黑龙江省宾县一中2018_2019学年高一物理上学期第三次月考试题2019010301154.doc

1、1黑龙江省宾县一中 2018-2019 学年高一物理上学期第三次月考试题一单项选择（每题 4 分）1.如图所示，运动员将重为 G 的篮球投向空中，若考虑空气阻力 Ff，则篮球向斜上方运动的某一时刻，下列受力示意图正确的是( )A B C D2.如图所示，水平地面上的物体 A 在斜向上的拉力 F 的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是( )A 物体 A 可能只受到二个力的作用 B 物体 A 一定只受到三个力的作用C 物体 A 一定受到了四个力的作用 D 物体 A 可能受到了三个力的作用3.关于牛顿第一定律，下列说法中正确的是( )A 牛顿第一定律说明力是维持物体运动的原因B 惯性就是物体

2、具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质C 由牛顿第一定律可知：物体所受的合力为零时，一定处于静止状态D 牛顿第一定律反映了物体受到外力时的运动规律4.一小球从空中由静止释放，不计空气阻力( g 取 10 m/s2)下列说法正确的是( )A 第 2 s 末小球的速度为 10 m/sB 前 2 s 内小球的平均速度为 20 m/sC 第 2 s 内小球的位移为 10 mD 前 2 s 内小球的位移为 20 m5.如图所示，三个相同的轻质弹簧连接在 O 点，弹簧 1 的另一端固定在天花板上，且与竖直方向的夹角为 30，弹簧 2 水平且右端固定在竖直墙壁上，弹簧 3 的另一端悬挂质量为m 的物体

3、且处于静止状态，此时弹簧 1、2、3 的形变量分别为 x1、 x2、 x3，则( )2A x1 x2 x3 12B x1 x2 x3 21C x1 x2 x312 D x1 x2 x3216如图所示，固定在水平地面上的物体 A，左侧是圆弧面，右侧是倾角为 的斜面，一根轻绳跨过物体 A 顶点上的小滑轮，绳两端分别系有质量为 m1、 m2的小球 B、 C，假设绳与物体 A 的表面平行，当两球静止时，小球 B 与圆弧圆心之间的连线和水平方向的夹角也为 ，不计一切摩擦，则 m1、 m2之间的关系是( )A m1 m2B m1 m2tan C D m1 m2cos 7如图所示，顶端固定着小球的直杆固定在

4、小车上，小车向右做匀加速运动，小球所受直杆的作用力的方向沿图中的 方向，若增大小车的加速度，小球所受直杆的作用力的方向可能沿( ) A OA 方向 B OB 方向 C OC 方向 D OD 方向8.如图所示，重力为 G 的小球用轻绳悬于 O 点，用力 F 拉住小球，使轻绳保持偏离竖直方向 60角且不变，当 F 与竖直方向的夹角为 时 F 最小，则 、 F 的值分别为( ) 3A 0， GB 30， GC 60， GD 90， G二、多选题（每题 4 分）9.关于牛顿第二定律，下列说法中正确的是( )A牛顿第二定律的表达式 F ma 在任何情况下都适用B某一瞬时的加速度，只能由这一瞬时的外力决定

5、，而与这一瞬时之前或之后的外力无关C物体的运动方向一定与物体所受的合外力的方向一致D在公式 F ma 中，若 F 为合力时，则 a 等于作用在该物体上的每一个力产生的加速度的矢量和10如图所示，用粗铁丝弯成半圆环，B 处固定一个小滑轮，小圆环 A 用细绳吊着一个质量为 m 的物块并套在半圆环上。现用另一根细绳一端栓在 A 上，另一端跨过小滑轮，用力F 拉动，使 A 缓慢向上移动（不计一切摩擦，绳子不可伸长）。则在物块移动过程中，关于拉力 F 和铁丝对 A 的支持力 FN，以下说法正确的是（ ）A F 变小 B F 变大 C F N不变 D F N变大11如图所示，置于固定斜面上的物体 A 受到

6、平行于斜面向下的力作用保持静止。若力 F大小不变，将力 F 在竖直平面内由沿斜面向下缓慢地转到沿斜面向上(转动范围如图中虚线所示)，在 F 转动过程中，物体始终保持静止。在此过程中物体与斜面间的( )A 弹力可能先增大后减小 B 弹力一定先减小后增大4C 摩擦力一定一直减小 D 摩擦力可能先减小后增大12如图甲所示，质量为 m 的小球用水平弹簧系住，并用倾角为 30的光滑木板 AB 托住，小球恰好处于静止状态当木板 AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为 a1；把弹簧换成水平细绳，当木板 AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为 a2，则( )A ，方向垂直木板向下 B a1=g，方

7、向竖直向下C ，方向垂直木板向下 D a 2=g，方向竖直向下三、实验题（8 分）13为了较准确的测量某细线能承受的最大拉力，小聪、小明分别进行了如下实验:小聪在实验室里找到一把弹簧测力计，按图甲所示安装细线和测力计后，他用力缓慢竖直向下拉测力计，直到测力计的示数达到量程(细线没有断裂)，读出测力计的示数 F，将 F 记为细线能承受的最大拉力。小明在实验室里还找到一把刻度尺和一个玩具小熊，接着进行了如下的操作：用刻度尺测出细线的长度 L，用弹簧测力计测出玩具小熊的重力 G；按图乙所示安装玩具小熊、细线(玩具小熊悬挂在细线的中点)；5两手捏着细线缓慢向两边移动直到细线断裂，读出此时两手间的水平距

8、离 d；利用平衡条件算出结果。在不计细线质量和伸长影响的情况下，请回答：(1)小明算出的细线能承受的最大拉力是_ (用 L、G、d 表示)；两位同学中，_(选填“小聪”或“小明”)的测量结果较准确。(2)在小明两手捏着细线缓慢向两边移动的上述过程中，下列说法正确的是 _ (填选项序号字母)。A细线上的拉力大小不变 B细线上的拉力大小减小C细线上拉力的合力大小不变 D细线上拉力的合力大小增大四、计算题(共 44 分) 14.（8 分）如下图所示，用水平力 F 将木块压在竖直墙壁上，已知木块重力 G6 N，木块与墙壁间的动摩擦因数 0.25，求：(1)当 F25 N 时，木块不动，木块受到的摩擦力

9、为多大？(2)当 F10 N 时木块沿墙面下滑，此时木块受到的摩擦力为多大？15（10 分）质量 m2 kg 的木块放在水平木板上，在 F14 N 的水平拉力作用下恰好能沿水平面匀速滑行，如图甲所示则木块与木板之间的动摩擦因数为多少？若将木板垫成倾角为 37斜面(如图乙所示)，要使木块仍能沿斜面匀速向上滑行，则沿平行于斜面向上的拉力 F2应多大？(已知 cos 370.8，sin 370.6，g10 m/s2)16（12 分）在水平地面上有一质量为 3kg 的物体，物体在水平拉力 F 的作用下由静止开始运动，10s 后拉力大小减为 F/3，该物体的运动速度随时间 t 的变化规律如图所示6求：（

10、1）物体的总位移（2）物体受到的拉力 F 的大小（3）物体与地面之间的动摩擦因数(g 取 10ms 2)17.（14 分）如下图所示， A、 B 两物体叠放在水平地面上，已知 A、 B 的质量分别为mA10 kg，m B20 kg， A 与 B 之间、 B 与地面之间的动摩擦因数均为 0.5.一轻绳一端系住物体 A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为 37，今欲用外力将物体 B 匀速向右拉出，求所加水平力 F 的大小(sin 370.6，cos 370.8，取 g10 m/s 2)答案1.【答案】C【解析】由题意可知，球受到重力外，还受到空气的阻力，则过球心做竖直向下的力，与运动反方向的阻力

11、，故 C 正确，ABD 错误；故选：C.2.【答案】C【解析】物体一定受重力，拉力 F 产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力，故选 C.3.【答案】B【解析】 牛顿第一定律说明力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故 A 错误；物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，叫做惯性，故 B 正确；由牛顿第一定律可知：物体所受的合力为零时，处于静止状态或者匀速直线运动状态，故C 错误；由牛顿第一定律可知，物体在不受力

12、的作用时将保持静止状态或匀速直线运动状态所以牛顿第一定律反映了物体不受外力时的运动规律，故 D 错误74.【答案】D5.【答案】D【解析】以结点 O 为研究对象受力分析，运用合成法，如图：由几何知识知： FT1FT2 mgtan 30 FT3 mg故： FT1 FT2 FT321根据胡克定律： FT kx则： x1 x2 x321故选 D.6B 通过光滑的滑轮相连，左右两侧绳的拉力大小相等，两小球都处于平衡状态，又由受力分析可得：对 m1有， FT=m1gcos 对 m2有， FT=m2gsin ，联立两式可得:m1gcos =m2gsin ，所以选项 B 正确;故选 B.7C【解析】小球加速

13、水平向右运动，根据牛顿第二定律 F=ma 可知，加速度的方向与合力的方向相同，合力水平向右，即合力沿图中的 OD 方向，根据力的合成的平行四边形定则，直杆对小球的作用力斜向右上方；当加速度增加时，水平合力增加，而竖直方向重力不变，则小球所受直杆的作用力的方向变为沿 OC 方向，故选 C点睛：根据牛顿第二定律 F=ma 可知，加速度的方向与合力的方向相同，是解决本8.【答案】B【解析】小球重力不变，位置不变，则绳 OA 拉力的方向不变，故当拉力 F 与绳 OA 垂直时，力 F 最小，故 30， F Gcos G，B 正确题的关键另外知道杆的弹力不一定沿杆的方向9.【答案】BD【解析】牛顿第二定律

14、适用于宏观物体，低速运动，A 错误；根据 a ，合力变化，加速度变化，某一瞬时的加速度，只能由这一瞬时的外力决定，B 正确；根据 a8，知加速度的方向与合外力的方向相同，但运动的方向不一定与加速度方向相同，C 错误； a ， a 等于作用在物体上的合力与质量的比值，也可以说成是每个力产生的加速度的矢量和，D 正确10AC 若在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环 A 处于三力平衡状态，根据平衡条件知 mg与 FN的合力与 T 等大反向共线，作出 mg 与 FN的合力，如图:由三角形相似有： ，而 F=T，可得 ， AB 变小， BO 不变，则 F 变小,， AO、 BO 都不变，则 FN不变；故

15、AC 正确，BD 错误；故选 AC.11BD 对物体受力分析，由共点力的平衡及静摩擦力的特点可得出各力的变化情况物体受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而处于静止状态，故合力为零；将重力和拉力都分解到沿斜面和垂直于斜面的方向；在垂直于斜面方向，重力的分力、支持力及拉力的分力平衡，因拉力的分力先增大后减小，故弹力可能先减小后增大；故 A 错误、B 正确；在沿斜面方向上，重力向下的分力、拉力的分力及摩擦力的合力为零；因拉力的分力先向下减小，后向上增大，故摩擦力可能先减小，后向下增大，也可能一直减小，故 C 错误，D 正确。故选：BD。12AD 木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，

16、如图根据共点力平衡条件，有 F-Nsin30=0；Ncos30-G=0；解得：N= ；F= ；木9板 AB 突然撤去后，支持力消失，但是弹簧的弹力不变，重力 mg 和拉力 F 不变，合力等于支持力 N，方向与 N 反向，故加速度为 ；方向垂直于木板向下。如果换成细绳，当木板 AB 突然向下撤离的瞬间，此时细绳的拉力 F 立即变为 0，小球只受重力作用，则小球的加速度大小为 g，竖直向下；故 AD 正确，BC 错误；故选 AD.13 ；小明；C 两种方案都是根据共点力平衡求解绳子的最大拉力，从而操作的可行性进行判断哪种方案最好根据共点力平衡得细线上最大承受的拉力在竖直方向合力和物体重力相等，根据

17、三角函数关系求出最大拉力【详解】（1）当绳子断时，根据共点力平衡求出绳子的最大拉力绳子与竖直方向夹角的正弦值，则 ，根据平衡有 ，解得最大拉力 ；小聪方案中钩码只能一个一个加，使得测量的棉线拉力不连续，造成测量的不准确，所以小明的测量结果较准确；（2）在小明两手捏着细线缓慢向两边移动的上述过程中，根据共点力平衡得出细线上拉力的合力大小不变，大小等于物体重力，细线上的拉力大小增大，C 正确14.【答案】(1)6 N (2)2.5 N 【解析】分析木块的受力情况，如图所示(1)、(2)木块静止，根据二力平衡，竖直方向上的静摩擦力等于重力， F1 F2 G6 N，与压力大小无关(3)木块沿墙面下滑时

18、，木块与墙壁间的摩擦力为滑动摩擦力，F3 F NFN F所以 F3 F 0.2510 N2.5 N.(4)当 F6 N 时，木块与墙壁间的摩擦力也为滑动摩擦力，所以 F4 F0.256 N1.5 N.15（1）0.2（2）15.2N10物体在水平面上匀速滑动，则摩擦力等于拉力为：解得： ；物体在斜面上匀速运动时，其受力如图：垂直斜面方向：沿斜面方向：摩擦力公式：联立解得： 。 16（1） （2）10.2N（3）(1)由图像可知位移(2)设物体所受滑动摩擦力为 f，则物体在 010s 的运动过程中，加速度的大小为由牛顿第二运动定律得: 物体在 10s14s 的运动过程中，加速度为由牛顿第二运动定律得 由、式求得：拉力 ， f=10.2N(3)又 ,得17.【答案】160 N【解析】分析 A、 B 的受力如图所示，建立直角坐标系11由题意知， A 始终静止，故在 x 轴方向上有：FTsin 37 Ffl在 y 轴方向上有：FTcos 37 FN1 mAg而 Ff1 F N1联立可得 FN160 N， Ff130 N；B 匀速运动，则在 x 轴方向上有：F Ff1 Ff2又 Ff1 Ff1在 y 轴方向上有： FN2 FN1 mBg又 FN1 FN1Ff2 F N2联立得 F160 N.