1、1宁夏育才中学 2018-2019-1 高三年级第一次月考物理试卷一、选择题：本题共 12 小题，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，第 16 题只有一项符合题目要求，每题 4 分；第 712 题有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。1.以下说法正确的是( )A. 只有很小的物体才能看成质点，很大的物体不能看成质点B. 若以河岸为参考系，在顺水漂流的船上行走的人可能是静止的C. 做直线运动的物体，其位移大小跟这段时间内它通过的路程一定相等D. 诗句：“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行。 ”其中“看山恰似走来迎”和“是船行
2、”所选的参考系分别是地面和山【答案】B【解析】【详解】只要在所研究的问题中物体的大小和形状可以忽略，物体即可以看作质点；与物体的实际大小无关，A 错误；若以河岸为参考系，若人在船上以与船大小相等的速度，反向运动，则人可能相对河岸是静止的，B 正确；做直线运动的物体，若有往返现象，则位移大小与路程不相等，C 错误；作者和山之间的距离逐渐减小，而作者认为自己静止不动，从而“看山恰似走来迎” ，故此现象选择的参考系是自己或者船与船上静止不动的物体。但实际上船是运动的，所谓是“船行”选择的参考系是河岸、山或者地球上相对地球静止不动的其它物体，D 错误2.在离地面足够高的地方以 20m/s 的初速度竖直
3、上抛一小球，不计空气阻力，经过一段时间后，小球速度大小变为 10m/s。此时（ ）A. 小球的位移方向一定向上 B. 小球的位移方向一定向下C. 小球的速度方向一定向上 D. 小球的速度方向一定向下【答案】A【解析】根据对称性可知，小球返回抛出点时速度是 20m/s，所以小球速度大小变为 10m/s 的位置一定在抛出点的上方，位移方向一定向上，故 A 正确，B 错误。竖直上抛运动是一种往复运动，上升和下降经过同一点位移相同，则小球的速度可能向上，也可能向下，故 CD 错误。故选 A。2点睛：要知道竖直上抛运动可以分成上升和下降两个过程分段研究，两个过程有对称性也可以看成一种有往复的匀减速直线运
4、动进行处理 3.某物体同时受到同一个平面内的三个共点力的作用，在如图所示的四种情况中（坐标纸中每格边长表示 1N 的大小的力） ，该物体受到的合外力大小正确的是（ ）A. 甲图中物体所受的合外力大小等于 5NB. 乙图中物体所受的合外力大小等于 2NC. 丙图中物体所受的合外力大小等于 0D. 丁图中物体所受的合外力大小等于 0【答案】AD【解析】试题分析：力的合成遵循平行四边形定则，三力合成可以先合成其中两个力，再与第三个力合成，也可用正交分解法先分解再合成对甲，先将 与 合成，然后再用勾股定理，求得合力等于 5 N，A 正确；对乙，先将 与沿水平和竖直方向正交分解，再合成，求得合力等于 5
5、 N，故 B 错误；对丙，可将 沿水平和竖直方向正交分解正交分解，求得合力等于 6 N，C 错误；根据三角形法则，丁图中合力等于 0，D 正确4.一质点沿 x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其 t 图象如图所示，则A. 质点做匀速直线运动，速度为 0.5 m/sB. 质点做匀加速直线运动，加速度为 0.5 m/s2C. 质点在 1 s 末速度为 2 m/s3D. 质点在第 1 s 内的位移大小为 2 m【答案】C【解析】由图得 ，即 ，根据 ，对比可得 ， ，质点的加速度不变，说明质点做匀加速直线运动，初速度为 1m/s，加速度为 2m/s2，AB 错误；质点做匀加速直线运动，在
6、 1s 末速度为 ，C 错误。质点在第 1s 内的位移大小 ，D 正确5. 如图所示，倾角为 的斜面体 C 置于水平面上，B 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与 A 相连接,连接 B 的一段细绳与斜面平行，A、B、C 都处于静止状态则( )A. 物块 B、C 间的摩擦力一定不为零B. 斜面体 C 受到水平面的摩擦力一定为零C. 水平面对 C 的支持力与 B、C 的总重力大小相等D. 不论 B、C 间摩擦力大小、方向如何，水平面对 C 的摩擦力方向一定向左【答案】D【解析】试题分析：若绳子对 B 的拉力恰好等于 B 重力沿斜面向下的分力，则不受摩擦力，即摩擦力为零，A 错误；对 BC 构成的
7、整体分析可得，整体受到斜向上的拉力，该拉力在竖直方向上有分力，在水平向右方向上有分力，有相对地面向右运动的趋势，所以必须受到地面的给的向左摩擦力，水平面对 C 的支持力小于 B、C 的总重力，故 B、C 错误，D 正确。考点：考查了共点力平衡条件，力的合成与分解6.如图所示，t=0 时，质量为 0.5kg 物体从光滑斜面上的 A 点由静止开始下滑，经过 B 点后进入水平面（设经过 B 点前后速度大小不变） ，最后停在 C 点测得每隔 2s 的三个时刻物体的瞬时速度记录在下表中，由此可知（重力加速度 g=10m/s2） （）4t/s 0 2 4 6v/（ms 1 ） 0 8 12 8A物体运动过
8、程中的最大速度为 12m/sBt=3s 的时刻物体恰好经过 B 点Ct=10s 的时刻物体恰好停在 C 点DA、B 间的距离大于 B、C 间的距离【答案】C【解析】根据表格可知物体下滑的加速度 a=4 m/s2，在水平面上的加速度为 ，如果第 4 s 在斜面上，由 可知速度为 16 m/s，由此可知第 4 s 末物体在平面上，最大速度是在 B 点，最大速度不是 12 m/s，A 错误；物体在斜面上运动的时间为 t，到第 4 s 末在平面上运动时间为， ， ，得 ，B 错误；第 6 s 末的速度是 8 m/s，到停下来还需的时间 ， ， ，所以到 C 点的时间为 10 s，C 正确；到达 B 点
9、的速度 ，由 得 ，D 错误。7.半圆柱体 P 放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板 MN.在半圆柱体 P 和MN 之间放有一个光滑均匀的小圆柱体 Q，整个装置处于静止，如图所示是这个装置的纵截面图若用外力使 MN 保持竖直并且缓慢地向右移动，在 Q 落到地面以前，发现 P 始终保持静止，在此过程中，下列说法中正确的是( )5A. MN 对 Q 的弹力逐渐减小B. Q 所受的合力始终为零C. P、Q 间的弹力逐渐增大D. 地面对 P 的摩擦力保持不变【答案】BC【解析】【分析】先对 Q 受力分析，受重力、 P 对 Q 的支持力和 MN 对 Q 的支持力，根据平衡条件求解出两个支持力
10、；再对 P、 Q 整体受力分析，受重力、地面支持力、 MN 挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力，再次根据共点力平衡条件列式求解【详解】先对 Q 受力分析，受重力、 P 对 Q 的支持力和 MN 对 Q 的支持力，如图根据共点力平衡条件，有 ， ；再对 P、 Q 整体受力分析，受重力、地面支持力、 MN 挡板对其向左的支持力和地面对其向右的摩擦力，如图：根据共点力平衡条件，有 ， ，故 ， MN 保持竖直且缓慢地向右移6动过程中，角不断变大，故 f 变大， N 不变， 变大， 变大， P、 Q 受到的合力为零，BC正确【点睛】整体法：以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解在许多问题中
11、用整体法比较方便，但整体法不能求解系统的内力隔离法：从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用1、当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法2、整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法8.如图所示，倾角
12、37的斜面上有一木箱，木箱与斜面之间的动摩擦因数 。现对木箱施加一拉力 F，使木箱沿着斜面向上做匀速直线运动。设 F 的方向与斜面的夹角为 ，在 从 0 逐渐增大到 60的过程中，木箱的速度保持不变，则 ( )A. F 先减小后增大B. F 先增大后减小C. 当 =30时，拉力 F 最小D. 当 =60时，拉力 F 最小【答案】AC【解析】【分析】对滑块受力分析，受拉力、重力、支持力和滑动摩擦力，根据平衡条件并结合正交分解法列示分析即可【详解】对滑块受力分析，如图所示：7木箱沿着斜面向上做匀速直线运动，根据平衡条件，合力为零；在平行斜面方向，有 ，在垂直斜面方向，有 ，其中 ，联立解得 ，故
13、F 先减小后增大，当 时，拉力 F 最小，A 正确【点睛】本题是平衡问题，关键是正确的受力分析，并根据平衡条件列示求解。利用正交分解方法解体的一般步骤：明确研究对象；进行受力分析；建立直角坐标系，建立坐标系的原则是让尽可能多的力落在坐标轴上，将不在坐标轴上的力正交分解；x 方向，y 方向分别列平衡方程求解9.如图所示，将力 F 分解为 F 1 和 F 2两个分力，已知 F 1的大小和 F 2与 F 之间的夹角，且 为锐角，则（ ）A. 当 F 1Fsin 时，一定有两解B. 当 F 1=Fsin 时，有唯一解C. 当 F 1Fsin 时，无解D. 当 FsinF 1F 时，一定有两解【答案】B
14、CD【解析】将一个力分解为两个分力，由三角形定则知分力与合力可构成封闭三角形。当 F1Fsin 时，三个力不能构成封闭三角形，故不可能分解为这样的一对分力 F1和 F2，选项 C 正确；当 F1=Fsin 时，可构成唯一一个直角三角形，选项 B 正确；当 Fsin F 1F 时，F 1、F 2与 F 可构成两个矢量三角形，即有两解，选项 D 正确；对于选项 A，由于不能确定 F1是否8小于 F，结合前面的分析知，选项 A 错误。10.如图所示，质量为 m2的木块在质量为 m1的长木板上，受到向右的拉力 F 的作用而向右滑动，长木板处于静止状态，已知木块与长木板件的动摩擦因数为 2，木板与地面间
15、的动摩擦因数为 1，则下列说法中正确的是（ ）A. 木板受到地面的摩擦力大小一定是 m 2gB. 木板受到地面的摩擦力大小一定为 1（m 2+m1）gC. 当 F 1（m 2+m1）g 时，长木板便会开始运动D. 无论怎样改变 F 的大小，长木板都不可能运动【答案】AD【解析】试题分析：以木板为研究对象，木板水平方向两个力：m 的向右的滑动摩擦力，大小为和地面向左的静摩擦力 ，根据平衡条件得： ，故 A 正确；地面对木板的最大静摩擦力为 ，而题中条件不足，无法判断木板所受的静摩擦力是否达到最大值，所以木板受到地面的摩擦力的大小不一定是 ，故 B 错误；当 时，木块对木板的滑动摩擦力大小仍等于
16、，没有变化，木板都不可能运动，故 C 错误；无论怎样改变 F 的大小，木块对木板的滑动摩擦力大小不变，不会大于地面对木板的最大静摩擦力，木板都不可能运动，故 D 正确。考点：牛顿第二定律、滑动摩擦力【名师点睛】以木板为研究对象，根据平衡条件求出地面对木板的摩擦力大小当木块对木板的摩擦力大于地面对木板的最大静摩擦力时木板便会开始运动。视频11.质点做直线运动的位移 x 与时间 t 的关系为 x65 t t2(各物理量均采用国际单位制)，则该质点( )A. 第 1 s 内的位移是 4 mB. 前 2 s 内的平均速度是 6 m/s9C. 运动的加速度为-2 m/s 2D. 任意 1 s 内的速度增
17、量都是 2m/s【答案】AC【解析】【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点加速度，即可求解任意 1s 内的速度增量，根据表达式求解第一秒和前两秒内的位移，根据平均速度的定义求解平均速度【详解】对比公式 可得 ，即任意 1s 内速度减小量都为 2m/s，C 正确D 错误；从表达式中可以看出，当 t=0 秒时物体在 x=6m 处，故第 1s 内的位移为，A 正确；前 2s 内的位移为 ，故前 2s内的平均速度为 ，B 错误【点睛】本题需要注意质点在 t=0 时刻时的位移不为零，所以在计算位移时需要减去 0 时刻的位移12.甲乙两车在一平直道路上同向运动，其 vt 图象如图所示。若图中 O
18、PQ 的面积为s0，初始时，甲车在乙车前方 s 处。则下列说法正确的是( )A. 若 t=t0/2 时相遇，则 s=s0/2B. 若 t=t0时二者相遇，则 t=2t0时二者还会再次相遇C. 若 t=t0时二者相遇，则到二者再次相遇时乙共走了 10s0D. 若 t=3t0/2 时相遇，则到这次相遇甲走了 9s0/4【答案】CD【解析】A、由图线可知： 。若 t=t0/2 时相遇，则：， ，A 错误；10B、若 t=t0时二者相遇，则 t0 到 2t0 时间内，乙的速度大于甲的速度，t=2t 0时二者不会再次相遇，B 错误；C、若 t=t0时二者相遇，则 ，再经时间 t 二者再次相遇，则：乙又运
19、动的距离：由 A 解析得，前 t0时间内乙的位移 x1：联立解得：从开始到二者第二次相遇，乙共走了： 。C 正确；D、由图线可知：乙的加速度是甲的加速度的二倍，设甲的加速度为 a，则：若 t=3t0/2 时相遇，则到这次相遇甲走的距离： 。D 正确。故选：CD.【名师点睛】此题是追击与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件二.实验题：本题共两小题，每空 2 分，共计 16 分13.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则” 。弹簧测力计 A 挂于固定点 P，下端用细线挂一重物 M。弹簧测力计 B 的一端用细线系于 O
20、 点，手持另一端向左拉，使结点 O 静止在某位置。分别读出弹簧测力计 A 和 B 的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录 O 点的位置和拉线的方向。11（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为 N，图中 A 的示数为_N。（2）下列不必要的实验要求是_。 （请填写选项前对应的字母）A应测量重物 M 所受的重力B弹簧测力计应在使用前校零C拉线方向应与木板平面平行D改变拉力，进行多次实验，每次都要使 O 点静止在同一位置（3）某次实验中，该同学发现弹簧测力计 A 的指针稍稍超出量程，请您提出两个解决办法。_【答案】 (1). 3.6 (2). D (3). 减小弹簧测力计 B 的拉力 (4). 减小重
21、物M 的质量（或将 A 更换成较大量程的弹簧测力计、改变弹簧测力计 B 拉力的方向等）【解析】【详解】 （1）弹簧测力计读数，每 1N 被分成 5 格，则 1 格就等于 0.2N图指针落在 3N 到4N 的第 3 格处，所以 3.6N；（2）实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则” ，因此重物的重力必须要知道，A 需要；弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零，B 需要；拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性，C 需要；当结点 O 位置确定时，弹簧测力计 A 的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计 B 的大小与方向也一定
22、，所以不需要改变拉力多次实验，D 不需要（3）弹簧测力计 A 的指针稍稍超出量程，可改变合力的大小，即：减小重物的质量，也可以让两个分力夹角变小，即：改变弹簧测力计 B 的方向或减小弹簧测力计 B 的拉力使 O 点向右移动来减小夹角。故填：改变弹簧测力计 B 的方向，减小弹簧测力计 B 的拉力，减小重物的质量。三个中的任意两个1214.利用打点计时器探究小车的速度随时间变化的规律。其中交变电流的频率为 50Hz,如图给出了该次实验中,从 A 点开始,每 5 个点取一个计数点的纸带,其中 A、B、C、D、E、F、G都为计数点。测得各计数点到 A 点的距离分别为:d1=140cm,d 2=329c
23、m,d 3=569cm,d 4=859cm,d 5=1200cm,d 6=1590cm。（1）如果该纸带 A 端与小车相连，则小车的运动方向为_（选填“AB”或“BA” ） ，且小车做_（填“匀加速” 、 “匀减速”或“变加速” ）直线运动。（2）在打计数点 F 时,小车运动的瞬时速度为 vF=_m/s，小车的加速度大小为a=_m/s2。（本小题计算结果数值均保留两位有效数字）（3）如果当时电网中交变电流的电压略偏小,但仍然稳定。而做实验的同学并不知道,那么加速度的测量值与实际值相比_（选填“偏大” “偏小”或“不变” ） 。【答案】 (1). BA (2). 匀加速 (3). vF=0.37
24、m/s (4). a=0.50m/s2（0.49-0.51 均可） (5). 不变【解析】试题分析：（1）如果该纸带 A 端与小车相连，则小车的运动方向为 BA，因 ，故小车做 匀加速直线运动。（2）小车运动的瞬时速度为小车的加速度大小为。（3）如果当时电网中交变电流的电压略变小，打点计时器的打点时间间隔不变，加速度 a的测量值不变，加速度的测量值与实际值相比不变考点：探究小车的速度随时间变化的规律【名师点睛】此题考查了探究小车的速度随时间变化的规律的试验；关键是搞清试验的原理，知道用匀变速直线运动的推论来计算瞬时速度和加速度三.计算题.本题共三小题,其中 15、16 题各 10 分，17 题
25、 14 分，共计 34 分1315.（13 分）如图所示、为在某十字路口附近的一橡胶减速带，一警用巡逻车正以 20 m/s的速度行驶在该路段，在离减速带 50 m 时巡逻车开始做匀减速运动，结果以 5 m/s 的速度通过减速带，通过后立即以 2.5ms 2的加速度加速到原来的速度。警用巡逻车可视为质点，减速带的宽度忽略不计。求由于减速带的存在巡逻车通过这段距离多用的时间。【答案】3.75【解析】试题分析：轿车做匀减速直线运动，由速度位移公式可知，加速度：a= =3.75m/s 2， （2 分）减速需要的时间：t 1= =4s， （1 分）加速的时间：t 2= =6s， （2 分）加速的位移：s
26、 2= =75m， （2 分）轿车通过的总位移 （1 分）轿车匀速通过这段距离所用的时间 （2 分）多用的时间 （2 分）考点：匀减速直线运动。【名师点晴】该题的过程较多，为了防止得过程间物理量的混淆，最好把过程的示意图画出来，分清华减速与加速过程的初始与终止的速度、加速度、位移的大小等，有时候把各个过程的物理量标到位了，该题也就相当于解出了一多半。16.如图所示，质量 M=2kg 的木块套在水平固定杆上，并用轻绳与质量 m=1kg 的小球相连，今用跟水平方向成 60角的力 F=10 N 拉着小球并带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m 的相对位置保持不变，g=10m/s 2。在运动过程中，求
27、：14（1）轻绳与水平方向的夹角（2）木块 M 与水平杆间的动摩擦因数 。【答案】(1) 30 0 (2) 【解析】（1）m 处于静止状态，其合力为零以 m 为研究对象，由平衡条件得：水平方向：Fcos60-Tcos=0 竖直方向：Fsin60-Tsin-mg=0 由解得：=30（2）以 M、m 整体为研究对象，由平衡条件得：水平方向：Fcos60-F N=0 竖直方向：Fsin60+F N-mg-Mg=0 由得：点睛：本题要灵活选择研究对象，注意应用整体法与隔离法，用整体法时一定要分清内力与外力，正确地进行受力分析17.在研究摩擦力特点的实验中，将木块放在足够长的固定的水平长木板上，如图 1
28、 所示。用力沿水平方向拉木块，拉力从 0 开始逐渐增大，分别用力传感器采集拉力和木块所受到的摩擦力，并用计算机绘制出摩擦力 Ff随拉力 F 变化的图象，如图 2 所示。已知木块质量为 0.78 kg，取 g=10 m/s2，sin 37=0.60，cos 37=0.80。求：15（1）木块与长木板间的动摩擦因数；（2）若木块在与水平方向成 斜向右上方的恒定拉力 F 作用下做匀速直线运动运动，如图 3 所示，则拉力 F 的大小应为多大?（3）在（2）中，若木块以 a=2.0 m/s2的加速度从静止开始做匀变速直线运动，力作用 2 s 后撤去拉力 F，木块还能滑行多远?【答案】(1)0.4 (2) 3N (3) 2m【解析】【详解】 （1）由图可知，木块所受到的滑动摩擦力 ，由 ， 可知 ；（2）根据牛顿第二定律，得 ， ，又代入数据解得 ；（3）2s 末木块的速度为：撤去拉力 F 后有： ，得由 ，代入数据解得 ；
