甘肃省张掖二中2019届高三物理上学期周考试题二2019010302100.doc

1、- 1 -张掖二中 20182019 学年度第一学期周考试卷(二)高 三 物 理一、选择题：本题共 14 小题，每小题 4 分，共 56 分；110 题，只有一项符合题目要求，；1014 题，在每小题给出的四个选项中，有两项或两项以上符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分； 1上端固定的一根细线下面悬挂一摆球，摆球在空气中摆动，摆动的幅度越来越小，对此现象下列说法正确的是( )A摆球机械能守恒B总能量守恒，摆球的机械能正在减少，减少的机械能转化为内能C能量正在消失D只有动能和重力势能的相互转化2如图，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的 O 点，另一端系一小

2、球给小球一足够大的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，在此过程中( )A小球的机械能守恒B重力对小球不做功C绳的张力对小球不做功D在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球动能的减少量3关于摩擦力做功的下列说法中正确的是( )A滑动摩擦力阻碍物体的相对运动，但不一定做负功B静摩擦力起着阻碍物体相对运动趋势的作用，一定不做功C静摩擦力和滑动摩擦力一定都做负功D系统内相互作用的两物体间一对摩擦力做功的总和等于零4如图所示，斜面置于光滑水平地面上，其光滑斜面上有一物体由静止下滑，在物体下滑过程中，下列说法正确的是( )A物体的机械能不变B斜面的机械能不变C斜面对物体的作用力垂直于接触面，不对

3、物体做功D物体和斜面组成的系统机械能守恒5已知货物的质量为 m，在某段时间内起重机将货物以 a 的加速度加速升高 h，则在这段时间内，下列叙述正确的是(重力加速度为 g)( )A货物的动能一定增加 mah mgh B货物的机械能一定增加 mahC货物的重力势能一定增加 mah D货物的机械能一定增加 mah mgh6物体在合外力作用下做直线运动的 v t 图象如图所示下- 2 -列表述正确的是( )A在 01 s 内，合外力做正功B在 02 s 内，合外力总是做负功C在 12 s 内，合外力不做功D在 03 s 内，合外力总是做正功7一个 25 kg 的小孩从高度为 3.0 m 的滑梯顶端由静

4、止开始滑下，滑到底端时的速度为 2.0 m/s.取 g10 m/s2，关于力对小孩做的功，以下结果正确的是( )A合外力做功 50 J B阻力做功 500 JC重力做功 500 J D支持力做功 50 J8如图所示，一轻质弹簧竖立于地面上，质量为 m 的小球，自弹簧正上方 h高处由静止释放，则从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短(弹簧的形变始终在弹性限度内)的过程中，下列说法正确的是( )A小球的机械能守恒B重力对小球做正功，小球的重力势能减小C由于弹簧的弹力对小球做负功，所以弹簧的弹性势能一直减小D小球的加速度一直减小9如图所示， A、 B 两球质量相等， A 球用不能伸长的轻绳系于 O 点，

5、B 球用轻弹簧系于O点，O 与 O点在同一水平面上，分别将 A、 B球拉到与悬点等高处，使绳和轻弹簧均处于水平，弹簧处于自然状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则( )A两球到达各自悬点的正下方时，两球动能相等B两球到达各自悬点的正下方时， A 球动能较大C两球到达各自悬点的正下方时， B 球动能较大D两球到达各自悬点的正下方时， B 球受到向上的拉力较大10如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员(可视为质点)， a 站在地面， b 从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员 b 摆至最低点时， a 刚

6、好对地面无压力，则演员 a 质量与演员 b 质量之比为( )A11 B21C31 - 3 -D4111如图所示，物体沿弧形轨道滑下后进入足够长的水平传送带，传送带以图示方向匀速运转，则传送带对物体做功情况可能是( )A始终不做功B先做负功后做正功C先做正功后不做功D先做负功后不做功12水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为 (0v2时，物体相对传送带向左运动，物体受到的滑动摩擦力方向向右，则物体先做匀加速运动直到速度达到 v1，再做匀速运动，故传送带对物体先做正功后不做功，C 正确12解析：选 AC.木箱在 F 作用下向右匀速运动的过程中，受 4 个力作用而平衡即Fcos (mg F

7、sin )，解得： F ， F 有极值，所以 A 正确 B 错误； F 的 mgcos sin功率 P Fvcos ，所以 C 正确 D 错误 mgv1 tan13.答案 BC 解析 A、 B 两球用轻杆相连共轴转动，角速度大小始终相等，转动半径相等，所以两球的线速度大小也相等，选项 A 错误；杆在水平位置时，重力对 B 球做功的瞬时功率为零，杆在竖直位置时， B 球的重力方向和速度方向垂直，重力对 B 球做功的瞬时功率也为零，但在其他位置重力对 B 球做功的瞬时功率不为零，因此，重力对 B 球做功的瞬时功率先增大后减小，选项 B 正确；设 B 球转动到最低位置时速度为 v，两球线速度大小相等

8、，- 9 -对 A、 B 两球和杆组成的系统，由机械能守恒定律得 2mgL mgL (2m)v2 mv2，解得 v12 12，选项 C 正确； B 球的重力势能减少了 2mgL，动能增加了 mgL，机械能减少了，所以杆23gL 23对 B 球做负功，选项 D 错误。14.解析：选 AD.物体沿斜面下滑时，受到的合外力 F 为恒力，故 A 正确物体下滑的加速度 a 也为恒定值，由 v at 可知 B 错误由 s at2可知 C 错误设初态时物体的机械Fm 12能为 E0，由功能关系可得末态的机械能 E E0 Ffs E0 Ff( at2) E0 ，又因为12 Ffat22物体滑到底端时仍有动能，

9、故在 t t0时刻 E0，故 D 正确二、填空题(本题共 2 小题，每空 2 分，共 12 分)15答案 (1)A (2) F I 0.76 解析 (1)平衡摩擦力后，橡皮筋的拉力等于小车受到的合力，橡皮筋做功完毕，小车的速度最大。若不进行平衡摩擦力操作，则当橡皮筋的拉力等于摩擦力时，速度最大，本题中木板水平放置，显然没有进行平衡摩擦力的操作，因此当小车的速度最大时，橡皮筋仍处于伸长状态，故选项 B、C、D 错误，A 正确。(2)小车在橡皮筋的作用下先做加速运动，橡皮筋做功完毕，则速度达到最大，此后做匀速运动，因此匀速时的速度，即为该过程中的最大速度，故为了测量小车获得的速度，应选用纸带点距均

10、匀的部分进行测量，即 F I，所以速度为 v m/s0.76 m/s。0.015 20.0216答案 (1)1.16 1.18 (2)9.6解析 (1)根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第 5 个点时的速度为 v5 m/s2.40 m/s。物体的初速度为零，所以0.216 0 0.264 020.1动能的增加量为 Ek (m1 m2)v 0.42.402 J1.16 J；重力势能的减小量等于物12 25 12体重力做功，故( m2 m1)gh0.29.8(0.384 00.216 0) J1.18 J；(2)根据系统机械能守恒有( m2 m1)gh (m

11、1 m2)v2，则 v2 gh，知图线的斜率 k12 12 m2 m1m1 m2g ，整理可以得到 g9.6 m/s 2。m2 m1m2 m1 2.880.60三、计算题(本题包括 4 小题，共 42 分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)17(6 分)解析 (1)小物块恰好通过最高点 A，则有 mg m (2 分)则物块到达 A 点时的速度 vA 2 m/s (1 分)gr(2)物体从 D 向 A 运动过程中，由动能定理得- 10 -Fx mg2r mg x mv (2 分)12 2A解得 F12 N (1 分)

12、18(8 分)解析：(1)由 A C 过程，应用动能定理得： mg(h R) mvC212又 R R(1cos37)，(3 分)可解得： vC14 m/s. (1 分)(2)在 C 点，由牛顿第二定律得：FC mg m (2 分)vC2R解得： FC3936 N. (1 分)由牛顿第三定律知，运动员在 C 点时对轨道的压力大小为 3936 N. (1 分)19(12 分)解析：(1)由动能定理得 mgh mgh cot mv2(3 分)12得 v .(1 分)2gh(1 cot )(2)在水平滑道上由能量守恒定律得 mv2 Ep(3 分)12联立解得 Ep mgh mgh cot . (1 分

13、)(3)设物块 A 能够上升的最大高度为 h1，物块 A 被弹回过程中，由能量守恒定律得 Ep mgh 1cot mgh1(3 分)解得 h1 .(1 分)(1 cot )h1 cot20（16 分）解析：(1)（6 分）设小球到达 d 点处速度为 v，由动能定理，得 mgL mg4R mv2 mv02 (3 分)12 12小球由 d 点做平抛运动，有 4R gt2(1 分)12x vt (1 分)联立并代入数值，解得小球从最高点 d 抛出后的水平位移： x0.98 m. (1 分)(2) （4 分）当小球通过 d 点时，由牛顿第二定律得 FN mg m (2 分)v2R代入数值解得管道对小球作用力 FN1.1 N，(1 分)方向竖直向下(1 分)(3) （6 分）设小球到达 c 点处速度为 vc，由动能定理，得 mgL mg2R mvc2 mv02(2 分)12 12当小球通过 c 点时，由牛顿第二定律得 FN mg m (2 分)vc2R- 11 -要使轨道对地面的压力为零，则有 FN Mg(1 分)联立并代入数值，解得 v06 m/s. (1 分)