1、12019 届江西省南昌市第二中学高三第六次考试物理试题注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡
2、上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题)一、单选题1自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献下列说法不正确的是（ ）A奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系C法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D焦耳发现了电流的热效应，定量给出了电能和热能之间的转换关系2如图所示，空
3、间有一圆锥 ,点 A、 分别是两母线的中点。现在顶点 O 处固定一正的点电荷，下列说法中正确的是（ ）AA、A两点的电场强度相同B平行于底面的圆心为 的截面为等势面C将一正的试探电荷从 A 点沿直径移到 点，静电力对该试探电荷先做正功后做负功D若 B 点的电势为 ,A 点的电势为 ，则 BA 连线中点 C 处的电势 小于3韦伯和纽曼总结、提出了电磁感应定律，如图是关于该定律的实验，P 是由闭合线圈组成的螺线管，把磁铁从 P 正上方，距 P 上端 h 处由静止释放，磁铁竖直穿过 P 后落在海绵垫上并停下若仅增大 h，重复原来的操作，磁铁穿过 P 的过程与原来相比，下列说法正确的是（ ）A穿过线圈
4、的磁通量将增大B线圈中产生的感应电动势将增大C通过线圈导线截面的电量将增大D线圈对磁铁的阻碍作用将变小4如图所示，MN 为两个方向相同且垂直于纸面的匀强磁场的分界面，两磁场的磁感应强度大小关系为 B1=2B2. 一比荷值为 k 的带电粒子（不计重力），以一定速率从 O 点垂直 MN 进入磁感应强度为 B1的磁场，则粒子下一次到达 O 点经历的时间为（ ）A B C D5如图所示，用一块金属板折成横截面为 U 形的金属槽放置在磁感应强度为 B 的匀强磁场中，并以速率 v1向右匀速运动，从槽口右侧射入的带电微粒的速率是 v2，如果微粒进入槽后恰能做匀速圆周运动，则微粒做匀速圆周运动的轨道半径 r
5、和周期 T 分别为（ ）A ， B ， C ， D ，6如图所示，在纸面内半径为 R 的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为 B 的匀强磁场。一点电荷从图中 A 点以速度 v0垂直磁场射入，速度方向与半径方向的夹角为 30。当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了 180。不计电荷的重力，下列说法正确的是( )此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2A该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过 O 点B该点电荷的比荷为C该点电荷在磁场中的运动时间为D该点电荷在磁场中的运动时间为7如图所示， a、 b、 c 为三只完全相同的灯泡， L 为电感线圈，阻值等于灯泡电阻，电源内阻
6、不计.下列判断正确的是（ ）AS 闭合的瞬间， b、 c 两灯亮度相同BS 断开的瞬间， a、 c 两灯立即熄灭CS 断开后， b 灯先突然闪亮后再逐渐变暗熄灭DS 闭合足够长时间后， b、 c 两灯亮度相同8含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻 R1、R 2和 R3的阻值分别为16、2、6，U 为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。开关 S 断开时变压器输出功率与S 闭合时变压器输出功率相等，该变压器原、副线圈匝数比为（ ）A5 B4 C3 D2二、多选题9如图甲所示，位于同一水平面内的两根平行的光滑金属导轨，处在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨所在平面，导轨的一端与一电阻相连，具有一定质
7、量的金属杆 ab 放在导轨上并与导轨垂直，当磁场的磁感应强度 B 随时间 t 如图乙变化时(规定垂直纸面向里的磁场方向为正方向)，用一平行于导轨的力 F 向左或向右拉杆 ab，使它保持静止若规定由 a b 通过杆的感应电流方向为正方向，向右的拉力方向为正方向，则能反映通过杆的感应电流 i 和拉力 F 随时间 t 变化的图线是( )甲 乙A BC D10如图所示，虚线 EF 的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为 E，磁感应强度为 B.一带电微粒自离 EF 为 h 的高处由静止下落，从 B 点进入场区，做了一段匀速圆周运动，从 D 点射出. 下列说法正确的是（ ）A电场力的方向一定竖直
8、向上B微粒做圆周运动的半径为 C从 B 点运动到 D 点的过程中微粒的电势能先减小后增大D从 B 点运动到 D 点的过程中微粒的电势能和动能之和先增大后减小11如图(a)所示，理想变压器原副线圈匝数比 n1 : n2 = 55:4，原线圈接有交流电流表 A1，副线圈电路接有交流电压表 V、交流电流表 A2、滑动变阻器 R 等，所有电表都是理想电表，二极管3D 正向电阻为零，反向电阻无穷大，灯泡 L 的阻值恒定。原线圈接入的交流电压的变化规律如图(b)所示，则下列说法正确的是（ ）A交流电压表 V 的读数为B灯泡 L 两端电压的有效值为C当滑动变阻器的触头 P 向上滑动时，电流表 A1示数减小，
9、V 示数增大D由图（b）可知交流发电机转子的角速度为 rad/s12如图所示，足够长的光滑平行金属导轨竖直放置，间距为 L，其上端连接有阻值为 R 的电阻和电容器 C，装置区域有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为 B。将一根水平金属棒 ab开始下滑.已知金属棒 ab 的质量为 m，电阻也为 R.金属棒 ab 在运动中始终保持水平且与导轨良好接触，且通过金属棒 ab 的电流恒定不变，忽略导轨电阻，重力加速度为 g.则下列说法正确的是（ ）A因为通过金属棒 ab 的电流不变，所以金属棒 ab 做匀速运动，速度大小是B尽管通过金属棒 ab 的电流不变，金属棒 ab 做匀变速运动，加速度大小是C电
10、阻 R 的电功率为D若金属棒 ab 由静止下滑，开始时电容器所带电荷量为 0，那么经过时间 t，电容器两端电量第 II 卷（非选择题)三、实验题13某实验小组的同学为了“探究加速度与外力的关系”，利用了如图 1 所示的实验装置，忽略滑轮与细绳之间的摩擦.(1)为了完成探究实验，下列步骤不需要的是_。A分别测出砝码 A 以及滑块的质量 m 和 MB将长木板远离滑轮的一端适当垫高平衡摩擦力C将滑块靠近打点计时器，接通电源后释放小车，并记录传感器的示数D多次改变砝码的质量，打出几条不同的纸带E该实验中必须满足滑块的质量远远大于砝码 A 的质量(2)该小组的同学在某次实验中得到了一条清晰的纸带，如图
11、2 所示，并在该纸带上选取了多个计数点，已知图中相邻两计数点之间还有 4 个计时点没有画出，若实验中所使用的交流电的频率为 50 Hz，则滑块的加速度大小为_m/s 2（结果保留两位有效数字）；(3)该小组的同学通过多次测量，得到了多组传感器的示数以及相对应的加速度的数值，并以传感器的示数 为横坐标、加速度 为纵坐标，得到的图线为一条过原点的倾斜直线，经测量可知直线的斜率大小为 ，则小车的质量大小应为_.14(1)用 DIS 测电源电动势和内电阻电路如图(a)所示，R 0为定值电阻调节电阻箱 R，记录电阻箱的阻值 R 和相应的电流值 I，通过变换坐标，经计算机拟合得到如图(b)所示图线，则该图
12、线选取了_为纵坐标，由图线可得该电源电动势为_V4(2)现有三个标有“2.5V，0.6A”相同规格的小灯泡，其 IU 特性曲线如图(c)所示，将它们与图(a)中电源按图(d)所示电路相连，A 灯恰好正常发光，则电源内阻 r=_，图(a)中定值电阻 R0=_.四、解答题15如图所示，水平放置的两个平行金属板间有竖直方向的匀强电场，板长为 L，板间距离为 d，在距极板右端 L 处有一个竖直放置的屏 M，一个带电荷量为 q、质量为 m 的质点以初速度 v0从两板中央平行于极板正对屏的 P 点射入电场，最后垂直打在 M 屏上（重力加速度取 g），试求：(1)板间的场强大小为多少？(2)质点打 P 点上
13、方还是下方，相对于进入时的水平线的竖直位移为多少？16小明同学设计了一个“电磁天平”，如图所示，等臂天平的左臂为挂盘，右臂挂有矩形线圈，两臂平衡.线圈的水平边长 L=0.2m，匝数 N=1000 匝，总电阻 R=1，现在让线圈的下边处于方向垂直线圈平面向里匀强磁场内，磁感应强度 B0=0.1T，线圈上部处在垂直纸面向外的匀强磁场，且磁感应强度 B 随时间均匀变大，磁感应强度的变化率 =210-3T/s，磁场区域宽度 d=0.2m.重力加速度 g=10m/s2.求：(1)线圈中感应电流的大小；(2)当挂盘中放质量为 m 的物体时，天平再次平衡，求此时 m 为多大?17如图，光滑的平行金属导轨水平
14、放置，导轨间距为 L，左侧接一阻值为 R 的电阻。矩形区域 abfe 内存在垂直轨道平面向下的有界匀强磁场，磁感应强度大小为 B。导轨上 ac 段和 bd 段单位长度的电阻为 r0，导轨其余部分电阻不计，且 ac=bd=x1。一质量为 m，电阻不计的金属棒 MN置于导轨上，与导轨垂直且接触良好。金属棒受到一个水平拉力作用，从磁场的左边界由静止开始作匀加速直线运动，加速度大小为 a。棒运动到 cd 处撤去外力，棒在运动到磁场右边界 ef 处恰好静止。求：（1）金属棒在区域 abdc 内切割磁感线时产生的感应电动势随位移 x（相对 b 点）的表达式；（2）试求撤去外力后在区域 cdfe 内切割磁感
15、线时棒的速度 v 随位移 x（相对 d 点）的变化规律以及 df 的长度 x2应满足什么条件。18如图，在 x 轴下方的区域内存在方向与 y 轴相同的匀强电场。在 x 轴上方以原点 O 为圆心、直径为 D 的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于 xy 平面并指向纸面外，磁感应强度为 B。 y 轴下方的 A 点与 O 点的距离为 d，一质量为 m、电荷量为 q 的带正电粒子从 A 点由静止释放，经电场加速后从 O 点射入磁场。粒子重力不计，求：5（1）要使粒子离开磁场时的速度方向与 x 轴平行，电场强度 E0大小；（2）若电场强度 E= E0，粒子仍从 A 点由静止释放，离开磁场后经过 x
16、 轴时的位置与原点的距离。19如图甲所示，足够长的两金属导轨 MN、 PQ 水平平行固定，两导轨电阻不计，且处在竖直向上的磁场中，完全相同的导体棒 a、 b 垂直放置在导轨上，并与导轨接触良好，两导体棒的电阻均为 R=1,且长度刚好等于两导轨间距 L,两导体棒的间距也为 L,开始时磁场的磁感应强度按图乙所示的规律变化，当 t=1s 时导体棒刚好要滑动。已知 L=2m,滑动摩擦力等于最大静摩擦力。求：(1)每根导体棒与导轨间的滑动摩擦力的大小及 1s 内整个回路中产生的焦耳热；(2)若保持磁场的磁感应强度 B=1T 不变，用如图丙所示的水平向左的力 F 拉导体棒 a,刚开始一段时间内 a 做匀加
17、速直线运动，则一根导体棒的质量为多少?从施加力 F 开始经过多长 b 导体棒开始滑动?(3)在(2)问条件下在拉力作用时间为 4s 时，求 a,b 两棒组成的系统的总动量？2019 届 江 西 省 南 昌 市 第 二 中 学 高 三第 六 次 考 试 物 理 试 题物 理 答 案1B【解析】A、奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故 A 正确；B、D、欧姆发现了欧姆定律，说明了流过导体的电流与导体两端的电压、导体的电阻之间的联系；焦耳发现了焦耳定律，说明了热现象和电现象之间存在联系。故 B 错误，D 正确；C、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系，故
18、C 正确；此题选择不正确的故选 B.【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.2D【解析】A 项：A、A两点离顶点 O 处的正电荷的距离相等，故两点处的场强大小均相等，但其方向不同，故 A 错误；B 项：平行于底面,圆心为 O1的截面上各点到顶点 O 处的距离不相等，由等势面的概念可知，平行于底面,圆心为 O1的截面不是等势面，故 B 错误；C 项：由电势的概念可知，沿直线 AA的电势变化为先增大后减小，所以当在此直线上从 A 到 A移动正电荷时，电场力对该正电荷先做负功后做正功，故 C 错误；D 项：因为 ， ，由点电荷的场强
19、关系可知 ，又因为 ，所以 ，即 ，整理可得： ，故 D 正确。3B【解析】A、若仅增大 h，对穿过线圈的磁通量没有影响;故 A 错误.B、若仅增大 h，磁铁经过线圈的时间减小，线圈中产生的感应电动势将增大;故 B 正确.C、若仅增大 h，对穿过线圈的磁通量没有影响，所以穿过线圈的磁通量的变化相同，则通过线圈导线截面的电量： 保持不变;故 C 错误.D、线圈中产生的感应电动势将增大，所以感应电流增大，对线圈对磁铁的阻碍作用将变大;故D 错误.故选 B.【点睛】本题考查了电磁感应定律与闭合电路电流与电量问题，考点结合巧妙，题目新颖，有一定创新性.4C【解析】粒子垂直进入磁场，由洛伦兹力提供向心力
20、，根据牛顿第二定律得： ,解得：，粒子在磁场中做圆周运动的周期 ，已知 B1=2B2，则 r2=2r1，粒子运动如图所示：粒子在磁场 B1中运动时间为 T1，在磁场 B2中运动时间为 ，粒子向下再一次通过 O 点所经历时间： ，或 ；故选 C.【点睛】本题考查了带电粒子在磁场中的运动，粒子在磁场中做匀速圆周运动，本题解题的关键在于画出粒子运动的轨迹，确定时间与周期的关系，这也是磁场中的轨迹问题常用的思路。5C【解析】金属槽在匀强磁场中向右匀速运动时，左板将切割磁感线，上、下两板间产生电势差，由右手定则可判断出上板为正，下板为负， .因为微粒做匀速圆周运动，则重力等于电场力，方向相反，故有 .向
21、心力由洛伦兹力提供 ,得 ,周期;故选 C.【点睛】本题是电磁感应、电场、磁场等知识的综合，考查分析、判断和综合能力6C【解析】如图所示，点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：电荷在磁场中刚好运动 ，电荷做圆周运动的半径 .A、由磁场中的运动轨迹可知，电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过 O 点，根据圆周运动的对称性可知进入磁场与半径成 30角，则出射方向与所在半径也成 30角，故 A 错误；B、根据洛伦兹力提供向心力有 ，所以 ，故 B 错误；C、D、由图知该电荷在磁场中运动的时间 ,故 C 正确,D 错误；故选 C.【点睛】正确的判断
22、带电粒子在磁场中的运动轨迹，利用几何关系求运动半径，洛伦兹力提供向心力是解决本题的关键7A【解析】A、S 闭合的瞬间， L 中产生自感电动势阻碍电流的增加，此时可认为 bc 两灯串联，则此时b、c 两灯亮度相同，故 A 正确；D、由于 L 的电阻不计，则 S 闭合足够长时间后， b 灯被 L 短路，则 b 灯熄灭， c 灯变得更亮，故 D 错误；B、C、S 断开的瞬间，通过各个灯原来的电流立即消失，而通过 L 的电流要通过三盏灯形成新的回路，则 a、 c 两灯将逐渐熄灭， b 灯中因为原来电流为零，所以 b 灯先突然闪亮后再逐渐变暗熄灭，故 B、C 均错误；故选 A.【点睛】此题是关于自感问题
23、，解题时首先要搞清电路的结构，当电键闭合的瞬时， L 相当于断路，而当电键断开的瞬时， L 相等于电源.8D【解析】由于开关 S 断开时变压器输出功率与 S 闭合时变压器输出功率相等，设开关 S 断开时副线圈的电流强度为 I1、S 闭合时副线圈的电流强度为 I2，则有： I12(R2+R3)=I22R2，解得： I2=2I1;设变压器原副线圈的匝数比为 k，开关断开时，原线圈的电流强度为 ，电压为 kI1(R2+R3)，根据闭合电路的欧姆定律可得： ,开关闭合时，原线圈的电流强度为 ，电压为 kI2R2，根据闭合电路的欧姆定律可得： ,联立解得 k=2;故选 D.【点睛】本题主要是考查了变压器
24、的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等.9AC【解析】在 00.5 s 内， B 均匀增大，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定的感应电动势， ，根据楞次定律判断得知， ab 中产生的感应电流方向由b a，为负方向感应电流的大小为 ； ab 杆所受的安培力大小为FA1 BI1L (B02 B0t)，方向向左，则拉力大小为 F1 FA1 (B02 B0t)，方向向右，为正方向；在 0.51 s 内， B 不变，穿过回路的磁通量不变，没有感应电流产生，安培力和拉力均为零；在 11.
25、5 s 内， B 均匀减小，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定的感应电动势， ，根据楞次定律判断得知， ab 中产生的感应电流方向由 a b，为正方向感应电流的大小为 ； ab 杆所受的安培力大小为 FA2 BI2L 2B04 B0(t1) (6B04 B0t)，方向向右，则拉力大小为 F2 FA2 (6B04 B0t)，方向向左，为负方向；故 AC 正确【点睛】本题要分三个时间段，根据法拉第电磁感应定律、楞次定律、欧姆定律和安培力公式进行研究；注意正方向的规定10ABD【解析】A、由题，带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，电场力与重力必定平衡，则微粒受到的电场力的方
26、向一定竖直向上;故 A 正确.B、由平衡知识有： mg=qE 由洛伦兹力提供向心力，则有： 又 联立三式得，微粒做圆周运动的半径为： ；故 B 正确.C、由于电场力方向竖直向上，则微粒从 B 点运动到 D 点的过程中，电场力先做负功后做正功，则其电势能先增大后减小;故 C 错误.D、根据能量守恒定律得知：微粒在运动过程中电势能、动能、重力势能三者之和一定，因重力势能先减小后增大，则知微粒的电势能和动能之和先增大后减小；故 D 正确.故选 ABD.【点睛】本题解题关键是分析微粒做匀速圆周运动的受力情况，根据合力提供向心力进行判断11BD【解析】A、由图 b 可知，原线圈输入电压有效值为 440V
27、，根据 ，可得副线圈电压为 32V，交流电压表 V 的示数为有效值即为 32V，故 A 错误；B、设灯泡 L 两端电压的有效值为 U，灯泡的阻值为 r，交变电流的周期为 T，根据交变电流有效值的定义有： ，解得： ，故 B 正确；C、当滑动变阻器的触头 P 向下滑动时，滑动变阻器阻值减小，原副线圈匝数比不变、输入电压不变，则电压表 V 的示数不变；则由欧姆定律可知，电流表 A2示数增大，因为理想变压器输入功率与输出功率相等，所以电流表 A1示数也增大，故 C 错误；D、根据 可知，交流发电机转子的角速度为 100rad/s；故 D 正确.故选 BD.【点睛】本题考查了变压器的原理及最大值与有效
28、值之间的数量关系。能根据欧姆定律求解电路中的电流，会求功率，知道电表示数为有效值，明确二极管的单向导电性的正确应用和有效值定义的基本方法的掌握情况.12BCD【解析】A、由题可知金属棒 ab 受到安培力为: ,对金属棒 ab，根据牛顿第二定律可以得到： mg-B2L2Ca=ma,整理可以得到: ，恒定不变，所以金属棒 ab 做匀变速运动，故 A 错误，B 正确；C、由上面分析可知： BIL=B2L2Ca，即:,则电阻 R 的功率为： ，故 C 正确；D、经过时间 t 电容器两端的电量为: ；故 D 正确.故选 BCD.【点睛】本题考查了电磁感应中的电容器充电过程中，电流不变，然后根据牛顿第二定
29、律可以确定加速度.要知道电流与电容器带电量的关系.13（1）AE （2）0.48 （3）【解析】(1)实验目的为“探究加速度与外力的关系”，故应测量加速度和合外力的大小，由实验装置可知，本实验中通过传感器测量拉力的大小，故不需要测量质量大小；同时本实验中应控制小车质量不变，因此只需要记录传感器的示数；故 A、E 错误；本题选不需要的步骤故选 AE.(2)图中相邻两计数点之间还有 4 个计时点没有画出，故两计数点间的时间间隔为：T=50.02=0.1s；根据逐差法可知，加速度为：.(3)根据牛顿第二定律 ,可得: ，则由 图象可知图象的斜率 ，故 .【点睛】主要考查“验证牛顿第二定律”的实验，要
30、明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法.14（1） ；4.5 （2）2.5；2【解析】(1)由闭合电路欧姆定律可知： ；要形成与电阻成一次函数关系，则纵坐标只能取 ；则有： ；则图象的斜率为： ；则有 E=4.5V； ,则有 R0+r=4.5.(2)A 灯正常发光的电流为： I=0.6A；则 BC 两灯的电流为 0.3A，由图象可知， BC 两灯的电压为 0.5V；路端电压为： U=2.5V+0.5V=3V；则内压为： U 内 =4.5-3=1.5V；则内阻为： ,则定值电阻为： R0=4.5-2.5=2。【点睛】本题考查电源的电动势和内电阻的测量方法及数据处理；解题
31、的难点在于第三问中的数据处理；要注意图象法的应用，此题对学生数学知识的应用能力要求较高.15(1) E= (2)质点打在 P 点上方, 【解析】(1)据题分析可知，小球在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，小球的轨迹向下偏转，才能最后垂直打在 M 屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图所示：可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得： qE-mg=mg解得：(2)质点要垂直打在 M 屏上，则打在 M 屏上时竖直方向上速度为零对竖直方向上的运动进行分析，质点的前一段运动必定是在电场力和重力作用下做加速运动，后一段运动必定是在重力作用下做减速运动，最后速度减小为零，则只
32、可能先向上做加速运动，然后向上做减速运动，位移应向上，故质点打在 P 点上方.由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则小球在板间运动的时间跟它从板的右端运动到荧光屏的时间相等.小球在电场中向上偏转的距离而解得： 故小球打在屏上的位置与过 P 点的水平线距离为：【点睛】本题是类平抛运动与平抛运动的综合应用，基本方法相同：运动的合成与分解，关键要分析出小球在电场内外运动的对称性，得到加速度关系16(1)0.08A (2)0.16kg【解析】(1)由电磁感应定律得由欧姆定律得解得：代入数据得 I=0.08A(2)线圈受到安培力天平平衡代入数据可得 m=0.16kg【点睛】本题要
33、理解天平测量质量的原理，掌握法拉第定律、闭合电路欧姆定律，抓住平衡条件进行研究，求解安培力时需注意线圈的匝数.17（1） （2 ） ；【解析】(1)金属棒产生的感应电动势金属棒由静止开始作匀加速直线运动，则有联立得:(2)当位移为 x1时，有回路总电阻根据动量定理得通过金属棒的电荷量可得当 时 , 解得:【点睛】本题的关键要根据物理规律找出物理量的关系，通过已知量得出未知量.要善于对物体过程分析和进行受力分析，法拉第电磁感应定律结合运动学公式解决问题.18（1） （2）【解析】（1）粒子在电场中加速，由动能定理得：粒子进入磁场后做圆周运动，有粒子之后恰好不再经过 x 轴，则离开磁场时的速度方向
34、与 x 轴平行，运动情况如图可得联立解得（2）将 代入可得磁场中运动的轨道半径粒子运动情况如图，图中的角度 、 满足即粒子经过 x 轴时的位置坐标为解得19（1）2.0N；2J （2）2kg；1s （3）17Ns【解析】(1)开始时磁场的磁感应强度按图乙所示变化，则回路中电动势电路中的电流 当 t=1s 时， f=BIL=2.0N回路中产生的焦耳热(2)磁场的磁感应强度保持 B=1T 不变，在 b 运动之前，对 a 棒施加如图丙所示的水平向左的拉力，根据牛顿第二定律 即 ，得： f+ma= 4， ，求得a=1.0m/s2，导棒的质量 m=2kg当导棒 a 刚好要滑动时， 求得 v=lm/s此时 a 运动的时间：(3)当 a 滑动后的 2s 内， a、 b 两棒受到的安培力等大反向，系统受到的水平方向的合外力为拉力与两个滑动摩擦力的合力，根据动量定理有：解得：【点睛】本题关键是力电综合问题，关键是结合法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、安培力公式、进行分析，同时要明确受力情况和运动情况，结合牛顿第二定律、动量定理列式分析.
