1、1选择题 48 分练(九)(时间：20 分钟 分值：48 分)(15 小题为单选题，68 小题为多选题)1(2018陕西第四次模拟)下列说法正确的是( )A铀核裂变的核反应是 U Ba Kr2 n23592 14156 9236 10B玻尔根据光的波粒二象性，大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性C原子从低能级向髙能级跃迁，不吸收光子也能实现D根据爱因斯坦的“光子说”可知，光的波长越大，光子的能量越大C 铀核裂变的核反应是 U n Ba Kr3 n，故 A 错误；德布罗意根据光23592 10 14156 9236 10的波粒二象性，大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性，故 B 错误；受到电
2、子或其他粒子的碰撞，原子也可从低能级向高能级跃迁，不吸收光子也能实现，故 C 正确；根据爱因斯坦的“光子说”可知，根据 ，光的波长越大，频率越小，故能量 E h 越小，c故 D 错误2(2018贵阳一模)如图 1 甲所示，在 x0 的区域有垂直于 xOy 平面(纸面)向里的匀强磁场，现用力使一个等边三角形闭合导线(粗细均匀)框，沿 x 轴向右匀速运动，运动中线框平面与纸面平行，底边 BC 与 y 轴平行，从顶点 A 刚入磁场开始计时，在线框全部进入磁场过程中，其感应电流 I(取顺时针方向为正)与时间 t 的关系图线为图中的( )图 1B 导线框从左进入磁场，磁通量向里增加，根据楞次定律可知，感
3、应磁场向外，根据安培定则可知，感应电流方向为逆时针，即负方向；设导线框沿 x 轴方向运动的速度为v，经时间 t 运动的位移为 x vt，根据几何关系可知，导线框的有效切割长度为 l2 xtan 30 t，感应电流 I t，即电流 I 与 t 成正比，故选 B.23v3 ER BlvR 23Bv23R3(2018百校联盟 4 月联考)如图 2 所示，质量分别为 M、 m 的两物块放在粗糙的水平面上，中间用水平细线相连，两物块与水平面间的动摩擦因数相同，用一大小为 F 的水平力向右拉质量为 M 的物块，使两物块一起向右做匀加速运动，这时两物块间细线上的张2力为 T1，撤去 F 的一瞬间，细线上的张
4、力为 T2，则下列判断正确的是( )图 2A T10 B T1 FMM mC T2 T1 D T20D 当 F 作用在 M 上时，对整体分析有： F (M m)g( M m)a1，对 m 分析有：T1 mg ma1，联立得： T1 0，故 A、B 错误；当撤去 F 的一瞬间， M 和 m 的加速mFM m度相同，且都为 a2 g ，故细线上的拉力为零，即 T20，故 C 错误，D 正确4(2018贵州适应考试)如图 3 所示，某次发射人造卫星的过程中，先将卫星发射到地面附近的圆形轨道上，在 P 点变轨进入椭圆轨道， Q 点为轨道的远地点下列说法正确的是( )图 3A卫星在 P 点变轨时的速度必
5、须大于 7.9 km/sB卫星从 P 点到 Q 点的过程中机械能逐渐减小C卫星沿轨道经过 P 点时的加速度大于沿轨道经过 P 点时的加速度D若要使运动到 Q 点的卫星能摆脱地球引力的束缚，卫星在 Q 点的速度至少要达到11.2 km/sA 卫星在轨道上经过 P 点时的速度等于 7.9 km/s，则要想进入轨道，则在 P 点必须要加速做离心运动，则卫星在 P 点变轨时的速度必须大于 7.9 km/s，选项 A 正确；卫星从 P 点到 Q 点的过程中只有地球的引力做功，则机械能不变，选项 B 错误；根据 a可知，卫星沿轨道经过 P 点时的加速度等于沿轨道经过 P 点时的加速度，选项 C 错GMr2
6、误；若要使运动到 P 点的卫星能摆脱地球引力的束缚，卫星在 P 点的速度至少要达到 11.2 km/s，则若要使运动到 Q 点的卫星能摆脱地球引力的束缚，卫星在 Q 点的速度可以小于11.2 km/s，选项 D 错误5(2018宜宾二次诊断)如图 4 所示，一沙袋用无弹性轻细绳悬于 O 点开始时沙袋处于静止状态，一弹丸以水平速度 v0击中沙袋后未穿出，二者共同摆动若弹丸质量为m，沙袋质量为 5m，弹丸和沙袋形状大小忽略不计，弹丸击中沙袋后漏出的沙子质量忽略3不计，不计空气阻力，重力加速度为 g.下列说法中正确的是( )图 4A弹丸打入沙袋过程中，细绳所受拉力大小保持不变B弹丸打入沙袋过程中，弹
7、丸对沙袋的冲量大小大于沙袋对弹丸的冲量大小C弹丸打入沙袋过程中所产生的热量为mv2072D沙袋和弹丸一起摆动所达到的最大高度为v2072gD 弹丸打入沙袋的过程由动量守恒定律 mv0( m5 m)v，解得 v v0；弹丸打入沙16袋后，总质量变大，且做圆周运动，根据 T6 mg6 m 可知，细绳所受拉力变大，选项 Av2L错误；根据牛顿第三定律可知，弹丸打入沙袋过程中，弹丸对沙袋的冲量大小等于沙袋对弹丸的冲量大小，选项 B 错误；弹丸打入沙袋过程中所产生的热量为 Q mv 6mv212 20 12mv ，选项 C 错误；由机械能守恒可得： 6mv26 mgh，解得 h ，选项 D 正确512
8、20 12 v2072g6.a、 b 两辆汽车沿同一直线运动，它们的 xt 图象如图 5 所示，则下面关于两车运动情况的说法正确的是( )图 5A前 2 s 内两车的位移相同B t1 s 时两车之间的距离最远C b 车的加速度的大小为 1 m/s2D第 3 s 内两车行驶的路程相同AD 从图中可知 a 的位移为 4 m， b 的位移大小小于 4 m，故两者的位移不同，A 正确；t1 s 时两者在同一坐标点，即两者相遇，B 错误；位移时间图象的斜率表示速度，故b 做匀速直线运动，加速度为零，C 错误；在第 3 s 内两者图线的斜率相同，即速度大小相同，所以第 3 s 内路程相同，D 正确7(20
9、18第二次全国大联考卷)如图 6 所示，平行等距的竖直虚线 M、 N、 P、 Q 为4某电场的四个等势面， M、 N、 P、 Q 的电势分别为 M、 N、 P、 Q.一个不计重力、带负电荷的粒子在电场中运动的轨迹是抛物线用实线表示， a、 b、 c 是轨迹上的三点，其中 b点为轨迹上最左端的点，下列说法正确的是( )图 6A该电场一定是匀强电场且 Q P N MB根据轨迹可以判断带负电荷的粒子在电场中的运动方向是唯一的C带负电荷的粒子在 b 点动能最大，在 c 点的电势能最小D带负电荷的粒子在电场中各点受到的电场力相等AD 因表示电场中四个等势面的四条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强
10、电场，由图中带负电荷的粒子在电场中运动的轨迹可知受到水平向右的电场力作用，电场的方向是向左的，电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面，所以 M、 N、 P、 Q 的电势 Q P N M，A 正确；带负电荷的粒子受到水平向右的电场力作用，粒子无论是依次沿 a、 b、 c 运动，还是依次沿 c、 b、 a 运动，都会得到如题图所示的轨迹，B 错误；带负电荷的粒子在电场中运动时，电势能与动能之间相互转化，由题图中粒子的运动轨迹可知， a 点到 b 点，电场力做负功(电场方向和运动方向相反)，电势能增大，动能减小，从 b 运动到 c，电场力做正功，电势能减小，动能增大，因此 c 点的电势能最小，
11、动能最大，C 错误；因表示电场中四个等势面的四条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强电场，所以带负电荷的粒子在电场中各点受到的电场力相等，D 正确8. (2018甘肃天水一模)如图 7 所示，边长为 L 的正方形 abcd 内有垂直于纸面向里、磁感应强度为 B 的匀强磁场，一束速率不同的带正电粒子从左边界 ad 中点 P 垂直射入磁场，速度方向与 ad 边夹角 30，已知粒子质量为 m，电荷量为 q，粒子间的相互作用和粒子重力不计则( )图 7A粒子在磁场中运动的最长时间为5 m3qB5B粒子在磁场中运动的最短时间为 m3qBC上边界 ab 上有粒子到达的区域长为 L(136)D下边界
12、cd 上有粒子到达的位置离 c 点的最短距离为 2 3 L2AD 粒子对应的圆心角越大，在磁场中运动的时间越长，最长时间对应的轨迹如图甲所示：甲从 Pa 边射出对应的轨迹的圆心角最大，为 300，故最长时间为： t T 300360 56 ，故 A 正确；考虑极限法，假设粒子速度无限大，则沿着直线穿过磁场，时间2 mqB 5 m3qB无穷小，故粒子在磁场中运动的最短时间趋向零，故 B 错误；画出临界轨迹，如图乙所示：乙从 ab 边射出的最大的轨迹是与 bc 边相切，故： r1 r1sin 60 L，故 r1 ，L1 sin 60 2L2 3从 ab 边射出的最小的轨迹是与 ab 边相切，故： r2 r2cos 60 ，故 r2L2 ，L21 cos 60L3故上边界 ab 上有粒子到达的区域长为：2 r1sin 60 r2sin 60 L，故 C(236 3 6)错误；临界情况是轨迹与 cd 边相切，如图丙所示，故： r3 r3cos 60 ，解得 r3 L，L26故下边界 cd 上有粒子到达的位置离 c 点的最短距离为 L r3sin 60 ， 2 3 L2故 D 正确丙
