1、- 1 -湖南省湘南三校联盟 2018-2019学年高二物理 10月联考试题一、选择题（每题 4分，1-8 题每题只有一个选项正确，9-12 题每题有多个选项正确，选全得 4分，未选全得 2分，选错得 0分，共 48分）1如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球 A、B、C（可视为点电荷） ，三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（ ）A A 对 B的静电力一定是引力B A 对 B的静电力可能是斥力C A 的电量可能比 B少D C 的电量一定比 B少2如图所示，两个等量异种点电荷的连线和其中垂线上有 a、 b、 c三点，下列说法正确的是 ( )A a点电势比 b
2、点电势高B a、 b两点的场强方向相同， b点场强比 a点场强小C b点电势比 c点电势高，场强方向相同D 一个电子仅在电场力作用下不可能沿如图所示的曲线轨迹从 a点运动到 c点3关于磁通量的概念，以下说法中正确的是( )A 磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的B 磁感应强度越大，穿过闭合回路的磁通量也越大C 磁感应强度越大，线圈面积越大，则穿过线圈的磁通量也越大D 穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零4如图所示，在原来不带电的金属细杆 ab附近 P处放置一个正点电荷，达到静电平后A a 端电势比 b端低B b 端电势与 d点的电势相等- 2 -C a 端电势一定不比 d点低
3、D 感应电荷在杆内 c处的场强方向由 a指向 b5如图所示，在通电螺线管的周围和内部 a、b、c、d 四个位置分别放置了小磁针，小磁针涂黑的一端是 N极图中正确表示小磁针静止时的位置是（ ）A. a B. b C. c D. d6用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表 A1、A 2，若把A1、A 2分别采用串联或并联的方式接入电路，如图所示，则闭合开关后，下列有关电流表的示数和电流表指针偏转角度的说法正确的是( )A 图(a)中的 A1、A 2的示数相同B 图(a)中的 A1、A 2的指针偏角相同C 图(b)中的 A1、A 2的示数和偏角都不同D 图(b)中的 A1、
4、A 2的指针偏角相同7.如图所示，电子在电势差为 U1的电场中加速后，垂直射入电势差为 U2的偏转电场，在满足电子能射出偏转电场的条件下，不计电子重力，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（ ）A U1变大， U2变大 B U1变小， U2变大 C U1变大， U2变小 D U1变小， U2变小- 3 -8如图所示,图甲实线为方向未知的三条电场线，a、b 两带电粒子从电场中的 P点静止释放不考虑两粒子间的相互作用,仅在电场力作用下,两粒子做直线运动,a、b 粒子的速度大小随时间变化的关系如图乙中实线所示,虚线为直线,则A a 一定带正电,b 一定带负电 B a 向左运动,b 向右运动C
5、 a 电势能减小,b 电势能增大 D a 动能减小,b 动能增大9如图所示，三根平行的足够长的通电直导线 A、 B、 C分别放置在一个等腰直角三角形的三个顶点上，其中 AB边水平， AC边竖直。 O点是斜边 BC的中点，每根导线在 O点所产生的磁感应强度大小均为 B0,则下列说法中正确的有( )A 导线 B、 C在 O点产生的总的磁感应强度大小为 2B0B 导线 A、 B、 C在 O点产生的总的磁感应强度大小为 B0C 导线 B、 C在 A点产生的总的磁感应强度方向由 A指向 OD 导线 A、 B在 O点产生的总的磁感应强度方向水平向右10如图所示， a、 b、 c、 d为一组匀强电场中的等差
6、等势线， A、 B分别是等势线上的两- 4 -点带电量为 110-2C的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由 A点运动到 B点，动能增加了 0.1J，若 A点电势为 10V，则（ ）A B 点的电势为零B a、 b之间的电势差 Uab=5VC 电荷运动的轨迹可能是图中曲线D 电荷运动的轨迹可能是图中曲线11如图所示，电源电动势为 E，内阻为 r，平行板电容器 C的两金属板水平放置G 为灵敏电流计。开关 S闭合后，两板间恰好有一质量为 m、电荷量为 q的油滴处于静止状态。则在滑动变阻器 R的触头 P向上移动的过程中，下列判断正确的是（ ）A 灵敏电流计 G中有 ba 的电流B 油滴向上加速运动
7、C 电容器极板所带电荷量将减小D 通过电阻 R2的电流将减小12如图所示，用长 L0.50 m 的绝缘轻质细线，把一个质量 m1.0 g 带电小球悬挂在均匀带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离 d5.0 cm，两板间电压U1.010 3 V。静止时，绝缘细线偏离竖直方向 角，小球偏离竖直线的距离 a1.0 cm。取 g10 m/s 2。则下列说法正确的是( )- 5 -A两板间电场强度的大小为 2.0104 V/mB小球带的电荷量约为 1.0108 CC若细线突然被剪断，小球在板间将做类平抛运动D若细线突然被剪断，小球在板间将做匀加速直线运动二、实验题（每空 2分，共 20分）1
8、3某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率 步骤如下：(1)用游标为 20 分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为 L_mm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径 D_mm；(3)用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻 R，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_.(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻 R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻 R电流表 A1(量程 04 mA，内阻约 50 ) 电流表 A2(量程 030 mA，内阻约 30 )电压表 V1(量程 03 V，内阻约 10 k) 电压表 V2(量程 015 V，内阻约 25 k
9、)直流电源 E(电动势 4 V，内阻不计)滑动变阻器 R1(阻值范围 015 ，允许通过的最大电流 2.0 A)开关 S、导线若干- 6 -为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计电路时，电流表应选用_、 （选填“A 1”或“A 2”） ，电流表应采用_法（选填“内接”或“外接” ） ，滑动变阻器应采用_式接法（选填“分压”或“限流” ） 。14. 某 同学想测量某电池的电动势 E和内阻 r，选用器材如下：电流表 A1(量程 50 mA，内阻 RA1约为 10 )电流表 A2(双量程，一量程为 20 mA，另一量程 200 mA)电阻箱 R(0999.9 ) 定值电阻 R0(阻值
10、为 4.0 )开关两个 导线若干该同学设计了如图所示电路，并进行如下操作：(1)实验中电流表 A2选择_量程(2)将开关 S1闭合，S 2断开，调整电阻箱 R，记下电流表 A1、A 2的示数 I130.0 mA、 I2120 mA，则电流表 A1的内阻 RA1_. （ 计 算 结 果 要 保 留 一 位 小 数 ）(3)保持 S1闭合，再闭合 S2，调整电阻箱 R，记下电阻箱阻值分别为 30.0 、90.0 时对应的电流表 A1的示数分别为 25.0 mA、 10.0 mA.由此可求得E_V， r_.（ 计 算 结 果 要 保 留 一 位 小 数 ）三、计算题 （共 32分）15.（本题 6分
11、）如图所示的电路中，电阻 R1=9 ， R2=15 ，电源的电动势 E=12 V，内电阻 r=1，安培表的读数 I=0.4 A求：（1）流过电阻 R1的电流是多少？- 7 -（2）电阻 R3的阻值是多大？（3）电阻 R3消耗的电功率是多少？16 （本题 6分）如图所示, 匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，一倾角为 = 的光滑斜面上，静止一根长为 L=1m，重 G=3 N，通有电流 I=3 A的金属棒.求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小；（2）导体棒对斜面的压力大小.17.（本题 10分）如图所示，四个电阻阻值均为 R，电键 S闭合时，有一质量为 m，带电量为 q的小球静止于水平放置的平行板电容
12、器的中点现打开电键 S，这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动，并和此板碰撞，碰撞过程中小球没有机械能损失，只是碰后小球所带电量发生变化，碰后小球带有和该板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板，设两极板间距离为 d，不计电源内阻，求：（1）电源电动势 E多大？（2）小球与极板碰撞后所带的电量为多少？- 8 -18 （本题 10分）如图所示，在场强为 E的匀强电场中，一绝缘轻质细杆 L可绕点 O点在竖直平面内自由转动，A 端有一个带正电的小球，电荷量为 q，质量为 m将细杆从水平位置自由释放，则：（1）求出小球在最低点时的动能；（2）求在最低点时绝缘杆对小球的作用力- 9 -2018年 10
13、月湘南联盟高二质检物理试题参考答案1、A 2、D 3、D 4、D 5、A 6、B 7、B 8、B 9、ACD 10、AD 11、AB 12、ABD13、 (1) 50.15 (2) 4.700 (3) 120 (4) A 2 外接 分压14、(1)200 mA (2)12.0 (3)4.0 , 7.015、（1） R2的电压 U2=I2R2=0.415 V=6.0 V 1根据闭合电路欧姆定律得： U2=E I1（ R1+r） 1则得流过电阻 R1的电流 I1= = A=0.6 A 1（2）流过电阻 R3的电流 I3=I1 I2=（0.60.4）A=0.2 A 1则 R3= =30 1（3）电阻
14、 R3消耗的电功率是 P3=U2I3=60.2 W=1.2 W 116、（1）由左手定则知金属棒受水平向右的安培力， 1对金属棒进行受力分析如图: 1由平衡条件得： F 安 =BIL=Gtan 则 2（2）由上图，根据三角函数关系知： 217、（1）当 S闭合时，电容器电压为 U，则： 2- 10 -对带电小球受力分析得： 2由式 解得： 1（2）断开 S，电容器电压为 U，则： U= 2对带电小球运动的全过程，根据动能定理得： q U mg 2由解得： q= 118、（1）小球运动到最低点的过程中，重力和电场力做功，由动能定理得：3-0KBmgLqE解得 2L（2）在最低点，据牛顿运动定律得：22-BvTmgL在最低点速度221KBEv解得：T=3mg+2Eq 1
