1、- 1 - 2 - 3 - 4 - 5 - 6 -10月份高三月考物理参考答案及评分标准11、 0.80 4.0 C （各 2分）12、1.700mm(1.669-1.701) -2 分 6（或 6.0）- 1 分 3（0-3）-1 分 0.6（或 0-0.6）-1 分 A -2 分 小于- 2 分 13.（共 12分，第一问 4分，第二问 8分）解：（1）整体以 匀加速向右运动，对整体应用牛顿第二定律：a2分 得 2分()()FMmg6FN（2）设弹簧的形变量为 ，斜面对小球的支持力为 x对小球受力分析：在水平方向： 2分cosinNkFma在竖直方向： 2分i0xg解得： 2分 2分0.1
2、73.7N14.解：（1）由动能定理 2分1mvqU得： 3分kmv2（2）带电粒子在磁场中作匀速圆周运动，由于带电粒子与圆筒壁碰撞时无电量和动能损失，故每次碰撞前后粒子速度大小不变。设圆周运动的半径为 R，由牛顿第二定律得 2分RvmqB2速度方向总是沿着圆筒半径方向，3 个碰撞点与小孔 恰好将圆筒壁四等分，粒子在圆筒内的轨迹具有对称性，由四段相同的圆弧组成，则每段轨迹圆弧对应的圆心角为 90，则由几何关系可得： R=r 3分1 2 3 4 5 6 7 8 9 10C C D D C B A BD AB AC- 7 -联立解得： 2分kUrB115、解：（1）木板在传送带上先做匀加速运动 （
3、1 分）215/agms加速时间 （1 分）1vtsa发生位移 （1 分） 21.5xtmL在加速阶段重力冲量 2GIgtNsA动量变化量 （1 分） pv根据动量定理可得传送带对物体的冲量大小 （1 分）25GIpNsA（2）木板与带电体发生弹性碰撞动量守恒：（1 分） 12mv（1 分）22v得 ；10v25/sDm带电体自 D到 E机械能守恒 （1 分）221DEvmgR17/Evs平抛时水平： （1 分）2tvxE竖直 （1 分） gR得 （1 分）345xm（3） ，所以应加一竖直向上的电场 （1 分）.2类平抛在水平方向： （1 分）3tvxE竖直 （1 分）23atR由牛顿第二定
4、律有 （1 分）maqg- 8 -得24EmRvgqx将 和 分别代入得 （1 分）1.x.55.6/39.56/NcEc16、解：（1）由木板恰好静止在斜面上，得到斜面与木板间的摩擦因数 0应满足：mAgsin30 0mAgcos30 （1 分） 得： 0tan30 3物块 A在木板上滑行时，以 A为研究对象有：（1 分）Aamggm00cossin代入数据解得 即加速度大小为 2.5m/s 2,方向沿斜面向上（1 分）2/5.aA以木板 B为研究对象有：（1 分）BBAA amggg 000 3cos)(3cos3sin代入数据解得 方向沿斜面向下（1 分） （如果两个方向没写 扣 1分）
5、2/m5.7aB（2）假设 A与木板达到 v时，A 还没有压缩弹簧且木板还没有到达底端，则有：（1 分） tvtBB0解得： v3 m/s，t=0.4s此过程， ， （1 分）4.20tvxA（1 分）msin3h6.0LtB故 A在 B上移动的距离为 ，说明以上假设成立（1 分）8.8.0lxBA共速后，由于（m A+mB）gsin30= 0（m A+mB）gcos30，A 与木板 B一起匀速到木板与底端挡板碰撞前瞬间,A、B 速度大小为 3m/s （1 分） 5 分，如果没有判断依据扣 2分（3）木板停下，设弹簧的最大压缩量为 xm,从 A开始做匀减速到将弹簧压缩到最短再回到原长的过程，根据能量关系有 （2 分） )(30sin21mlxglgvAA 其中 为 A、B 达共速时 A距弹簧的距离 （1 分）l 1-L代入数据解得 m15xA从弹簧压缩到最短再回到原长的过程，根据能量关系有 - 9 -（2 分） m00m3cos3sinxggxEAAP代入数据解得 （1 分）JEP5
