1、- 1 -四川省宜宾县第一中学校 2019 届高三上学期第一次月考理综-物理试题1.下列说法正确的是A. 伽利略的理想斜面实验说明了“力是维持物体运动的原因”B. 采用比值定义法定义的物理量有：电场强度 ，电容 ，加速度C. 库仑通过实验得出了库仑定律，并用扭秤实验最早测量出了元电荷 e 的数值D. 放射性元素发生一次 衰变，新核原子序数比原来原子核序数增加 1【答案】D【解析】A、伽利略通过理想斜面实验，说明了力不是维持物体运动的原因，故 A 错误。B、用比值定义法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，如电场强度 ，电容 ，加速度。公式中 a 与 F 成正比，与质量成反比，不属于比值定义法
2、，故 B 错误。C、库仑用扭秤实验最早得出库仑定律，密立根测出了元电荷 e 的数值，故 C 错误。D、放射性元素发生一次 衰变，放射出一个电子，原子序数增加 1，故 D 正确。故选 D。【点睛】本题主要考查了物理学史(理想斜面实验、库仑定律的发现、电荷量的测定)、物理方法(比值定义法)和物理思想（衰变） 。2.跳伞运动员从高空悬停的直升机跳下，运动员沿竖直方向运动，其 v-t 图象如图所示，下列说法正确的是 A. 运动员在 0-10s 内的平均速度大小等于 10m/sB. 从 15s 末开始运动员处于静止状态C. 10s 末运动员的速度方向改变D. 10s-15s 内运动员做加速度逐渐减小的减
3、速运动【答案】D- 2 -【解析】【详解】010s 内，若运动员做匀加速运动，平均速度为 ，根据图象的“面积”等于位移可知，运动员的位移大于匀加速运动的位移，所以由公式 得知：010s 内的平均速度大于匀加速运动的平均速度 10m/s，故 A 错误。由图知，15s 末开始运动员做匀速直线运动，故 B 错误；由图看出，运动员的速度一直沿正向，速度方向没有改变，故 C 错误。1015s 图象的斜率减小，则其加速度减小，故 1015s 运动员做加速度减小的减速运动，故 D 正确。所以 D 正确，ABC 错误。3.如图所示，质量为 m 的光滑小球，在细线和墙壁的作用下处于静止状态，重力加速度为g，细线
4、与竖直墙壁的夹角为 300，则细线对小球的拉力大小为 A. B. C. D. 【答案】A【解析】对小球受力分析，由力的平衡知识可知，细线对小球的拉力大小为 ，故选 A.4.如图所示是正点电荷周围的一条电场线，电场线上 A、B 两点的电场强度分别为 ，电势分别为 ，下列判断正确的是（ ）A. B. C. D. - 3 -【答案】A【解析】由电场线的方向可知，正点电荷应在 A 点左侧；正点电荷周围的电场线是向外扩散状，所以左边的电场线比右边的电场线密集，所以 EAE B，沿着电场线方向电势是降低，所以 A B。故选 A。点睛：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布当正电荷沿着电场线方向移动时，
5、电场力做正功，则电势能减少，所以电势在减少当负电荷沿着电场线方向移动时，电场力做负功，则电势能增加，而电势仍减小5.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 2：1，电阻 R=55.0，原线圈两端接一正弦式交变电流，电压 u 随时间 t 变化的规律为 ，时间 t 的单位是 s，那么，通过电阻 R 的电流有效值和频率分别为（ ）A. 1.0A，20HzB. A，20HzC. 1.0A，10HzD. A，10Hz【答案】C【解析】根据 得 ，根据欧姆定律得： ，即通过电阻 R 的电流有效值为1A；通过电阻 R 的频率 ，故 C 正确，ABD 错误；故选 C。【点睛】掌握输入电压和输出电压之比等于原
6、副线圈的匝数比是解决此类问题的关键。6.如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子处于 n=3 的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，并用这些光照射逸出功为 2.49eV 的金属钠，下列说法正确的是（ ）- 4 -A. 这群氢原子能发出 3 种不同频率的光B. 这群氢原子能发出 2 种不同频率的光C. 金属钠发出的光电子的最大初动能 9.60eVD. 金属钠发出的光电子的最大初动能 2.49eV【答案】AC【解析】一群氢原子处于 n=3 的激发态，在向较低能级跃迁的过程，能发出 种不同频率的光，选项 A 正确，B 错误；其中从第 3 激发态第 1 激发态，放出光子的能量最大，为E=E
7、3-E1=（-1.51eV）-（-13.6eV）=12.09eV2.49eV；光子能量大于逸出功的会发生光电效应，根据爱因斯坦光电效应方程，可知金属钠发出的光电子的最大初动能：E Km=hv-W0=12.09eV-2.49eV=9.60eV；选项 C 正确，D 错误；故选 AC.点睛：解决本题的关键知道能级间跃迁辐射或吸收光子的能量等于两能级间的能级差，以及掌握光电效应方程 EKm=hv-W07.室外天线放大器能将室外接收到的微弱电视信号放大，使得电视机更清晰放大器放置在室外的天线附近，为它供电的电源盒放置在室内，连接电源盒与放大器的两条电线兼有两种功能：既是天线放大器的 50Hz 低频电源线
8、，同时又将几百兆赫兹高频电视信号送入室内供电视机使用即低频电流和高频电流共用一个通道室内电源盒的内部电路如图所示，关于电容器 C 和电感线圈 L 的作用下面说法中正确的是A. 电容器 C 的作用是阻高频电视信号、通低频电流B. 电容器 C 的作用是阻低频电流、通高频电视信号使之输送到电视机- 5 -C. 电感线圈 L 的作用是阻碍高频电视信号进入变压器D. 电感线圈 L 的作用是阻低频电流、通高频电视信号【答案】BC【解析】试题分析：电容器 C 对高频电视信号的阻碍作用较小，但有阻碍，故 A 错误；高频电视信号是交流电，电容器有通高频、阻低频的特点，故 B 正确；电感线圈 L 的作用是通低频、
9、阻高频，故能够阻碍高频电视信号进入变压器，故 C 正确；电感线圈 L 对 50Hz 低频阻碍作用较小，故 D 错误；故选 BC考点：考查了电磁波的发射，传播，接受点评: 本题关键是明确电容器和电感线圈的作用，然后再结合具体电路进行分析8.如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一质量为 2m 的光滑弧形槽静止放在足够长的光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，一质量为 m 的小物块从水平面上以 v0的速度冲上槽，小物块没有到达槽的顶端,且回到地面时槽还未与弹簧接触，重力加速度为 g，下列说法正确的是A. 物块在槽上滑动过程中，物块和槽组成的系统水平方向动量守恒B. 物块在槽上上滑的最大高度为C.
10、在整个过程中，弹簧具有的最大弹性势能为D. 运动过程中小物块只能在槽上上滑一次【答案】AB【解析】A、物块在上滑过程中，物块和弧形槽组成的系统所受合外力不为零，但在水平方向的外力之和为零，故系统满足水平方向的动量守恒，则 A 正确。B、滑块相对于槽到达最高点时水- 6 -平速度相等，根据系统水平方向动量守恒和系统的机械能守恒有： ，联立解得： ，故 B 正确。C、当滑块滑回斜槽底端时两者的速度为 、 ，由系统水平方向动量守恒和系统的机械能守恒有： ，解得： ， ，斜槽向右运动压缩弹簧到最大，故最大弹性势能为 ，故 C 错误。D、斜槽被弹簧弹回时的速度由机械能守恒可知还为，方向向左，因 ，故斜槽
11、能追上滑块发生第二次碰撞，故 D 错误。故选 AB。【点睛】本题考查动量定恒和机械能守恒定律的应用，要注意明确运动过程，同时能正确应用动量守恒以及机械能守恒定律分析两物体的运动过程问题三非选择题：共 174 分。第 2232 题为必考题，每个试题考生都必三、非选择题：共 174分。第 2232 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 3338 题为选考题，考生根据要求作答。9.在“探究加速度与小车质量和力的关系”实验中，某小组设计了如图所示的实验装置。图中上下两层轨道水平且表面光滑，两小车前端系上细线，跨过滑轮并悬挂砝码盘，两小车尾部细线连到控制装置上。实验时通过控制装置使两小车同时由静止释放
12、，然后可使它们同时停止运动。(1)在安装实验装置时，应调整滑轮的高度，使细线与轨道_；实验时，为减小系统误差，应使砝码盘和砝码的总质量_小车的质量（选填“远大于” 、 “远小于”或“等于” ） 。(2)本实验通过比较两小车的位移即可比较加速度的大小，这是因为小车的加速度 a 与时间t、 位移 x 间的关系式为 _。【答案】 (1). 平行 (2). 远小于 (3). 【解析】- 7 -（1）操作中为了使绳子上的拉力等于小车所受外力大小，应该使小车与滑轮之间的细线与轨道平行；在该实验中实际是：mg=（M+m）a，要满足 mg=Ma，应该使砝码盘和砝码的总质量远小于小车的质量 （2）两小车均做初速
13、度为零的匀加速直线运动，根据公式 x at2有：对小车 1： ；对小车 2： ；由于：t 1=t2 ；联立得 ，即 ax故本实验通过比较两小车的位移即可比较加速度的大小。点睛：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理方法，正确运用匀变速直线运动规律能够把要测量的物理量进行间接变换测量10.某同学用如图（ a）所示的实验电路来测量未知电阻 Rx的阻值将电阻箱接入 a、 b 之间，闭合电键 S，适当调节滑动变阻器 R后保持滑片位置不变，改变电阻箱的阻值 R，得到多组电压表的示数 U 与 R 的数据，并绘出的 U-R 图象如图（b）所示(1)请用笔画线代替导线，根据电路图在图（
14、 c）中画出缺少的两根导线_(2)用待测电阻 Rx替换电阻箱，读得电压表示数为 5.0V，利用图（ b）中的 U R 图象可得Rx_.（保留两位有效数字） (3)使用较长时间后，电源的电动势可认为不变，但其内阻增大，若仍使用该装置和图（ b）中的 U R 图象来测定某一电阻，则测定结果将_（选填“偏大” 、 “偏小”或“不变” ）若仍想使用该电路和（ b）中测绘的 U R 关系图像测量电阻，则需对电路进行简单修正：将电阻箱的阻值调到 10，并接入 a、 b 之间，调整滑动变阻器滑片的位置，使电压表示数为_V，之后保持滑动变阻器阻值不变，即可用原来的方法继续测量电阻- 8 -【答案】 (1).
15、(2). 25 (3). 偏小 (4). 4.0【解析】根据电路图连线，如图所示；（2）由图（b）得到，当纵坐标 5.0V 时，横坐标为 25.0；（3）a、b 两点间这段电路可以当作一个等效的电源，当等效电源的内电阻变大时，外电阻相同时，外电路分得的电压减小，重新作出 U-R 图，如图所示；相同的电压表读数，测量值小于真实值；将电阻箱的阻值调到 10，并接入 a、b 之间，调整滑动变阻器滑片的位置，由图像可知，使电压表示数为 4.0V，之后保持滑动变阻器阻值不变，即可用原来的方法继续测量电阻点睛：解题时关键要搞清实验的原理；涉及到图象问题，关键是根据物理规律写出有关纵轴和横轴物理量的函数表达
16、式，然后讨论即可求解11.如图所示，有一个可视为质点的质量为 m=1kg 的小物块，从光滑平台上的 A 点以 v0=2m/s- 9 -的初速度水平抛出，到达 C 点时，恰好沿 C 点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端 D 点的质量为 M=3kg 的长木板，已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数=0.3，圆弧轨道的半径为 R=0.4m，C 点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角 =60，不计空气阻力，g 取 10m/s2.求：（1）小物块刚要到达圆弧轨道末端 D 点时对轨道的压力；（2）若长木板长度 L=
17、2.4m，小物块能否滑出长木板?【答案】 （1）N=N=60N，方向竖直向下（2）小物块滑出长木板【解析】【分析】小物块从 A 点抛出做平抛运动，将 C 点的速度进行分解，求出物块到达 C 点的速度，对 C 到D 的过程，运用动能定理求出物块到达 D 点的速度，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出物块对轨道的压力；当小物块刚好不从长木板滑出时，与木板具有相同的速度，根据动量守恒定律求出共同的速度，因为摩擦力与相对路程的乘积等于产生的热量，结合能量守恒定律求出木板的最小长度，从而作出判断。【详解】 （1）物块到达 C 点的速度与水平方向的夹角为 60，根据平行四边形定则知： ， 小物块由
18、C 到 D 的过程中，由动能定理得： ， 代入数据解得： . 小球在 D 点时由牛顿第二定律得： 代入数据解得： N=60N， 由牛顿第三定律得： N= N=60N，方向竖直向下。（2）设小物块始终在长木板上，当达到共同速度时大小为，小物块在木板上滑行的过程中，- 10 -由动量守恒定律 解得： m/s 对物块和木板系统，由功与能的转化关系得 解得： L=2.5m2.4m所以小物块滑出长木板【点睛】本题的关键是要理清物块的运动过程，把握每个过程之间的联系，如速度关系，选择恰当的规律进行研究要注意摩擦生热与相对位移有关。12.真空管道超高速列车的动力系统是一种将电能直接转换成平动动能的装置。图
19、1 是某种动力系统的简化模型，图中粗实线表示固定在水平面上间距为 l 的两条平行光滑金属导轨，电阻忽略不计， ab 和 cd 是两根与导轨垂直，长度均为 l，电阻均为 R 的金属棒，通过绝缘材料固定在列车底部，并与导轨良好接触，其间距也为 l，列车的总质量为 m。列车启动前，ab、 cd 处于磁感应强度为 B 的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下，如图 1 所示，为使列车启动，需在 M、 N 间连接电动势为 E 的直流电源，电源内阻及导线电阻忽略不计，列车启动后电源自动关闭。（1）要使列车向右运行，启动时图 1 中 M、 N 哪个接电源正极，并简要说明理由；（2）求刚接通电源时列车加速度
20、a 的大小；（3）列车减速时，需在前方设置如图 2 所示的一系列磁感应强度为 B 的匀强磁场区域，磁场宽度和相邻磁场间距均大于 l。若某时刻列车的速度为 ，此时 ab、 cd 均在无磁场区域，试讨论：要使列车停下来，前方至少需要多少块这样的有界磁场？【答案】 （1） M 接电源正极，理由见解析（2） （3）若 恰好为整数，设其为 n，则需设置 n 块有界磁场，若 不是整数，设 的整数部分为 N，则需设置 N+1 块有界磁场- 11 -【解析】试题分析：结合列车的运动方向，应用左手定则判断电流方向，从而判断哪一个接电源正极；对导体棒受力分析，根据闭合回路欧姆定律以及牛顿第二定律求解加速度；根据动
21、量定理分析列车进入和穿出磁场时动量变化，据此分析；（1） M 接电源正极，列车要向右运动，安培力方向应向右，根据左手定则，接通电源后，金属棒中电流方向由 a 到 b，由 c 到 d，故 M 接电源正极。（2）由题意，启动时 ab、 cd 并联，设回路总电阻为 ，由电阻的串并联知识得 ；设回路总电流为 I，根据闭合电路欧姆定律有 设两根金属棒所受安培力之和为 F，有 F=BIl根据牛顿第二定律有 F=ma，联立式得 （3）设列车减速时， cd 进入磁场后经 时间 ab 恰好进入磁场，此过程中穿过两金属棒与导轨所围回路的磁通量的变化为 ，平均感应电动势为 ，由法拉第电磁感应定律有，其中 ；设回路中
22、平均电流为 ，由闭合电路欧姆定律有 设 cd 受到的平均安培力为 ，有 以向右为正方向，设 时间内 cd 受安培力冲量为 ，有 同理可知，回路出磁场时 ab 受安培力冲量仍为上述值，设回路进出一块有界磁场区域安培力冲量为 ，有 设列车停下来受到的总冲量为 ，由动量定理有 联立 式得 讨论：若 恰好为整数，设其为 n，则需设置 n 块有界磁场，若 不是整数，设 的整数部分为 N，则需设置 N+1 块有界磁场。【点睛】如图所示，在电磁感应中，电量 q 与安培力的冲量之间的关系，如图所示，以电量为桥梁，直接把图中左右两边的物理量联系起来，如把导体棒的位移 和速度联系起来，但- 12 -由于这类问题导
23、体棒的运动一般都不是匀变速直线运动，无法直接使用匀变速直线运动的运动学公式进行求解，所以这种方法就显得十分巧妙，这种题型难度最大。13.下列关于热学问题的说法中正确的是_（填正确答案标号选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分选对 3 个得 5 分，选错 1 个扣 3 个最低得分 0 分） A布朗运动是在显微镜中看到的液体分子的无规则运动B个孤立系统总是从熵小的状态向墒大的状态发展熵值较大代表着较为无序C如果封闭气体的密度变小分子平均动能增加，则气体的压强可能不变D某气体的摩尔质量为 M、密度为 ，用 NA表示阿伏伽德罗常数，每个气体分子的质量m0，每个气体分子的体枳 V0，则 m0 ，
24、V 0E甲、乙两分子间的距离由很远移到不能再靠近的过程中分子势能先减小再增大【答案】BCE【解析】布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是由于液体分子规则的碰撞造成的，则布朗运动反映了液体中分子的无规则运动，所以 A 错误。根据熵增加原理，一个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展熵值较大代表着较为无序。故 B 正确如果封闭气体的密度变小，可知其体积增大；温度是分子的平均动能的标志，分子平均动能增加，即气体的温度升高；根据理想气体的状态方程： 可知，气体的体积增大、温度同时也升高时，气体的压强可能不变，故 C 正确. 气体的分子之间的距离比较大，使用公式： 求出的结果是每一个分子所占的空间的
25、大小，不是分子的体积故 D 错误甲、乙两分子间的距离由很远移到不能再靠近的过程中分子势能先减小再增大，E 正确。14.一定质量的理想气体由状态 A 经状态 B 变化到状态 C 的 pV 图像如图所示则：- 13 -若已知在 A 状态时，理想气体的温度为 27，求处于 B 状态时气体的摄氏温度；从 A 状态变化到 C 状态气体是吸热还是放热?并求出吸收或放出的热量的数值（已知1atm110 5Pa） 【答案】 吸热，【解析】本题考查理想气体状态方程和热力学第一定律。(1) 由理想气体的状态方程可得解得所以状态 B 时的温度 (2) 由理想气体的状态方程可得则 ，从状态 A 到状态 C 的内能变化
26、从状态 A 到状态 C 体积增大,对外做功，且 p-V 图像中图线与横轴围成的面积即为对外做的功，则外界对气体做的功据热力学第一定律 ，解得：从 A 状态变化到 C 状态气体是吸热，吸收的热量是 400 J。15.由波源 S 形成的简谐横被在均匀介质中向左、右传播。已知介质中 P、Q 两质点位于波源S 的左右两侧如图甲所示，P、Q 的平衡位置到 S 的平衡位置之间的距离分别为 5.1m、8.2m.图乙中实线和虚线分别表示 P、Q 的振动图像，下列判断正确的是_。 （选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分）- 14 -
27、A. P、Q 的起振方向相同 B. P、Q 的运动方向始终相同 C.当 P 在波峰时.Q 向下运动D.这列波的频率为 10Hz E.这列波的波速可能为 10m/s【答案】ADE【解析】【详解】 P、 Q 的起振方向与波源 S 的起振方向一致，故起振方向相同，故 A 正确；由图乙可知：在 0.5n+0.25（s）0.5 n+0.26（s）时间内， P、 Q 的运动方向正好相反，故 B 错误；由图乙可知：当 P 在波峰时， Q 的位移为正，且向波峰运动，故 Q 向上运动，故 C 错误；由图乙可得：周期 T=0.1s，故频率 f=10Hz，故 D 正确；由图乙可知：质点 Q 的振动比质点 P的振动晚
28、 0.01s，故根据波的传播可得：8.2m-5.1m= v（ nT+0.01s）= v（0.1 n+0.01）m，故波速 ，当 n=3 时，波速 v=10m/s，故 E 正确。所以 ADE 正确，BC 错误。16.如图所示，一个三棱镜的截面为等边三角形 ABC。此截平面内的光线以入射角 从 AB 边射入，进入棱镜后直接射到 AC 边，并以出射角 i2射出，当 时出射光线相对入射光线偏转角为 30。求：（1）此时入射角 ；（2）三棱镜的折射率 n。【答案】【解析】- 15 -（1）如图所示，令 AB 界面的折射角为 ，AC 界面的入射角为 ， 则偏转角 =( )+( )=( )-( )因为 ，所以由几何关系得： =A=60可得 =45（2）由折射定律可知【点睛】 （1）作出光路图，根据几何知识和对称性分析偏转角与入射角和折射角的关系，即可求得此时入射角；（2）根据折射定律求三棱镜的折射率。
