1、1选择题 48 分练(十二 )(时间：20 分钟 分值：48 分)(15 小题为单选题，68 小题为多选题)1(2018河南郑州二次预测) 关于近代物理学，下列说法正确的是( )A光电效应现象揭示了光具有波动性B一群氢原子从 n4 的激发态跃迁时，最多能辐射 6 种不同频率的光子C卢瑟福通过 粒子散射实验证实原子核由质子和中子组成D氡的半衰期为 3.8 天，若取 4 个氡原子核，经过 7.6 天后一定剩下 1 个氡原子核B 光电效应现象揭示了光具有粒子性，故 A 错误；一群氢原子从 n4 的激发态跃迁时，最多能辐射 C 6，即 6 种不同频率的光子，故 B 正确；卢瑟福通过 粒子散射实验24证
2、实原子的核式结构模型，故 C 错误；半衰期只适用大量原子核，对极个别原子核不适用，故 D 错误2(2018湖南 G1 联盟联考)如图 1 甲所示，绝缘的水平桌面上放置一金属圆环，在圆环的正上方放置一个螺线管，在螺线管中通入如图乙所示的电流，电流从螺线管 a 端流入为正，以下说法正确的是( )图 1A从上往下看，01 s 内圆环中的感应电流沿顺时针方向B1 s 末圆环对桌面的压力小于圆环的重力C01 s 内圆环面积有扩张的趋势D12 s 内和 23 s 内圆环中的感应电流方向相反A 从上往下看，01 s 内螺线管中的电流正向增加，根据安培定则可知，产生的磁场向上增加，根据楞次定律可知，圆环中的感
3、应电流沿顺时针方向，选项 A 正确；01 s内正向电流增大，根据楞次定律，金属环与螺线管间为斥力，圆环对桌面的压力大于圆环的重力，圆环面积有缩小的趋势，选项 B、C 错误； 1 2 s 正方向电流减小，23 s 反向电流增大，根据楞次定律，金属环中感应电流的磁场方向不变，感应电流方向不变，D 错误3(2018唐山二模)如图 2 位于竖直面内的光滑轨道 AB，与半径为 R 的圆形轨道底部相通，圆形轨道上部有一缺口 CDE， D 点为圆形最高点， COD DOE30，质量为 m2可视为质点的小球自光滑轨道 AB 上某点静止下滑，由底部进入圆形轨道，通过不断调整释放位置，直到小球从 C 飞出后能无碰
4、撞的从 E 进入左侧轨道，重力加速度为 g.下列说法正确的是( )图 2A小球通过最高点的速度大小为 gRB小球通过 C 点时速度大小为 2gRC小球从 C 点运动到最高点的时间为 2 3 RgD A 点距地面的高度为 R6 536D 小球从 C 点做斜抛运动，设速度为 vC，速度方向与水平方向夹角为 30，则vCtcos 30 R； vCsin 300.5 gt，解得 vC ，到达最高点的速度 vCcos EC23gR330 ，选项 A、B 错误；小球从 C 点运动到最高点的时间为3gR2t t ，选项 C 错误；从 A 到 C 由机械能守恒定律：12 vCsin 30g 3R6gmghA
5、mv mgR(1cos 30)，解得 hA R，选项 D 正确12 2C 6 5364(2018张掖三次诊断)如图 3 所示，长木板静止于光滑水平地面，滑块叠放在木板右端，现对木板施加水平恒力，使它们向右运动当滑块与木板分离时，滑块相对地面的位移为 x、速度为 v.若只减小滑块质量，重新拉动木板，滑块与木板分离时( )图 3A x 变小， v 变小 B x 变大， v 变大C x 变小， v 变大 D x 变大， v 变小A 长木板和滑块做初速度为 0 的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得滑块的加速度 a1 g ，长木板加速度 a2 ，由运动学公式可得滑块与木板分离时，滑块相对F mgM3地面
6、的位移为 x a1t2，滑块相对长木板的位移为 L a2t2 a1t2，滑块相对地面的速度12 12 12v a1t，若只减小滑块质量，再次拉动木板，根据牛顿第二定律得滑块的加速度 a1 g不变，长木板加速度 a2 变大，由滑块相对长木板的位移为 L a2t2 a1t2可得F mgM 12 12运动时间变小，滑块相对地面的位移为 x a1t2变小，滑块相对地面的速度为 v a1t 变小，12故 A 正确，B、C、D 错误5(2018东北三省三校联考)如图 4 所示，在粗糙的水平面上，固定一个半径为 R 的半圆柱体 M 上，挡板 PQ 固定在半圆柱体 M 上，挡板 PQ 的延长线过半圆柱截面圆心
7、 O，且与水平面成 30角在 M 和 PQ 之间有一个质量为 m 的光滑均匀球体 N，其半径也为 R.整个装置处于静止状态，则下列说法正确的是( )图 4A N 对 PQ 的压力大小为 mgB N 对 PQ 的压力大小为 mg12C N 对 M 的压力大小为 mgD N 对 M 的压力大小为 mg33D 对球 N 受力分析，设 M 对 N 的支持力为 F1， PQ 对 N 的支持力为 F2，由几何关系可知， F1和 F2与 G 的反向延长线的夹角相等，均为 30，则 F1 F2 mg，由牛顿第三定律可12mgcos 30 33知选项 D 正确，A、B、C 错误6(多选)如图 5 所示，两个小球
8、分别从斜虚线 EF 上的 O、 S两点水平抛出，过一段时间再次经过斜虚线 EF，若不计空气阻力，则下列说法正确的是( )4图 5A两小球经过斜虚线 EF 时的速度大小可能相同B两小球经过斜虚线 EF 时的速度方向一定相同C两小球可能同时经过斜虚线 EF 上的同一位置D从抛出到经过斜虚线 EF 所用的时间 O 球比 S 球长ABC 若两个球抛出时的初速度相同，则过虚线时两球的速度相同，A 项正确；设虚线 EF 与水平方向夹角为 ，经过虚线 EF 时的速度与水平方向的夹角为 ，由平抛运动规律的推论可知：tan 2tan ，速度与水平方向的夹角相同，即速度方向相同，B 项正确；若 O 点处球以水平初
9、速度 v1抛出到达虚线上某点 C 用时 t1， S 点处球以初速度 v2水平抛出到达 C 用时为 t2，因此要使两球同时到达 C 点，只要 O 处的球(以初速度 v1)比 S 处的球(以初速度 v2)早 t1 t2的时间抛出，两球可以同时到达 C 点，C 项正确；若 O 处的球抛出的初速度比 S 处的球抛出的初速度小，则 O 处抛出的球从抛出到经过虚线 EF 所用时间比S 处抛出的球从抛出到经过虚线 EF 所用时间短，D 项错误7(2018衡水中学十次模拟)电荷量为 Q1和 Q2的两点电荷分别固定在 x 轴上的 O、 C两点，规定无穷远处电势为零， x 轴上各点电势 随 x 的变化关系如图 6
10、 所示，则( )图 6A Q1 Q2B G 点处电场强度的方向沿 x 轴负方向C将一带负电的试探电荷自 G 点静止释放，仅在电场力作用下一定能到达 D 点D将一带负电的试探电荷从 D 点移到 J 点，电场力先做正功后做负功BD 图象斜率表示场强大小，由图可知在 H 点的场强为零，即两电荷在 H 的合场强为零，由公式 E 可知， Q1 Q2，故 A 错误；由图知由 D 到 H 电势升高，则由 D 到 H 是逆电kQr2场线的方向，所以 G 点处电场强度的方向沿 x 轴负方向，故 B 正确；由在 G 点场强方向沿5x 轴向左，负电荷所受电场力向右，所以负电荷沿 x 轴向右运动，故 C 错误；由图象
11、可知从 D 点到 J 点电势先升高再降低，负电荷的电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，故 D 正确8. (2018西北师大附中模拟)如图 7 所示，两方向相反、磁感应强度大小均为 B 的匀强磁场被边长为 L 的等边三角形 ABC 边界分开，三角形内磁场方向垂直纸面向里，三角形顶点 A 处有一质子源，能沿 BAC 的角平分线发射速度不同的质子(质子重力不计)，所有质子均能通过 C 点，质子比荷 ，则质子的速度可能为( )qm 1k图 7A. B.BLk BL2kC. D.2BL3k BL8kABD 质子带正电，且经过 C 点，其可能的轨迹如图所示：所有圆弧所对圆心角均为 60，所以质子运行半径为： r L/n(n1,2,3，)，质子在磁场中做圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力可得：qvB m ，v2r解得： v (n1,2,3，)，qBrm BLkn故 A、B、D 正确，C 错误
