左传播，故质点 P 向上振动，选项 A 正确；在 t=0 10s 时刻，质点 P、Q 的位移如图甲所示，质点 P 的位移更大，根据回复力与位移成正比，则加速度与位移成正比，则 P

21、 的加速度大于 Q 的加速度，选项 B 正确；从 t=010s 到 t=025s 的过程中，质点 P 所在位置既不是平衡位置，也不是最大位移处，并且质点 P 做变加速运动，因此经过 34T 所走过的路程并不是 3 个振幅即 30cm，选项 C 错误；根据多普勒效应，声源与观察者之间靠近时，接受到的波的频率变大；远离时，接受到的波的频率减小，选项 D 错误。4 【正确答案】 A,C【试题解析】 由题意，质点运动到 D 点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则质点由 C 到 D 过程中，合外力做负功，由动能定理可得，C 点的速度比 D 点速度大，故 A 正确；质点做匀变速曲线运动，则加速度不变，所

22、以质点经过 D 点时的加速度与 B 点相同，故 B 错误；曲线运动合力(加速度)方向垂直于轨迹切线指向轨迹凹侧，质点运动到 D 点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，所以A、B、C 三点速度与加速度方向夹角应该大于 90，故 C 正确；质点从 B 到 E 的过程中加速度方向与速度方向的夹角一直变小，故 D 错误。5 【正确答案】 A,C【试题解析】 带电粒子在匀强磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，其轨道半径r=mvBq，周期 T=2mBq。若 q1=q2，动量相等，则它们做圆周运动的半径一定相等，选项 A 正确；若 q1q2，此时 m 不确定，所以它们做圆周运动的周期可能相等，也可能不相等，选项

23、 B 错误；若 m1=m2，动量相等，但是 q 不确定，则它们做圆周运动的半径不一定相等，选项 C 正确；若 m1m2，因为此时 q 不确定，则它们做圆周运动的周期可能相等，也可能不相等，选项 D 错误。6 【正确答案】 A,B【试题解析】 对角度求导可以得到角速度，w=ddt=12t 2，对角速度求导可以得到角加速度 =dwdt=24t，选项 A、B 正确。法向加速度导致了物体的转动，对物体本身速度是没有影响的， 法 =v2r=(wr) 2r=(12t 2r)2r=144t 4；切向加速度是物体沿切向运动时速度变化的快慢， 切 =dvdt=ddt(wr)=ddt(12t 2r)=24rt，选

24、项 C、D 错误。7 【正确答案】 B,D【试题解析】 由图象可知，CA 为等温变化，T A=TC，AB 为等容过程，又由于 pAp B，由查理定律可知 TAT B，则可知 TA=TCT B，所以分子的平均速率vA=vCv B，A 选项错误；根据图象可知，V A=VBV C，则单位体积的分子数关系为 nA=nBn C，B 选项正确；由 A 选项可知 TA=TCT B，分子的平均速率vA=vCv B，气体分子在单位时间内对器壁的平均作用力 FA=FCF B，C 选项错误；由 AB 选项可知，v A=vCv B，n A=nBn C，可知 A 与 C 状态的分子平均速率相等，但 C 状态分子数密度较

25、小，则单位时间内 C 状态撞击器壁的分子数较少，A 与 B状态的分子数密度相等，但 A 状态的分子平均速率大，单位时间内 A 状态撞击器壁的分子数比 B 状态多，则气体分子在单位时间内对器壁单位面积碰撞次数NAN B，N AN C，D 选项正确。8 【正确答案】 A,C【试题解析】 根据动能定理有：Fs= ，若 x 轴表示位移，y 轴表示动能时，图线的斜率表示合外力为定值。因为已知合外力恒定，A 项正确。根据动能定理有：R= ，若 x 轴表示时间，y 轴表示动能时，图线的斜率表示外力的功率。因为合外力的功率恒定，而动能增加，所以合外力在逐渐减小，与题意矛盾，B 项错误。根据动量定理有 Ft=m

26、v-mv，若 x 轴表示时间，y 轴表示动量，则图线的斜率表示物体受到的合外力，因为斜率恒定，所以合外力恒定，C 项正确。若 x 轴表示时间，y 轴表示感应电动势，则图线的斜率表示电动势与时间的比值。由图线可知，电动势在随时间均匀增加，而当穿过闭合回路的磁通量均匀增大时，产生的感应电动势大小是恒定不变的，这与图线矛盾，故 D 项错误。9 【正确答案】 A,C,D【试题解析】 从图中看出，a 点的电场线比 b 点的电场线密，所以 a 点的电场强度比 b 点的大， A 项正确；沿电场线方向电势降低，所以 a 点的电势比 b 点的低，B 项错误；两个负电荷在 c 点的合场强为 0，正电荷在 c 点有

27、场强，方向竖直向下，两个负电荷在 d 点产生的场强叠加后方向竖直向下，正电荷在 d 点产生的场强方向竖直向上，因为正电荷到 c、d 距离相等，所以，叠加后的合场强肯定是 c 点大，C 项正确；从以上分析看出正电荷到 c 点的合场强大于正电荷到 d 点的合场强，所以相同的距离场强大的，电势差更大，因此 c 点的电势比 d 点的低，D 项正确。单项选择题10 【正确答案】 B【试题解析】 方法一：解析法以小球为研究对象进行受力分析，小球受到重力mg、墙面的弹力 N1 和木板的弹力 N2 的作用，设墙面与木板的夹角为 ，则N1=mgtan ，N 2=mgsin，当 增大，N 1 和 N2 均减小，故

28、选 B。方法二：矢量三角形法将小球所受三个力移到同一个矢量三角形中，分析题意可知：重力大小方向均不变，N 1 方向不变，所以当木板由图示位置开始绕 O 点缓慢地转到水平位置时，N 2 与 N1 夹角变小，如图所示， N2 与 N1 均减小，故选 B。11 【正确答案】 B【试题解析】 “严禁超速”是为了在紧急情况下减小制动时间，物体惯性的大小仅由质量决定，与速度等其他物理量无关，故 A 错误、 B 正确；汽车刹车距离与是否超速有关，与是否超载无关，故 C 错误；疲劳驾驶会增加司机的反应时间，故D 错误。12 【正确答案】 C【试题解析】 茶壶、船闸、下水道存水管，都是利用了连通器的原理，活塞式

29、抽水机利用的是大气压的原理。13 【正确答案】 C【试题解析】 tan 1=vyv 0=gtv 0，tan=yx= =gt2v 0，可知tan1=2tan，故 A 正确。由 tan=yx =gt2v 0，可得 t=2v0tang，所以时间与平抛运动的初速度有关，tan=v yv 0=gt v0，则初速度变为原来的两倍，时间变为原来的两倍，速度与水平方向的夹角不变。所以 1=2，故 B 正确。因为初速度变为原来的两倍，运动的时间也变为原来的两倍，根据 x=v0t，水平位移变为原来的 4 倍，因此 x1：x 2=1：4，故 C 错误。根据 y=12gt 2，初速度变为原来的两倍，运动时间变为原来的

30、两倍，则竖直位移变为原来的 4 倍。因此y1：y 2=1：4，故 D 正确。14 【正确答案】 D【试题解析】 球 B 在最高点时的速度为 v0，有 mg=mv02，得 v0= ，因为A、B 两球的角速度相等，根据 v=rw 知，此处 A 球的速度为vA=1 2v0=12 ，故选项 A、B 正确；B 球在最高点时，对杆无弹力，此时 A球受重力和拉力的合力提供向心力，有 F-mg=mv2L，解得 F=15mg，选项 C正确；A、B 两球系统机械能守恒，设当球 B 运动到最低点时球的速度为 vB，则球 A 的速度为 vA=vB2 由机械能守恒得：12mv B2+mg(2L)+，故选项 D 错误。1

31、5 【正确答案】 B【试题解析】 小球运动到 A 点时，其所受轨道的作用力为弹力，方向水平向右，提供向心力，对 M 分析，其所受小球弹力水平向左，地面对其摩擦力水平向右；物体 M 静止，其所受地面支持力为 Mg，由于力的作用是相互的，故物体对地面的压力 N=Mg，A 错误。同理可得小球运动到 C 点时，N=Mg，摩擦力水平向左，C 错误。小球运动到 B 点时，其所受重力与轨道支持力的合力提供向心力，所以小球对轨道的压力大于 mg，即有 N(M+m)g，由于小球对轨道压力竖直向下，所以 M 与地面无摩擦力，B 正确。同理可得小球运动到 D 点时，小球对 M 的作用力竖直向上，所以 NMg，与地面

32、也无摩擦力，D 错误。16 【正确答案】 C【试题解析】 根据万有引力提供向心力可得GMmr 2=m42rT 2，T=2 ，r cr b，所以 TcT b，又由于 Ta=Tb，所以TcT a，A 错误；由于 b、c 质量未知，所以无法比较其所受万有引力的大小，B错误；a、c 角速度相等，r ar b，由 v=rw 可知 vav b，C 正确；b 卫星减速后，其所受万有引力大于所需的向心力，将做向心运动，如果想进入 C 卫星轨道，须加速，D 错误。17 【正确答案】 A【试题解析】 M 、N 均做类平抛运动，在垂直于电场方向的位移和速度均相同，所以其在两极板间运动的时间也相同，D 错误；由 M、

33、N 在沿电场方向的位移之比为 2：1，可得加速度之比为 2：1，电场力之比为 2：1，带电量之比为 2：1，A正确；由 M、 N 所受电场力之比为 2：1、沿电场方向的位移之比为 2：1，可得电场力做功之比为 4：1，所以，电势能减少量之比和动能增量之比均为 4：1，B 和C 均错。18 【正确答案】 D【试题解析】 由图象可知交变电压的最大值为 220 V、周期为 002s。所以交变电压的瞬时值表达式应为 u=2204 sin2002t=220 sin100t，A 错误。原副线圈的功率相等，所以在电压不变的情况下，增大用电器的功率，原线圈中的电流会增大，B 错误。由题意可知，用电器的额定电压

34、为 48V、额定功率为 120W，所以其额定电流为 25A，导线上的电压 U=Ir=25A28=7V，副线圈电压为55V，原线圈电压为 220V(此处为有效值)，所以原副线圈的匝数比为 220：55，即4：1，D 正确。原线圈电流应为副线圈电流的 1 4，即 0625A ，C 错误。19 【正确答案】 B【试题解析】 物块以一定的初速度 v0 从斜面底端沿斜面向上运动，恰能滑行到斜面顶端，根据动能定理有：-mgh-mgscos=0- mv02，即 gh+gx=12v 02，可见物块能否滑到斜面顶端与物块的质量无关，增大 m，物块仍能滑到斜面顶端，故A 正确；施加一个水平向右的恒力，恒力沿斜面方

35、向的分力可能小于摩擦力的增加量，则物块不一定能从斜面顶端滑出，故选项 B 错误；根据 gh+gx=12v 02，可知 h 增大，物块不能滑到斜面的顶端，结合 gh+ghcot=12v 02，可知h= ，增大 h， 增大，则上升的最大高度增大，故选项 C 正确；根据gh+gx=12v 02，解得 x= ，增大 x，斜面的倾角变小，则滑行的最大距离一定增大，故选项 D 正确。20 【正确答案】 D【试题解析】 入射光线由介质射入介质时，入射角小于折射角，则介质是光密介质，介质是光疏介质。即介质的折射率大于介质的折射率，A 选项错误。由折射光线的偏折角度，可知 P 的折射率小于 Q 的折射率。由 v

36、=cn 得到同一均匀介质中 P 的传播速度大于 Q，B 选项错误。由 sinC=1n 得到 Q 的临界角小于 P，即 Q 先发生全反射，C 选项错误。双缝干涉条纹间距 x=ld，P 的波长大于 Q，故单色光 P 相邻条纹间距比单色光 Q 大，D 选项正确。21 【正确答案】 A【试题解析】 当 Rt 处的温度升高时，R t 的阻值减小，外电路总电阻变小，根据闭合电路的欧姆定律可知，干路电流增大，所以 L1 变亮；L 1 和电源内阻的电压都变大，故并联部分电压减小，通过 L2 的电流变小，L 2 变暗；总电流增大，通过 L2的电流变小，则通过 L3 的电流变大，L 3 变亮。故选项 A 正确。2

37、2 【正确答案】 D【试题解析】 导体环进入磁场时，磁通量发生变化，形成感应电流，根据右手定则可知，形成顺时针方向的电流，即电流为负值，故 A、B 错误；转过 90之后开始出磁场，根据楞次定律可知，磁通量减小，形成逆时针方向的感应电流，转过180后，进入第三象限的磁场，根据楞次定律可知，形成逆时针方向的感应电流，转过 270时，开始出磁场，会形成顺时针方向的感应电流，感应电流大小I= ，所以导体环匀速转动，会形成大小恒定的感应电流，故选 D。23 【正确答案】 C【试题解析】 粒子经过电压为 U1 的电场加速后，运动速度为 v0，可列出qU1=12mv 02。带电粒子在电场中做类平抛运动，可将

38、射出电场的粒子速度 v 分解成水平方向与竖直方向，设出射速度与水平夹角为 ，则有 cos=v0v。粒子在磁场中做匀速圆周运动，设轨道半径为 R，由几何关系可得，半径与直线删夹角正好等于 ，得出要=cisR=v 0vR，带入半径公式 R=mvqB，可得d=2mv0qB=2B 。因此 d 只随 U1 变化与 U2 无关，C 选项正确。24 【正确答案】 B【试题解析】 加速度的定义式是 a=-v t，A 错误；功率的定义式是P=Wt ，B 正确；电流的定义式是 I=qt，C 错误；电场强度的定义式是E=Fq，D 错误。计算题25 【正确答案】 由动能定理可知 12mv N2-mgL-mgR=0，解

39、得 vN=2 ms。26 【正确答案】 根据动能定理 mgR=12mv B2，南向心力公式可知：F-mg=mvB2R 解得：F=3mg=30N，方向竖直向下。27 【正确答案】 根据平抛运动规律：h=12gt 2，t= =04s 由运动学公式可知：vB2-v2=2a(L-L)，v= 由平抛运动规律和几何关系：x OP=L-L+vt=1-L+08 解得当 L=016m 时，落地点 P 距 O 点最远。28 【正确答案】 带电粒子经过电场加速，进入偏转磁场时速度为 v，由动能定理 qU=12mv 2。进入磁场后带电粒子做匀速圆周运动，轨道半径为 r，有qvB=mv2r ，打到 H 点有 r=d2，

40、解得 qm=8UB 2d2。29 【正确答案】 要保证所有带电粒子都不能打到 MN 边界上，带电粒子在磁场中运动偏角要小于或等于 90，临界状态为 90。如图所示，磁场区域半径R=r=d2，所以磁场区域半径满足 Rd2。30 【正确答案】 带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有 qvB=mv2r。代入数据得：r=2m，轨迹如图交 y 轴于 C 点，过 P点作 v 的垂线交 y 轴于 O1 点，由几何关系得 O1 为粒子运动轨迹的圆心，且圆心角为 60。在磁场中运动时间 t=T6= 代入数据得：t=5 2310 -5s。31 【正确答案】 带电粒子离开磁场垂直进入电场后做类平抛运动，粒子在电场中加速度 a=qEm=2010 8ms 2，运动时间 t1=dv=5010 -5s，沿 y 方向分速度vy=at1=1010 4ms ，沿 y 方向位移 y=12at 12=025m。粒子出电场后又经时 t2达 x 轴上 Q 点 t2= =7510 -5s，故 Q 点的坐标为 x=d+vt2=50m 。32 【正确答案】 电场左边界的横坐标为 x，当 0x3m 时，设粒子离开电场时的速度偏向角为 ，则：tan=Eqdmv 2 又：tan= 由上两式得：E= ；当3mx5m 时，有 y=1 2at2= ，将 y=1m 及各数据代入上式得：E=