1、14.2 数列求和与综合应用【课时作业】A级1设 Sn为等差数列 an的前 n项和,若 a11,公差 d2, Sk2 Sk24,则正整数k( )A8 B7C6 D5解析: 因为 Sk2 Sk24,所以 ak1 ak2 24,所以 a1 kd a1( k1) d24,所以 2a1(2 k1) d24,所以 21(2 k1)224,解得 k5.答案: D2若数列 an满足 a115,且 3an1 3 an2,则使 akak1 0 的 k值为( )A22 B21C24 D23解析: 因为 3an1 3 an2,所以 an1 an ,所以数列 an是首项为 15,公差23为 的等差数列,所以 an15
2、 (n1) n ,令 an n 0,得23 23 23 473 23 473n23.5,所以使 akak1 0 的 k值为 23.答案: D3等比数列 an的前 n项和为 Sn a3n1 b,则 ( )abA3 B1C1 D3解析: 因为等比数列 an的前 n项和为 Sn a3n1 b,所以 a1 S1 a b,a2 S2 S13 a b a b2 a,a3 S3 S29 a b3 a b6 a,因为等比数列 an中, a a1a3,2所以(2 a)2( a b)6a,解得 3.ab答案: A4各项均为正数的数列 an的前 n项和为 Sn,且 3Sn anan1 ,则 2k( )nk 1a2A
3、. Bn n 52 3n n 12C. Dn 5n 12 n 3 n 52解析: 当 n1 时,3 S1 a1a2,即 3a1 a1a2, a23,当 n2 时,由3Sn anan1 ,可得 3Sn1 an1 an,两式相减得,3 an an(an1 an1 ),又an0, an1 an1 3, a2n是以 3为首项,3 为公差的等差数列, 2k a2 a4 a6 a2n3 n 3 .nk 1a n n 12 3n n 12答案: B5(2018郑州市第一次质量测试)已知数列 an的前 n项和为 Sn, a11, a22,且an2 2 an1 an0( nN *),记 Tn (nN *),则
4、T2 018( )1S1 1S2 1SnA. B4 0342 018 2 0172 018C. D4 0362 019 2 0182 019解析: 由 an2 2 an1 an0( nN *),可得 an2 an2 an1 ,所以数列 an为等差数列,公差 d a2 a1211,通项公式 an a1( n1) d1 n1 n,则其前 n项和 Sn ,所以n a1 an2 n n 12 2 , Tn 21Sn 2n n 1 (1n 1n 1) 1S1 1S2 1Sn (11 12 12 13 1n 1n 1)2 ,故 T2 018 ,故选 C.(11n 1) 2nn 1 22 0182 018
5、1 4 0362 019答案: C6设数列 an的前 n项和为 Sn,且 Sn ,若 a432,则 a1_.a1 4n 13解析: 因为 Sn , a432,即 S4 S332.a1 4n 13所以 32,255a13 63a13所以 a1 .12答案: 127已知函数 f(n)Error!且 an f(n) f(n1),则 a1 a2 a100_.解析: a1 a2 a100 f(1) f(2) f(2) f(3) f(3) f(4)3 f(99) f(100) f(100) f(101) f(101) f(1)2 f(1) f(2) f(3) f(4) f(99) f(100)(101 2
6、1)2(1 22 23 24 299 2100 2)102002(3711199)100.答案: 1008已知数列 an的通项公式 anlog 2 (nN *),设其前 n项和为 Sn,则使 Sn15,1n 1116则使 Sn1,且 a3 a4 a528, a42 是 a3, a5的等差中项数列 bn满足 b11,数列( bn1 bn)an的前 n项和为 2n2 n.(1)求 q的值;(2)求数列 bn的通项公式解析: (1)由 a42 是 a3, a5的等差中项,得 a3 a52 a44,所以 a3 a4 a53 a4428,解得 a48.由 a3 a520,得 8 20,(q1q)解得 q
7、2 或 q .12因为 q1,所以 q2.(2)设 cn( bn1 bn)an,数列 cn的前 n项和为 Sn.由 cnError! 解得 cn4 n1.由(1)可得 an2 n1 ,所以 bn1 bn(4 n1) n1 ,(12)故 bn bn1 (4 n5) n2 , n2,(12)bn b1( bn bn1 )( bn1 bn2 )( b3 b2)( b2 b1)(4 n5) n2 (4 n9) n3 7 3.(12) (12) 12设 Tn37 11 2(4 n5) n2 , n2,12 (12) (12)则 Tn3 7 2(4 n9) n2 (4 n5) n1 ,12 12 (12) (12) (12)所以 Tn34 4 24 n2 (4 n5) n1 ,12 12 (12) (12) (12)因此 Tn14(4 n3) n2 , n2.(12)又 b11,所以 bn15(4 n3) n2 .(12)
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