1、1安徽省十校联考 2018年中考物理模拟试卷（6 月份）一、填空题1.如图所示，将一把钢尺紧按在桌面边缘，一端伸出约为尺长的一半，拨动钢尺，听它发出的声音，并观察它的振动情况，然后减小钢尺伸出长度，约为尺长的 ，用同样大小的力拨动钢尺，则听到声音的 音调 变高（选填乐音的三要素）。【分析】频率是物体在单位时间内振动的次数，振动越快，说明频率越大。音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，音调越低。【解答】解：将一把钢尺紧按在桌面边缘，一端伸出约为尺长的一半，拨动钢尺，听它发出的声音，然后减小钢尺伸出长度约为尺长的 ，若仍用同样的力拨动钢尺，钢尺振动的频率会变快，钢尺振动发出声音的频率变高，
2、音调会变高。故答案为：音调【点评】解答此题要明确，钢尺伸出桌面越长，其振动起来会越慢，则音调会越低。2（2.00 分）如图所示，两个接触面平滑的铅柱压紧后悬挂起来，下面的铅柱不脱落，主要原因是铅柱间存在 分子引力 作用。【分析】压紧的铅块间分子距离靠近，此时引力发挥了主要的作用，使铅块间有了较大的力的作用。【解答】解：分子间的引力的斥力是同时存在的，但它们的大小与分子间的距离有关。距离稍大时表现为引力，距离很近时则表现为斥力，两铅块紧密结合，是分子间引力发挥了主要作用。故答案为：分子引力。【点评】了解分子间的作用力，并知道它们的大小与分子间距离的关系，才能根据现象做2出正确的判断。3（4.00
3、 分）如图，用滑轮组将物块从位置 A 匀速拉到位置 B，请在图中画出最省力的绕线方法；物块移动的距离为 3.10 cm；若此时绳自由端所用拉力为 10N，物块受到的摩擦力为 18N，滑轮组的机械效率为 60% 。【分析】（1）掌握滑轮组的省力特点，得知承担拉力的绳子段数越多越省力，所以此题应从动滑轮绕起。（2）在进行刻度尺的读数时，要估读到分度值的下一位，可以物体的左边或右边为参照点进行研究。（3）有用功是克服摩擦力做的功，总功是拉力做的功，根据机械效率的概念计算出滑轮组的机械效率。【解答】解：要最省力，需从动滑轮绕起，依次通过定滑轮、动滑轮。如图所示：；刻度尺的分度值为 1mm，以物块右边的
4、边为准，开始在 45.00cm处，最后在 41.90cm处，所以物体运动的距离为 45.00cm41.90cm=3.10cm由于滑轮组由 3段绳子承担，所以 s=3h。则 = 100%= 100%= 100%=60%。故答案为：绕线如上图；3.10；60%。【点评】此题考查了滑轮组的组装、机械效率的测量及其刻度尺的读数，考查得比较全面。在读数时，量程和分度值是首先要观察的量，其中最重要的分析出有用功是克服摩擦所做的功。这是此题的难点。34（4.00 分）冰壶运动是冬奥会的比赛项目，如图甲所示。冰道的左端有一个发球区，运动员在发球区边沿的投掷线 MN将冰壶以一定的初速度推出，使冰壶沿着冰道的中心
5、线PO滑行，冰道的右边有一个圆形的营垒，如图乙所示，以场地上冰壶最终静止时距离营垒圆心 O的远近决定胜负，投掷线 MN与营垒圆心 O的距离是 30m。若某次从投掷线以 3m/s速度推出的冰壶，经 15s刚好运动到营垒圆心 O处，则这段时间冰壶运动的平均速度是 2 m/s。冰壶是由花岗石磨制而成的，质量约 19kg，与冰道的接触面积约为 0.02m2，则冰壶对水平冰面的压强约为 9500 Pa。【分析】（1）知道投掷线到营垒圆心 O的距离，和冰壶移动用的时间，利用速度公式 v=求这段时间冰壶运动的平均速度；（2）冰壶对冰面的压力等于冰壶的重力，知道底面积（受力面积），利用压强公式 p=求冰壶停在
6、冰面上时对冰面的压强。【解答】解：（1）由题意和图示可知，这段时间内冰壶运动的距离 s=30m，则这段时间冰壶运动的平均速度：v= = =2m/s；（2）冰壶对水平冰面的压强：p= = = = =9500Pa。故答案为：2；9500。【点评】本题为力学综合题，考查了学生对速度公式、压强公式的掌握和运用，知识点多、综合性强，但难度不大，要求灵活运用所学知识求解。5（4.00 分）某物理课外小组制作了如图所示的实验装置，打开 A阀门，水流入管道，当水稳定后，a 管液面高度 等 于 b管液面高度；再打开 B阀门，在水向外流的过程中，a管液面高度 大 于 b管液面高度。4【分析】（1）从连通器的定义和
7、连通器的原理进行分析。（2）流体的流速越大，压强越小。【解答】解：（1）打开 A阀门，水流入管道，当水稳定后，a 管、b 管、大烧杯组成了连通器，装有水，水静止时水面是相平的。（2）当打开 B阀门，粗管和细管流量相同，细管的流速大压强小，支持的水柱小；粗管的流速小压强大，支持的水柱大。故答案为：等；大。【点评】（1）掌握连通器中装有同种液体，静止时液面是相平的。（2）掌握流体的流速越大压强越小，并能利用流体压强知识解释有关问题。6（2.00 分）某工人在水平地面上，用 100N水平推力以 0.5m/s的速度匀速推动重 500N的物体，使它沿水平方向移动，则水平推力的功率是 50 W。【分析】知
8、道水平推力和物体匀速运动的速度，利用 P= = =Fv求水平推力的功率。【解答】解：水平推力的功率：P= = =Fv=100N0.5m/s=50W。故答案为：50。【点评】本题考查了功率的计算，灵活的应用公式是关键，注意在利用 P=Fv计算时，速度的单位必须是 m/s。7（2.00 分）中央电视台的“三星智力快车”节目介绍说，蜜蜂飞行与空气摩擦产生静电，蜜蜂 得到 （选填“得到或“失去”）了电子，因此蜜蜂在飞行中就可以吸引带正电的花粉。【分析】（1）自然界中只有两种电荷，正电荷和负电荷；（2）电荷之间的作用规律是：异种电荷互相吸引，同种电荷互相排斥。【解答】解：由题知，蜜蜂飞行与空气摩擦产生静
9、电，且蜜蜂在飞行中可以吸引带正电的花粉，根据异种电荷相互吸引，蜜蜂带负电；蜜蜂带负电的原因是：蜜蜂飞行与空气摩擦，空气中的一5些电子转移到蜜蜂身上，蜜蜂得到电子而带负电。故答案为：得到。【点评】本题考查了电荷的种类和电荷间的相互作用规律，比较简单。8（2.00 分）如图 a所示电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针均为图 b所示，灯泡 L1两端的电压 5.6 V。【分析】两电压表指针位置相同，根据串联电路的电压特点确定电压表表的量程，并读出其示数的大小，从而得到两灯电压。【解答】解：由电路图可知：灯泡 L1、L 2串联，电压表 V1测的是电源电压，电压表 V2测灯泡 L2两端的电压；两电压表指
10、针位置相同，根据串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，电压表 V1的示数应大于 V2的示数，所以它们的量程不同，电压表 V1的量程是 015V，由图 b知它的示数 UV1=7V；电压表 V2的量程是 03V，由图知它的读数 UV2=1.4V，即灯泡 L2两端的电压 U2=UV2=1.4V；所以灯泡 L1两端的电压 U1=UV1U V2=7V1.4V=5.6V。故答案为：5.6。【点评】本题考查了电压表的读数和串联电路的特点，分清电路的连接方式和电压表量程的判读是解决本题的关键。9（2.00 分）如图所示的电动机是一种使用广泛的动力机械，从能量转化的角度看，它主要是把电能转化为机械能，还有
11、一部分能量在线圈中以热量的形式散失掉。现有一台电动机，线圈的电阻是 4，当电动机两端加 220V电压时，通过电动机线圈的电流为 5A则线圈每分钟产生的热量是 6000 J。6【分析】知道电动机的电阻和通过的电流以及工作时间，根据 Q=I2Rt求出电阻产生的热量。【解答】解：电动机线圈产生的热量：Q=I2Rt=（5A） 2460s=6000J。故答案为：6000。【点评】本题考查了焦耳定律的简单应用，要注意电风扇是非纯电阻用电器，消耗的电能和产生的热量不相等。10（2.00 分）有学者认为地磁场是由地球带电自转形成电流引起的，地球自转的方向自西向东，如图所示，则据此理论可知环形电流方向与地球自转
12、方向 相反 （选填“相同”或“相反”）【分析】地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近。【解答】解：由于地磁北极在地理南极附近，根据安培定则，拇指指向 N极，四指的方向为电流的方向，所以电流自东向西，与地球自转的方向相反。故答案为：相反。【点评】此题考查了对安培定则的理解和应用，要认真分析题目中给出的条件。二、选择题11.下列有关生活中的一些现象说法正确的是（ ）A冬天戴眼镜的人从室内走到室外，眼镜上会出现小水珠是液化现象B傍晚看到人家屋顶炊烟随风飘动，说明力可以改变物体的运动状态7C用久了的黑板“反光”是因为黑板对光漫反射造成的D炒菜的锅铲常用木柄或橡胶柄是因为它们导热性好【分析】（1
13、）物质从液态到气态是液化；（2）力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；（3）黑板“反光”是因为黑板发生了镜面反射，黑板反射的光线比粉笔字反射的光线强，使人无法看清黑板上的字；（4）金属具有良好的导热性。非金属的导热性能差。【解答】解：A、冬天室内气温高于室外气温，眼镜片的温度也高于外界环境的温度。外界空气中的水蒸气遇到温度高的眼镜片不会液化形成小水滴。故 A错误；B、傍晚看到人家屋顶炊烟随风飘动，说明力可以改变物体的运动状态，故 B正确；C、黑板“反光”是因为黑板发生了镜面反射，黑板反射的光线比粉笔字反射的光线强，使人无法看清黑板上的字。故 C错误；D、金属材料具有良好的导热性，如果
14、用金属做柄，会很烫，人无法接触勺柄；而木材和橡胶的导热性能差，因此用木柄或橡胶柄不会出现烫手现象，故 D错误。故选：B。【点评】本题考查物态变化、力的作用效果、光的反射类型以及不同材料的导热性能等知识点，反映出同学们的物理素养，这要求我们从物理走向生活，走向社会。12（3.00 分）小莉要自制两个弹簧测力计，她选择了甲、乙两根不同规格的弹簧进行测试，绘出如图所示的图象。则下列说法正确的是（ ）A若要制作量程较大的弹簧测力计，应选 A弹簧B若要制作精确度高的弹簧测力计，应选 B弹簧C若甲弹簧受到 2N的拉力，弹簧伸长 3cmD若乙弹簧受到 2N的拉力，弹簧伸长 1cm【分析】（1）弹簧测力计的原
15、理，在弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，在施加相同拉力的情况下，弹簧的伸长量越大，弹簧测力计越灵敏，弹簧伸长量越小，一般量8程会越大，我们可以根据需要选择制作弹簧测力计的材料。（2）根据 F=k 算出甲和乙的关系式，从而算出甲乙弹簧受到 2N的拉力，弹簧伸长量。【解答】解：A、在相同拉力作用下，弹簧 B的伸长量小，弹簧比较“硬”，劲度系数较大，适合制作量程较大的弹簧测力计，故 A错误。B、由图象可知，在相同拉力作用下，弹簧 A的伸长量大，弹簧 A较灵敏，可以用来制作精确程度较高的弹簧测力计，故 B错误；C、由图象知甲的拉力 F与弹簧伸长量的关系式为：F 甲 = L，所以若甲弹簧受到 2
16、N的拉力，弹簧伸长 3cm，故 C正确；D、由图象知乙的拉力 F与弹簧伸长量的关系式为：F 乙 =4L，所以若乙弹簧受到 2N的拉力，弹簧伸长 0.5cm，故 D错误。故选：C。【点评】本题要根据图中图象数据分析得出答案，学生要提高分析图象的能力，并真正理解弹簧测力计的原理。13（3.00 分）如图，一物块放在粗糙的水平地面上，在斜向上的拉力 F的作用下向右做匀速直线运动，以下说法正确的是（ ）A在水平方向上，物体受到的拉力 F与地面的摩擦力是一对平衡力B在水平方向上，物体受到地面的摩擦力与拉力 F沿水平方向的分力C在竖直方向上，物体只受到地面的支持力和拉力 F沿竖直方向的分力D在竖直方向上，
17、物体受到的重力和地面的支持力是一对相互作用力【分析】（1）分别对物体在水平方向和竖直方向上的受力情况进行分析，可对 AC选项做出判断；（2）根据二力平衡的条件进行分析可对 BD选项做出判断。【解答】解：A、在水平方向上，物体受到的拉力 F与地面的摩擦力不在同一直线上，不是一对平衡力，故 A错误；B、对物体在水平方向上进行受力分析可知，在水平方向上，物体受到地面的摩擦力和拉力9F沿水平方向的分力作用一对平衡力，故 B正确C、对物体在竖直方向上的受力情况进行分析可知，在竖直方向上，物体受到重力、地面的支持力和拉力 F沿竖直方向的分力三个力的作用。故 C错误；D、竖直方向合力为 0，即重力，支持力与
18、拉力分力的合力为 0，所以物体受到的重力和地面对物体的支持力不是一对平衡力，故 D错误。故选：B。【点评】此题考查平衡力的辨别，涉及到拉力的分力，对于初中学生来说有点超纲，但只要对物体进行正确的受力分析，还是可以作答的。14（3.00 分）如图所示是武大靖在 2018平昌冬奥会短道速滑男子 500米的比赛中夺冠的情景。连破奥运纪录和世界纪录。下列关于他比赛过程的解释正确的是（ ）A他在加速冲刺过程中，受到的是平衡力B他到达终点时若受到的外力突然消失，他将立即停下来C他到达终点后不能立即停下来，因为他受到惯性的作用D他看到看台上的观众急速后退，因为他以自己为参照物【分析】在平衡力的作用下，物体保
19、持静止或匀速直线运动状态；运动的物体不受力的作用时，将做匀速直线运动；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。惯性不是力；一个物体相对于参照物，位置发生变化，这个物体是运动的；位置没有变化，这个物体是静止的。【解答】解：A、他在加速冲刺过程中，速度越来越大，处于非平衡状态，所以他受到的不是平衡力，故A错误；B、他到达终点时有一定的速度，若受到的外力突然消失，由牛顿第一定律可知，他将做匀速直线运动，故 B错误；C、他到达终点后不能立即停下来，是因为他具有惯性，要保持原来的运动状态；惯性不是10力，不能说受到惯性的作用，故 C错误；D、运动员以自己为参照物，看到看台上观众的位置发生改变，
20、则观众是运动的，故 D正确。故选：D。【点评】此题是一道力学综合题，考查的知识点较多，包括运动和力的关系、牛顿第一定律的应用、惯性的存在及参照物的选择，正确、全面理解概念或规律是解答的关键。15（3.00 分）2018 年 2月 2日，如图所示，我国第一颗电磁监测试验卫星“张衡一号”由“长征二号丁”运载火箭发射升空并成功入轨，它是我国地震立体观测体系第一个天基平台。 在火箭和“张衡一号”加速上升过程中有关能量转化分析正确的是（ ）A“张衡一号”的动能和重力势能都增大B“张衡一号”的重力势能都转化为动能C火箭和“张衡一号”的重力势能不断增大，动能一直不变D燃料燃烧放出的热量全部转化为火箭和“张衡
21、一号”的机械能【分析】解决此题的关键是要知道物体由于运动而具有的能叫动能，物体由于被举高而具有的能叫重力势能，物体由于发生形变而具有的势能叫弹性势能，可根据选项进行判断各能量是如何变化的，进而分析能量的转化。【解答】解：A、火箭载着“张衡一号”加速上升的过程中质量不变，速度增加，高度也增加，故动能变大，重力势能变大，故 A正确；B、“张衡一号”的重力势能是增加的，不是重力势能都转化为动能，故 B错误；C、火箭和“张衡一号”的速度变大，动能变大，故 C错误；D、火箭发射升空过程中，燃料燃烧释放的内能并不会全部转化为火箭和卫星的机械能，这是由于火箭高速飞行中，受到大气的阻力，所以会有一部分能量转化
22、为火箭表面的内能，故 D错误。故选：A。11【点评】本题考查影响动能和势能大小的因素，掌握动能、重力势能的影响因素是解答此题的关键。16（3.00 分）在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关 K，电压表、电流表均有示数。将滑动变阻器的滑片 P向左移动，一会儿发现有一电压表和电流表示数的比值变小，则下列判断中正确的是（ ）A滑动变阻器断路，电压表 V2的示数变小B滑动变阻器短路，电压表 V1的示数变大C电阻 R1短路，电压表的示数均变大D电阻 R1断路，电流表的示数变大【分析】由电路图可知，定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电压表 V1测 R1两端的电流，电压表 V2测 R2两端的电压，
23、电流表测电路中的电流；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，根据欧姆定律可知电压表与电流表示数的比值与对应电阻的关系，则由出现的现象可知电路中出现的故障。【解答】解：由电路图可知，定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电压表 V1测 R1两端的电流，电压表 V2测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流。由 R= 可知，电压表 V1和电流表 A示数的比值等于 R1的阻值，滑片移动时该比值不变，电压表 V2和电流表 A示数的比值等于滑动变阻器的阻值，将滑片 P向左移动，接入电路的电阻增大，比值变大，因题干中将滑动变阻器的滑片 P向左移动，一会儿发现有一电压表和电流表示数的比值变小，则：A、若滑
24、动变阻器断路，则电流表的示数减小为 0，此时电压表 V2测电源电压、其示数变大，故 A错误；B、若滑动变阻器短路，则电压表 V2也被短路，电压表 V2的示数减小为 0；因电路中电阻变小，则电流表的示数变大，所以电压表 V2和电流表 A示数的比值变小；此时电压表 V1测12电源电压，其示数变大，故 B正确；C、若电阻 R1短路，则电压表 V1也被短路，电压表 V1的示数减小为 0；此时电压表 V2测电源电压，其示数变大，故 C错误；D、若电阻 R1断路，则电流表的示数减小为 0，故 D错误。故选：B。【点评】本题考查电路的故障判断，此类题型应注意采用排除法进行判断，即根据选项中的故障去判断电路中
25、出现的故障，即可找出答案。17（3.00 分）在如图所示的几种情况中，符合安全用电要求的是（ ）A 同时使用大功率用电器 B 电路中的灯泡与开关C 插座安装过低 D 金属电器外壳未接地【分析】利用下列知识分析判断：（1）电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大；（2）为了安全起见，控制用电器的开关与火线相连；（3）安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体；生活用水是导体；（4）有金属外壳的家用电器，使用时金属外壳要接地。【解答】解：A、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大
26、，引起火灾。不合题意。B、家庭电路中，开关要串联在火线和电灯之间，符合题意。C、将手插入插座内，会有电流传到人体上，使人触电，十分危险，不合题意。D、家用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故。不合题意。故选：B。【点评】本题考查了安全的常识，我们要不接触低压带电体，不靠近高压带电体。三、实验题（第 18题 8分，第 19题 6分，第 20题 8分，共 22分）1318（8.00 分）以下是小莉在做“探究凸透镜成像的规律”的实验。（1）她发现烛焰在光屏上的像如图甲所示，若要使烛焰在光屏中心成像，只调节光屏，应将光屏向 上 （选填“上”或“下”）调节。（2）如图乙所示，O 为凸透镜
27、的光心，F 为焦点，请帮助小莉画出烛焰上的 S点发出的三条光线经凸透镜后的折射光线，并确定像的位置 S。（3）小莉同学将自己的近视眼镜镜片放在了蜡烛与凸透镜（靠近凸透镜）之间，移动透镜和光屏，直到在光屏上得到了一个倒立缩小的清晰的像。将近视眼镜镜片取下，发现光屏上的像变模糊了。为了使屏上的像重新变得清晰，在不移动蜡烛和凸透镜位置的前提下，应将光屏适当地 靠近 （选填“靠近”或“远离”）透镜。下列四个选项中，能正确表示小莉同学近视眼成像和矫正情况的是 B 。ABCD【分析】（1）烛焰在光屏上的像偏高，若要使烛焰成像在光屏的中心，应将光屏向上调。（2）先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据
28、凸透镜的光学特点作图；（3）凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟延后；近视眼是远处物体的像成在视网膜的前方，需佩戴凹透镜。【解答】解：（1）烛焰在光屏上的像偏高，应将光屏向上调；（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，通过光心的光线经凸透镜折射后方向不变，这两天光线的交点为像 S；最上面的光线经过凸透镜后会会聚到像上，如图所示：14；（3）近视镜是凹透镜，对光线起了发散作用，因此去掉近视镜后，光屏应向靠近凸透镜才能成清晰的像；近视眼是远处物体的像不能呈现在视网膜上，而是呈现在视网膜的前方，因此需佩戴凹透镜才能看清远处的物体；故答案为：（1）上；（2）如图；（3）靠近；B。【点评
29、】此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及其应用，应熟练掌握凸透镜成像的特点与物距、像距及焦距的关系，做到灵活应用。19（6.00 分）探究影响浮力大小的因素时，小莉做了下图所示的实验，请你根据她的实验探究回答下列问题：（1）比较图 B和 C可知，同种液体，物体排开液体的体积 越大 （选填“越大”或“越小”），受到的浮力就越大；（2）比较图 C和 D可知，物体排开液体的体积相同时，液体的密度 越大 （选填“越大”或“越小”），受到的浮力就越大；（3）她根据同一个物体完全浸没在不同的液体里受到的浮力不同的现象灵机一动，将弹簧测力计改装成一个能测液体密度的密度秤。她选择另一个弹簧测力
30、计，下面挂 1个重为1.5N物块，如图 E所示，当她把物块完全浸没在水中，如图 F，测力计的读数为 0.5N，她就在 0.5N处对应标上 1.0g/cm3接着她将物块完全浸没在密度为 0.8g/cm3的酒精中，如图 G所示，则应该在弹簧测力计的 0.7 N 处标上 0.8g/cm3字样。【分析】（1）（2）F 浮 =GF 根据图中的数据，利用控制变量法分析；15（3）根据阿基米德原理可知同一个物体浸没在密度越大的液体中所受的浮力越大，根据称重法可知弹簧测力计示数的变化；根据阿基米德原理求出，物体在酒精中受到的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数即为此时在弹簧测力计刻度盘的位置。【解答】解：（1
31、）由图 B和 C可知，物块浸在同一液体中的物体，C 中排开液体的体积越大，测力计的示数越小，即浮力越大；（2）比较图 C和 D可知，物体排开液体的体积相同时，D 液体的密度越大，测力计示数越小，即浮力越大；（3）（5）根据 F 浮 =gV 排 可知，物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，所以将同一个物体浸没在密度越大的液体中时受到的浮力变大，根据 F 浮 =GF 可知弹簧测力计的示数越小；当他把物块浸没在水中时，受到的浮力：F 浮 =GF=1.5N0.5N=1N，根据阿基米德原理得：1N= 水 gV 排 当他把物块浸没在酒精中时，F 浮酒 = 酒 gV 排 因为两者排开液体的体积相等，所以两
32、式相比可得：F 浮酒 =0.8N，此时应标在弹簧测力计的 1.5N0.8N=0.7N 处；故答案为：（1）越大；（2）越大；（3）0.7。【点评】本题主要考查学生控制变量法的应用和图象的分析能力。探究浮力的大小是否与液体密度的关系要保证物体排开液体体积一定；要探究浮力的大小与物体排开液体体积的关系要保证液体的密度一定。20（8.00 分）实验室购买了一批规格为“2.5V 0.75W”的小灯泡，小莉利用其中一只小灯泡做“测量小灯泡电功率”的实验：（1）小莉连接完电路并闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片 P的位置，电流表和电压表的示数总保持不变，灯泡保持较暗的亮度不变，则造成这一现象的原因是
33、： 将变阻器下面两个接线柱连入了电路中 。16（2）于是小莉重新连接实验电路，但没有连完整请你用笔画线代替导线，帮小莉将图中的电路连接完整，并且要求滑片 P向右移动时，电压表的示数要变大；（3）小明按照正确的实验电路进行实验，如果要测量小灯泡的额定功率，他应该在闭合开关后，去调节滑动变阻器的滑片 P使电压表的示数为 2.5 V；（4）上表是他实验时得到的一组数据，在对数据进行分析时，他发现该小灯泡不合格，假如生产这种小灯泡钨丝的粗细是一定的，则这个小灯泡内钨丝的长度与合格产品相比是 短了 （选填“长了”或“短了”）。次数 第一次 第二次 第三次电压/V 3 2.5 2电流/A 0.44 0.4
34、 0.34【分析】（1）无论怎样移动滑动变阻器滑片 P的位置，灯泡保持较暗的亮度不变，电流表和电压表的示数总保持不变，说明电路为通路，电路中电流过小，变阻器没有了变阻的作用，据此分析；（2）根据滑片 P向右移动时，电压表的示数要变大，根据串联电路电压的规律确定变阻器的电压变化，由分压原理确定变阻器连入电路中的电阻变化，据此连接变阻器，根据 P=UI求灯的额定电流确定电流表选用的量程与灯串联；（3）灯在额定电压下正常发光；（4）根据 P= 求出灯正常发光时的电阻，由上表中数据，由欧姆定律求出灯正常发光时的实际电阻；根据影响电阻大小的因素，在材料、横截面积相同时，长度越小，电阻越小。【解答】解：（
35、1）小莉连接完电路并闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片 P的位置，灯泡保持较暗的亮度不变，电流表和电压表的示数总保持不变，说明电路为通路，电路中电流过小，变阻器没有了“变阻”的作用，则造成这一现象的原因是：将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；（2）要求滑片 P向右移动时，电压表的示数要变大，根据串联电路电压的规律，变阻器的17电压变小，由分压原理，变阻器连入电路中的电阻变小，故滑片以右电阻丝应连入电路中；根据 P=UI可得，灯的额定电流：I L = =0.3A，电流表选用小量程与灯串联，且电压表与灯泡并联，如下图所示：（3）灯在额定电压下正常发光，小明按照正确的实验电路进行实验，如果要测
36、量小灯泡的额定功率，他应该在闭合开关后，去调节滑动变阻器的滑片 P，使电压表的示数为 2.5V；（4）小灯泡标有“2.5V 0.75W”，表示灯的额定电压为 2.5V，灯的额定功率为 0.75W，则该灯泡正常发光时的电阻应为：RL= = 8.33；由上表中数据可知，灯正常发光时的电阻：R L= = 6.258.33；假如生产这种小灯泡钨丝的粗细是一定的，根据影响电阻大小的因素，则这个小灯泡内钨丝的长度与合格产品相比是短了。故答案为：（1）将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；（2）如上图所示；（3）2.5；（4）短了。【点评】本题测量小灯泡电功率，考查反常现象的分析、电路的连接、影响电阻大小的因
37、素等知识。四、计算题（第 21小题 6分、第 22小题 9分，第 23小题 6分，共 21分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）21（6.00 分）如图所示，两根粗细均匀，横截面积相同但材料不同的金属棒焊接在一起，共长 15cm，用第一种金属制成的部分长 5cm，如果在两根金属棒焊接处 O点支起它，恰好18能保持水平平衡。试求：（1）这两根金属棒的质量是否相等？（2）两种金属密度之比是多少？【分析】（1）这两根金属棒的重力分别是杠杆的动力和阻力，它们的重心在几何中心上，则力臂正好是它们各自长度的一半。知道了力臂关系，根据杠杆平衡条件即可知道它们的重力关系，从而就可以判断出它们的
38、质量关系。（2）求出体积之比，利用密度公式求密度之比。【解答】解：（1）设 AO段金属棒的重力为 G1，BO 段金属棒的重力为 G2；由题意可知，AO 长 5cm，AB 共长 15cm，所以 BO长 10cm，由于这两根金属棒粗细均匀，故它们的重心在几何中心，则 G1的力臂是 2.5cm，G 2的力臂是 5cm；根据杠杆平衡条件可得：G 12.5cm=G25cm，所以，G 1：G 2=2：1，由 G=mg可知两种金属的质量之比：m1：m 2=2：1，可见，这两根金属棒的质量不相等；（2）由于这两根金属棒粗细均匀，所以由 V=SL可知，它们的体积之比等于它们的长度之比，即 V1：V 2=OA：O
39、B=5cm：10cm=1：2，则它们的密度之比： 1： 2= ： = ： =4：1。答：（1）这两根金属棒的质量不相等；（2）两种金属密度之比是 4：1。【点评】解答题目时一定要根据题意先弄清楚该用什么知识进行分析，解答该题依据的是杠杆平衡条件。围绕杠杆平衡条件，找出力臂关系即可突破此题。1922（9.00 分）如图所示是小莉家新买的苏泊尔高硼硅玻璃电水壶，该水壶采用可视化烧水设计，其额定电压是 220V，额定功率是 1500W，当壶内装入 1.7L水放在水平桌面上，测得水深是 15cm。该水壶正常工作时，在一个标准大气压下将 1.7L初温为 20的水烧开需要 7min。试求：（1）壶底受到水
40、的压强为多大？（2）在一个标准大气压下将 1.7L初温为 20的水烧开需要吸收多少热量？（c 水=4.2103J/（kg）（3）该电水壶的热效率是多少（保留一位小数）？【分析】（1）根据 p=gh 求出水对壶底的压强；（2）由表中数据知一满壶水的体积，根据 m=V 求其质量；1标准大气压下水的沸点是 100，根据 Q 吸 =cm（tt 0）求出水吸收的热量；（3）根据 W=Pt求出消耗的电能，根据 求该电水壶的热效率。【解答】解：（1）水深 h=15cm=0.15m，则壶底受到水的压强：p=gh=110 3kg/m310N/kg0.15m=1.5103Pa；（2）水的体积：V=1.7L=1.7
41、10 3 m3，根据 = 可得水的质量：m=V=1.010 3kg/m31.7103 m3=1.7kg，1标准大气压下水的沸点是 100，则水吸收的热量：Q 吸 =cm（tt 0）=4.210 3J/（kg）1.7kg（10020）=5.71210 5J；（3）该水壶正常工作 7min消耗的电能：W=P 加热 t=1500W760s=6.3105J，该电水壶的热效率：= 100%= 100%90.7%。答：（1）壶底受到水的压强为 1.5103Pa；20（2）在一个标准大气压下将 1.7L初温为 20的水烧开需要吸收 5.712105J的热量；（3）该电水壶的热效率是 90.7%。【点评】本题
42、考查学生对液体压强、水吸热、电功和热效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。23（6.00 分）实际的电源都有一定的电阻，如干电池，我们需要用它的电压 U和电阻 r两个物理量来描述它。实际计算过程中，可以把它看成是由一个电压为 U、电阻为 0的理想电源与一个电阻值为 r的电阻串联而成，如图甲所示。若几节干电池串联，则如图乙所示。现有一种干电池，每节电池电压 U=1.5V，内阻 r=1用这种电池给一个“12V6W”的小灯泡供电。试求：（1）小灯泡正常发光时的电流和电阻（2）若要小灯泡正常发光，需要几节这样的干电池串联？此时干电池电阻的电功率是多少？【分析】（1）已
43、知灯泡的额定电压和额定功率，根据 P=UI的变形公式即可求出灯泡正常发光的电流，根据 R= 即可求出灯泡的电阻；（2）根据串联电路电阻的特点和 U=IR即可求出电源电压，从而得出需要几节干电池；根据 P=I2R即可求出干电池内部消耗的实际功率。【解答】解：（1）由 P=UI可知，灯泡正常发光的电流：I L= = =0.5A；由 P= 可知，灯泡的电阻：R L= = =24；（2）小灯泡正常发光时电路中的电流为 0.5A；灯泡正常发光时电源电压：U=I LR 总 =IL（nr+R L）=0.5A（n1+24）；需要干电池的节数：n=12；21干电池内部消耗的实际功率：P 实 =IL2r 总 =（0.5A） 2121=3W。答：（1）小灯泡正常发光时的电流和电阻分别为 0.5A和 24。（2）若要小灯泡正常发光，需要 12节这样的干电池；干电池内部消耗的实际功率是 3W。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，理解题意中电源的构成是关键。
