1、- 1 -醴陵二中、醴陵四中 2017 年下学期两校联考高二年级物理期中考试物理试题（本试卷满分 100 分，考试时间 90 分钟）一、单项选择题（共 12 小题，每小题 3 分，共 36 分。每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把答案填在答题表中）1. 首先发现电流产生磁场的科学家是（ ）A. 富兰克林 B. 法拉第 C. 安培 D. 奥斯特【答案】D.考点：考查物理史实点评：本题难度很小，考查了学生对物理常识的记忆基础2. 真空中两个相同的金属小球 A 和 B，带电荷量分别为 QA=210-8C 和 QB=410-8C，相互作用力为 F，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力
2、将变为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】设 A 球的电荷量为 Q，则 B 球的电荷量为 2Q，未接触前，根据库仑定律，得： ，接触后两球带电量平分，再由库仑定律，得：，则 ，故 A 正确。点晴：本题考查运用比例法求解物理问题的能力对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量平分。3. 电场中有一点 P，下列说法正确的是 （ ）A. 若放在 P 点的电荷的电量减半，则 P 点场强减半B. 若 P 点没有检验电荷，则 P 点的场强为零C. P 点的场强越大，则同一电荷在 P 点所受的电场力越大D. P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向【答案】C- 2 -【解析】A 项：通过电荷所受
3、电场力与其电量的比值来定义电场强度，该点的电场强度已是定值，若放在 P 点的电荷的电量减半，其比值是不变的，只有电场力减半，故 A 错误；B 项：若 P 点没有检验电荷，则没有电场力，而 P 点的电场强度仍不变故 B 错误；C 项：P 点的场强越大，则同一电荷在 P 点所受的电场力越大，故 C 正确；D 项：P 点的场强方向为检验正电荷在该点的受力方向，故 D 错误；点晴：电场强度是通过比值定义的，比值与其电场力及电量均没有关系例如：质量与体积的比值定义为密度当质量变大时，体积变大，而比值却不变电场线虽不实际存在，但却能形象描绘电场的强度与方向4. 有一电场的电场线如图所示，场中 A、 B 两
4、点的场强和电势分别用 E A、 E B和 A、 B表示，则（ ）A. E AEB， A B B. E AEB， A B D. E AEB， A B【答案】D【解析】电场线的疏密表示电场强度大小，电场线越密，电场强度越大，故 ，沿电场线方向电势降低，故 ，D 正确5. 关于电容器的电容，下列说法正确的是 （ ）A. 电容器带的电荷量越多，其电容越大B. 电容器两板间电压越低，其电容越小C. 电容器不带电时，其电容为 0D. 电容器的电容只由它本身特性决定【答案】D【解析】A、B 项：电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，故 A、B 错误；C 项：根据 ，电容器的电容只由它本身特性决
5、定，当不带电时，仍存在电容故 C错误，D 正确。- 3 -点晴：解决本题的关键掌握电容的决定式： ，知道电容与两极板的距离、正对面积有关，与所带的电量及两端的电势差无关。6. 下图列出了不同品牌的电视机、电风扇、空调机和电冰箱铭牌上的主要项目，试判断正常工作时其中功率最大的是 （ ）A. B. C. D. 【答案】C点晴：本题考查读取电器铭牌信息的能力，空调机的功率为 P=UI。7. 两根由同种材料制成的均匀电阻丝 A、B 串联在电路中，A 的长度为 L，直径为 d；B 的长度为 2L，直径为 2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（ ）A. QA：Q B=1：2 B. Q A：Q B
6、=2：1C. QA：Q B=1：1 D. Q A：Q B=4：1【答案】B【解析】试题分析：由电阻的公式 R= 可得，两电阻丝的长度之比为 1：2，直径之比不1：2，则横截面积之比为 1：4，故 A、B 的电阻之比为 2：1，串联时的电流还相等，通电时间又相等，故由公式 Q=I2Rt 可得，二者产生的热量之比是 2：1，故 B 是正确的。- 4 -考点：电阻定律，焦耳定律。8. 如右图所示，是四只电阻的 IU 图像，这四只电阻并联起来使用时，通过各只电阻的电流强度分别是 I1、I 2、I 3、I 4，则（ ） A. I1I 2I 3I 4B. I1=I2=I3=I4C. I1I 2I 3I 4
7、D. 无法判断【答案】C【解析】由于在 I-U 图象中，直线的斜率的倒数等于导体的电阻值；R 4斜率最大电阻值最小，R 1的斜率最小，电阻值最大；这四个电阻并联起来使用时，它们两端的电压是相等的，根据欧姆定律： ，电阻值大的电阻，流过的电流小，所以：I 1I 2I 3I 4故 C 正确点晴：会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系明确 I-U 图象中图象的斜率表示电阻的倒数。9. 一带电粒子沿着右图中曲线 JK 穿过一匀强电场，a、b、c、d 为该电场的等势面，其中 a b c d，若不计粒子受的重力，可以确定( ) A. 该粒子带正电B. 从 J 到 K 粒子的电势能减少C. 粒
8、子从 J 到 K 运动过程中的动能减小D. 粒子从 J 到 K 运动过程中作变加速运动【答案】B【解析】A 项：由运动轨迹可知电场力方向向右，由电势的高低可知电场线方向向左，则电- 5 -性为负，故 A 错误；B、C 项：由 J 到 K 电场力做正功，则动能增加，电势能减小，总能量不变，故 B 正确，C 错误；D 项：由于粒子在匀强电场中运动，粒子只受电场力，所以粒子所受合力恒定，故粒子作匀变速运动，故 D 错误。点晴：本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧。10. 在如右上图所示的电路中，电池的电动势为
9、 E，内电阻为 r，R 1、R 2为两个阻值固定的电阻，当可变电阻 R 的滑片向下移动时，安培表的示数 I 和伏特表的示数 U 将：（ ）A. I 变大，U 变大B. I 变大，U 变小C. I 变小，U 变大D. I 变小，U 变小【答案】B【解析】当 R 的滑动触头 P 向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知总电流 I 增大，电压表测量路端电压 U，而 U=E-Ir，I 增大，E、r 不变，则 U 变小； R1两端电压变大， R2两端变小，通过 R2电流减小，总电流变大，通过 A 的电流变大，故 B 正确。点晴：电路的动态分析：析的顺序：外电路
10、部分电路变化总电阻的变化判断总电流的变化由闭合电路欧姆定律判断 U 的变化由部分电路欧姆定律分析固定电阻的电流、电压的变化欧用串、并联规律分析变化电阻的电流、电压电功。11. 在如下图所示的匀强磁场中，已经标出了电流 I 和磁场 B 以及磁场对电流作用力 F 三者 的方向，其中错误的是（ ）- 6 -A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：根据左手定则可知：ABCD 三图中电流、磁场、安培力方向均和左手定则中要求方向一致，故正确；C 图中电流和磁场方向一致，不受安培力，故 C 错误考点：考查了左手定则【名师点睛】安培定则、左手定则、右手定则等应用容易混淆，因此平时要加强训练，熟练应
11、用这几种定则进行有关物理量的判断12. 如图所示，用两根轻细金属丝将质量为 m、长为 L 的金属棒 ab 悬挂在 c、d 两处，置于匀强磁场内当棒中通以从 a 到 b 的电流 I 后，两悬线偏离竖直方向 角而处于平衡状态为了使棒平衡在该位置上，所需的磁场的最小磁感应强度的大小、方向为( )A. ，竖直向上 B. ，竖直向下C. ，平行悬线向下 D. ，平行悬线向上【答案】D【解析】为了使棒平衡在该位置上， ，得： ，由左手定则知所加磁场的方向平行悬线向上故 D 正确。- 7 -点晴：本题主要考查共点力平衡，解决平衡问题的常用方法：隔离法、整体法、图解法、三角形相似法、正交分解法等。二、多项选择
12、题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共计 16 分，每小题有多个选项符合题意。 全部对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分。13. 如图所示， A、 B 为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的 P 点放一个负点电荷q（不计重力）由静止释放后，下列说法中正确的是（ ）A. 点电荷在从 P 点到 O 运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B. 点电荷在从 P 点到 O 点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C. 点电荷运动到 O 点时加速度为零，速度达最大值D. 点电荷将在 O 点两侧往复运动。【答案】CD【解析】A、B 项：在等量同种电荷连线中垂线上电场强度
13、方向 OP，负点电荷 q 从 P 点到O 点运动的过程中，电场力方向 PO，速度越来越大但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断故 A、B 错误；C 项：越过 O 点后，负电荷 q 做减速运动，则点电荷运动到 O 点时速度最大电场力为零，加速度为零故 C 正确D 项：在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向 OP，负点电荷 q 从 P 点到 O 点运动的过程中，电场力方向 PO，速度越来越大，越过 O 点后，负电荷 q 做减速运动，根据电场的对称性可知：点电荷将在 O 点两侧往复运动，故 D 正确。点晴：本题考查对等量异种电
14、荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性。14. 某同学设计了一个多量程多用电表，其内部结构原理图如图所示测电流和测电压时各有两个量程，还有两个档位用来测电阻则下列说法正确的是 - 8 -A. 当功能选择开关 S 与 1、2 触点相接时，测的是电流B. 当功能选择开关 S 与 3、4 触点相接时，测的是电压C. A 表笔为红表笔，B 表笔为黑表笔D. 当功能选择开关 S 旋到触点 5 时的量程比旋到 6 时的量程大【答案】AC【解析】A 项：当 S 旋到位置 1、2 时，电流表与电阻并联，并联电阻起分流作用，可用来测量电流则 A 正确； B 项：当转换开关 S 旋到位置
15、3，4 时，内部电源被接通，构成欧姆表，可测量电阻，则 B 错误；C 项：电流由红表笔进，由黑表笔出，则 A 表笔为红表笔，B 表笔为黑表笔，则 C 正确；D 项：S 旋到位置 5 时，串联电阻阻值较小，则分压较大，故旋到触点 5 时的量程比旋到 6时的量程小，则 D 错误。点晴：本题考查多用电表的内部结构，电压档和电流档的内部结构与前面所学习的电压表电流表的改装原理相同，而欧姆档启用时内部电源被接通。15. 如右图所示，三个质量相同，带电荷量分别为q、q 和 0 的小液滴 a、b、c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，则在穿过极板的过程中：- 9 -A. 电
16、场力对液滴 a、b 做的功相同B. 三者动能的增量相同C. 液滴 a 与液滴 b 电势能的变化量相等D. 重力对 c 做的功最多【答案】AC【解析】A 项：因为液滴 a、b 的电荷量大小相等，则液滴所受的电场力大小相等，由静止释放，穿过两板的时间相等，则偏转位移大小相等，电场力做功相等故 A 正确；B 项：电场力对 a、b 两液滴做功相等，重力做功相等，则动能的增量相等，对于 c 液滴，只有重力做功，小于 a、b 动能的增量故 B 错误；C 项：对于液滴 a 和液滴 b，电场力均做正功，电场力所做的功等于电势能的变化量，故 C正确；D 项：三者在穿过极板的过程中竖直方向的位移相等，三个质量相同
17、，所以重力做功相等，故 D 错误。16. 如图所示，条形磁铁放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根长直导线，导线中通与了方向垂直纸面向里（即与条形磁铁垂直）的电流，与原来没有放置通电导线时相比较，磁铁受到的支持力 N 和摩擦力 f 的变化情况是 A. N 减小了 B. N 增大了C. f 始终为 0 D. f 不为 0，且方向向右【答案】BD【解析】以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右下方；根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左上方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力减小；故 A、D 正确。本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对
18、象的能力关键存在先研究导线所受安培力。三、实验题：（本大题共 9 小题 ，每空 2 分，共计 18 分）17. 某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻。分别使用 20 分度游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和图（b）所示，长度为_cm，直径为_mm。- 10 -图（a） 图（b）按下图连接电路后，实验操作如下：（a）将滑动变阻器 R1的阻值置于最_处（填“大”或“小” ） ；将 S2拨向接点 1，闭合S1，调节 R1，使电流表示数为 I0；（b）将电阻箱 R2的阻值调至最_（填“大”或“小” ） ；将 S2 拨向接点 2；保持滑动变阻器 R1
19、不变，调节电阻箱 R2，使电流表示数仍为 I0，此时电阻箱 R2阻值为 1280；由此可知，圆柱体的电阻为_。【答案】 (1). 5.015； (2). 5.310； (3). (a)大； (4). (b)大； (5). 1280【解析】根据游标卡尺读数规则，主尺读数为 5cm，游标尺读数为 0.053mm，长度为5.015cm，根据螺旋测微器的读数规则，主尺读数为 5mm，可动刻度为 31.00.01mm，所以直径为 5.310mm。(a)为了保护电路，因此闭合电键前，滑动变阻器一定调到阻值最大；(b) 将固柱体电阻换成电阻箱时，也一定将电阻箱调到最大，也是为了保护电路安全；此题采用等效替代
20、法测量电阻，圆柱体的电阻等于电阻箱 R2的阻值为 1280。点晴：首先应明确实验原理，本实验中测量电阻所采取的方法是替代法。18. 测定电源的电动势和内电阻的实验电路和 UI 图象如下，回答下列问题：- 11 -现备有以下器材：A干电池 1 个 B滑动变阻器（050）D电压表（03V） E电压表（015V） F电流表（006A） G电流表（03A）其中电流表应选_，电压表应选_ （填字母代号）根据图线读出电池的电动势 E=_V，电池的内阻 r =_ .【答案】 (1). F； (2). D； (3). 1.5； (4). 1.0【解析】由题意可知，电源采用电池供电，故电动势只有 1.5V，则为
21、了准确电压表只能选择 D；而电流表只有最大量程为 0.6A 和 3A 的；因电动势较小，故电流表只能选择 F，图象与纵坐标的交点为 1.5V，故电源的电动势为 1.5 V， 。点晴：干电池电动势为 1.5V，根据电压表量程可以选择电压表，根据电路中的电流选择电流表及滑动变阻器；在 U-I 图象中，图象与纵坐标的交点为电动势；图象的斜率表示电源的内阻。四、解答题：（共 10+10+10=30 分。解答时写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 19. 在静电场中，有一带电荷量 q=310-6C 的正点电荷，从电场中 A 点移
22、到 B 点时， 克服静电力做功 610-4J，从 B 点移到 C 点时静电力做功 910-4J。则： (1)A、B、C 三点中哪点电势最高？哪点电势最低？ (2)求 AB、BC 的电势差 UAB、U BC。【答案】(1)B 点电势最高，C 点电势最低；(2) , .【解析】(1) 正电荷从 A 移到 B 点的过程，电荷克服电场力做功，可见正电荷从电势高处移至电势低处，即 A B正电荷从 B 移至 C，电场力做正功，可见正电荷从电势低处移至电势高处，即 C B(2) ，点晴：电势差 U：电荷在电场中由一点 A 移动到另一点 B 时，电场力所做的功 WAB与电荷量 q- 12 -的比值 WAB/q
23、 叫做 AB 两点间的电势差。20. 如图所示，一束电子流在经 U1=5000V 的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，若两板间距 d=1.0cm，板长 L=5.0cm，发现电子恰好能从平行板间飞出。电子的比荷 e/m=1.76X1011C/kg。问：(1)电子进入平行板时的速度 v0多大？ (2)两个极板间的电压 U2有多大？【答案】(1) ；(2) .【解析】试题分析：（1）根据电子在加速电场中加速后进入平行板间，由动能定理即可求出进入平行板间的速度；（2）根据电子在平行板间做类平抛运动，由类平抛运的规律可求出偏转电压。(1)电子在加速电场中，依据动能定理有： ，
24、，代入数得：(2)设电子在平行板间的运动时间为 t，则在平行板间有：由以上三式得： 。点晴：解决本题的关键理解电子在加速电场中做匀加速直线运动，进入偏转电场后做类平抛运，根据运动的规律进行求解。21. 在研究微型电风扇的性能时，利用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器 R 并控制电风扇停止转动时，电流表和电压表的示数分别为 0.50A 和 1.0V，重新调节 R 并使电风扇恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为 1.0A 和 12.0V，求:(1)电风扇的内阻有多大？(2)这台电风扇正常运转时输出功率为多少?- 13 -(3)这台电风扇正常运转时效率为多少?【答案】(1) ；(2) ；(3) .【解析】试题分析：(1) 当电动机停止转动时，电动机为纯电阻，由部分电路欧姆定律可求出电阻；(2)正常运转时，根据 求解；(3) 效率 .(1) 当电动机停止转动时，由题得电动机的电阻： ，(2) 正常运转时，消耗的电功率 ，热功率 ，电风扇正常运转时输出功率 ,(3) 效率 点晴：注意区分电动机停止转动时和正常运转时，电动机停止转动时，电路为纯电阻电路，正常运转时电路为非纯电阻电路。
