河南省实验中学2018_2019学年高一物理上学期周周练试卷（含解析）.doc

1、- 1 -河南省实验中学 2018-2019 学年高一物理上学期周周练试卷（含解析）一、选择题1.16 世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论开启了物理学发展的新纪元。以下说法与事实相符的是( )A. 根据亚里士多德的论断有：两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得快B. 根据亚里士多德的论断有：力是改变物体运动状态的原因C. 伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间成正比D. 伽利略通过理想斜面实验，总结出了牛顿第一定律【答案】A【解析】A、根据亚里士多德的论断，两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得快，较轻

2、的物体下落较慢，故 A 正确；B、根据亚里士多德的论断，必须有力作用在物体上，物体才能运动，力是维持物体运动的原因，故 B 错误；C、伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比，故 C 错误；D、牛顿根据伽利略的理想实验得出牛顿第一定律故 D 错误。点睛：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其 v-t 图像如图所示，下列对汽车运动状况的描述正确的是（ ）A. 在第 10s 末，乙车改变运动方向- 2 -B. 在第 10s 末，甲、乙两车相距 150m

3、C. 在第 20s 末，甲、乙两车相遇D. 若开始时乙车在前，则两车可能相遇两次【答案】D【解析】由图可知，乙车的速度一直为正，说明乙一直沿正方向运动，运动方向没有改变，故 A 错误；在第 20s 末，甲通过的位移比乙的位移大，但由于它们初始位置关系未知，所以不能判断是否相遇，故 B 错误；在第 10s 末，甲、乙两车的位移之差为：，由于出发点的位置关系未知，所以不能求出确定它们相距的距离，故 C 错误；若 t=0 时刻乙车在前，则两车在第 20s 末前，两车可能相遇一次，若甲车的速度比乙车的速度大，此后，由于乙做匀加速运动，甲做匀速运动，乙可能追上甲，再相遇一次，故 D 正确。所以 D 正确

4、，ABC 错误。3.如图所示，A、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为 30的光滑斜面上。A、B 两小球的质量分别为 、 ，重力加速度为 g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B 两球的加速度分别为（ ）A. 都等于B. 和 0C. 和 0D. 0 和【答案】D【解析】【详解】对 A 球分析，开始处于静止，则弹簧的弹力 F=mAgsin30，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对 A，所受的合力为零，则 A 的加速度为 0；- 3 -对 B，根据牛顿第二定律得，a B= = = ，故 ABC 错误，D 正确。故选：D【点睛】当两球处于静止时，根据共点力平衡求出弹簧的弹力，剪断细线

5、的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律分别求出 A、B 的加速度大小4.如图，质量均为 m 的两个铁块 a、b 放在水平桌面上，二者用张紧的轻质橡皮绳，通过光滑的定滑轮相连，系统都处于静止状态，若用水平外力将 a 向左由 P 缓慢移至 M 处，b 未动；撤掉外力后仍都能保持静止，对 a、b 进行分析，正确的有( )A. 铁块 a 在 P、M 两点位置所受的摩擦力大小都等于 b 受的摩擦力大小B. 两者对桌面的压力一定都变大C. b 与地面间最大静摩擦力一直增大D. 天花板对定滑轮作用力的方向竖直向上【答案】C【解析】A、把物块 a 和 b 看做一整体分析，撤去外力 F 时水平方向应满足 ，其

6、中 是拉 a 的橡皮条与竖直方向的夹角，显然由于 逐渐增大，所以物块 a、b 受到的摩擦力不总相等，故 A 错误；B、根据竖直方向的合力为零可得有 及 可知，由于橡皮筋拉力增大，所以压力应减小，故 B 错误；C、对 b 分析，由于橡皮条的拉力不断增加，故 b 与地面间最大静摩擦力一直增大，故 C 正确；D、光滑的定滑轮受橡皮条的两个拉力的合力方向不一定竖直向下，故天花板对定滑轮作用力的方向不一定竖直向上，故 D 错误。点睛：本题的关键是正确受力分析，灵活用整体法和隔离法，注意“缓慢”的含义是动态平衡，特别注意静摩擦力与滑动摩擦力的区别。- 4 -5.2013 年 6 月 13 日， “神舟一号

7、”飞船与“天宫一号”目标飞行器在离地面 343km 的圆轨道上成功进行了我国第 5 次载人空间交会对接，在进行对接前， “神舟十号”飞船在比“天宫一号”目标飞行器较低的圆形轨道上飞行，这时“神舟十号”飞船的速度为 v1， “天宫一号”目标飞行器的速度为 v2， “天宫一号”目标飞行器运行的圆轨道和“神舟十号”飞船运行的圆轨道最短距离为 h，由此可求得地球的质量为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】设“神舟十号”飞船的轨道半径为 r，质量为 m，则“天宫一号”目标飞行器轨道半径为 r+h，质量为 m。由万有引力提供向心力：联立解得：M=故选：C6.如图所示，质量为 M 的小车

8、放在光滑水平面上，小车上用细线悬挂另一质量为 m 的小球，且 Mv2，若滑动摩擦力大于绳的拉力，小物体 P 先向右匀加速直线运动,由牛顿第二定律知 m PgmQg=(mQ+mP)a,到小物体 P 加速到与传送带速度 v1相等后匀速，故 B 选项可能；若滑动摩擦力小于绳的拉力，由牛顿第二定律知 mQgm Pg=(mQ+mP)a，小物体 P 先向右匀减速直线运动到零，然后向左匀加速运动，离开传送带。3.若 v1a2，故 C选项可能。故选：BC11.如图所示，质量为 m 的物体 A 在竖直向上的力 F（Fmg）作用下静止于斜面上若减小力 F，则（ ）A. 物体所受合力不变B. 斜面对物体 A 的支持

9、力不变C. 斜面对物体 A 的摩擦力变大D. 斜面对物体 A 的摩擦力可能为零【答案】AC【解析】【详解】A. 两次物体都保持静止状态，合力都为零，没有变化。故 A 正确；BCD、有拉力 F 作用后，再次对物体受力分析，受到拉力、重力、支持力和静摩擦力，如图，- 11 -根据共点力平衡条件，有：f1=(mgF)sinN1=(mgF)cos若减小力 F，可得支持力变大了，故 B 错误；若减小力 F，可得摩擦力增大了，故 C 正确，D 错误；故选：AC二、实验题12.为了测量木块与木板间的动摩擦因数 ，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点 A 由静止释放，位移传感器

10、可以测出木块到传感器的距离位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移 x 随时间 t 变化的规律，如图乙所示(1)根据上述图线，计算 0.4 s 时木块的速度 v_m/s，木块的加速度a_m/s 2.(2)为了测定动摩擦因数 ，还需要测量的量是_(已知当地的重力加速度为 g)(3)为了提高木块与木板间动摩擦因数 的测量精度，下列措施可行的是_A A 点与传感器距离适当大些B木板的倾角越大越好C选择体积较大的空心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从 A 点释放的时刻- 12 -【答案】 (1). 0.4; (2). 1; (3). 倾斜木板与水平面的夹角; (4). A;【解析】【详解】

11、 （1）根据位移时间关系，滑块到传感器的距离 ，由图像可知，t=0 时，x=x0=0.32m；t=0.4s 时，x=0.24m；代入数据得：a=1m/s 2，x 0=0.32m；根据速度时间关系，v=at，t=0.4s 时，v=0.4m/s；（2）选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力：ma=mgsinmgcos得：= 所以要测定摩擦因数，还需要测出倾斜木板与水平面的夹角；（3）根据(2)的分析可知，在实验中，为了减少实验误差，应使木块的运动时间长一些，可以：可以减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等；为了减小空气阻力的影响，应选择体积较小的实心木块；传感器开始的计时时刻不一定必须是

12、木块从 A 点释放的时刻。故A 正确，BCD 错误。故选：A13.某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧 OC 的劲度系数为500N/m，如图 1 所示，用弹簧 OC 和弹簧秤 a、b 做“探究求合力的方法”实验，在保持弹簧伸长 1.00cm 不变的条件下：（1）若弹簧秤 a、b 间夹角为 90，弹簧秤 a 的读数是_N（图 2 中所示） ，则弹簧秤 b的读数可能为_N。（2）若弹簧秤 a、b 间夹角大于 90，保持弹簧秤 a 与弹簧 OC 的夹角不变，稍微增大弹簧秤 b 与弹簧 OC 的夹角，则弹簧秤 a 的读数_、弹簧秤 b 的读数_（填“变大” “变小”或“不变” ）

13、 。【答案】 (1). 3.00-3.02; (2). 3.98-4.00; (3). 变大; (4). 变大;【解析】【详解】 （1）根据胡克定律可知，F=kx=5000.01N=5N；- 13 -根据弹簧秤的读数方法可知，a 的读数为 3.00N；两弹簧秤夹角为 90，则 b 的读数为：F= N=4.00N；（2）若弹簧秤 a、b 间夹角大于 90，保持弹簧秤 a 与弹簧 OC 的夹角不变，增大弹簧秤 b与弹簧 OC 的夹角，如图所示：则可知两弹簧秤的示数均变大。三、计算题14.重为 G 的木块与水平地面间的动摩擦因数为 ，一人欲用最小的作用力 F 使木块沿水平地面匀速运动，问此最小作用力

14、的大小和方向应如何？【答案】 ，方向：与水平方向成 arctan 角斜向上。【解析】【详解】设当 F 斜向上与水平方向的夹角为 时，F 的值最小，木块受力分析如图所示：由平衡条件可得：FcosF N=0，Fsin+F NG=0，解得：F= ，令 tan=,则 sin= ，cos= ，可得：F= 可见当 = 时,F 有最小值,最小值为：F min= ，此时：tan=tan=，=arctan；- 14 -方向：与水平方向成 arctan 角斜向上；答：此最小作用力的大小为 ，方向：与水平方向成 arctan 角斜向上。15.一质量为 8.00104 kg 的太空飞船从其飞行轨道返回地面。飞船在离地

15、面高度 1.60105 m 处以 7.5103 m/s 的速度进入大气层,逐渐减慢至速度为 100m/s 时下落到地面。取地面为重力势能零点,在飞船下落过程中,重力加速度可视为常量,大小取为 9.8m/s2.(结果保留 2 位有效数字)(1)分别求出该飞船着地前瞬间的机械能和它进入大气层时的机械能；(2)求飞船从离地面高度 600m 处至着地前瞬间的过程中克服阻力所做的功，已知飞船在该处的速度大小是其进入大气层时速度大小的 2.0%.【答案】(1) , (2) 【解析】【详解】 （1）落地时的重力势能为零，动能为 Ek2= J=4.0108J；进入大气层的机械能 E=Ek1+Ep1= +mgH=2.41012J；（2）此时的速度大小为 v3=7.51030.02m/s=150m/s；从 600m 处到落地之间，重力做正功，阻力做负功，根据动能定理代入数据，可得克服阻力做的功 Wf=9.7108J答：（1）落地瞬间的机械能为 4.0108J；进入大气层的机械能为 2.41012J；（2）克服阻力做功为 9.7108J【点睛】 （1）机械能等于重力势能和动能之和，飞船落地前的机械能仅包含动能，刚进入大气层时的机械能包含动能及重力势能； （2）首先求出飞船在 600m 处的机械能，然后根据动能定理计算克服阻力所做的功