1、2015 年上半年软件水平考试（中级）多媒体应用设计师上午（基础知识）真题试卷及答案解析(总分：150.00，做题时间：90 分钟)一、选择题(总题数：51，分数：150.00)1.选择题（）下列各题 A、B、C、D 四个选项中，只有一个选项是正确的，请将此选项涂写在答题卡相应位置上，答在试卷上不得分。_2.机器字长为 n 位的二进制数可以用补码来表示(1)个不同的有符号定点小数。（分数：2.00）A.2 nB.2 n 一 1C.2 n 一 1D.2 n 一 1 +13.计算机中 CPU 对其访问速度最快的是(2)。（分数：2.00）A.内存B.CacheC.通用寄存器D.硬盘4.CPU 中用
2、于暂时存放操作数和中间运算结果的是(3)。（分数：2.00）A.指令寄存器B.数据寄存器C.累加器D.程序计数器5.计算机中 CPU 的中断响应时间指的是(4)的时间。（分数：2.00）A.从发出中断请求到中断处理结束B.从中断处理开始到中断处理结束C.CPU 分析判断中断请求D.从发出中断请求到开始进入中断处理程序6.总线宽度为 32bit，时钟频率为 200MHz若总线上每 5 个时钟周期传送一个 32bit 的字，则该总线的带宽为(5)MB/s。（分数：2.00）A.40B.80C.160D.2007.以下关于指令流水线性能度量的叙述中，错误的是(6)。（分数：2.00）A.最大吞吐率取
3、决于流水线中最慢一段所需的时间B.如果流水线出现断流，加速比会明显下降C.要使加速比和效率最大化应该对流水线各级采用相同的运行时间D.流水线采用异步控制会明显提高其性能8.(7)协议在终端设备与远程站点之间建立安全连接。（分数：2.00）A.ARPB.TelnetC.SSHD.WEP9.王某是某公司的软件设计师，每当软件开发完成后均按公司规定编写软件文档，并提交公司存档。那么该软件文档的著作权(10)享有。（分数：2.00）A.应由公司B.应由公司和王某共同C.应由王某D.除署名权以外，著作权的其他权利由王某10.甲、乙两公司的软件设计师分别完成了相同的计算机程序发明，甲公司先于乙公司完成，乙
4、公司先于甲公司使用。甲、乙公司于同一天向专利局申请发明专利。此情形下，(11)可获得专利权。（分数：2.00）A.甲公司B.甲、乙公司均C.乙公司D.由甲、乙公司协商确定谁11.对高级语言源程序进行编译或解释的过程可以分为多个阶段，解释方式不包含(12)阶段。（分数：2.00）A.词法分析B.语法分析C.语义分析D.目标代码生成12.程序中的错误一般可分为语法错误和语义错误两类，其中，语义错误可分为静态语义错误和动态语义错误。(13)属于动态语义错误。（分数：2.00）A.关键词(或保留字)拼写错误B.程序运行中变量取值为 0 时作为除数C.表达式的括号不匹配D.运算符的运算对象类型不正确13
5、.分析程序语言提供的传值调用机制是将(14)。（分数：2.00）A.实参的值传递给被调用函数的形参B.实参的地址传递给被调用函数的形参C.形参的值传递给被调用函数的实参D.形参的地址传递给被调用函数的实参14.软件工程的基本要素包括方法、工具和(15)。（分数：2.00）A.软件系统B.硬件系统C.过程D.人员15.在(16)设计阶段选择适当的解决方案，将系统分解为若干个子系统，建立整个系统的体系结构。（分数：2.00）A.概要B.详细C.结构化D.面向对象16.某公司计划开发一个产品，技术含量很高，与客户相关的风险也很多，则最适于采用(17)开发过程模型。（分数：2.00）A.瀑布B.原型C
6、.增量D.螺旋17.以下关于软件可维护性的叙述中，不正确的是“可维护性(18)”。（分数：2.00）A.是衡量软件质量的一个重要特性B.不受软件开发文档的影响C.是软件开发阶段各个时期的关键目标D.可以从可理解性、可靠性、可测试性、可行性、可移植性等方面进行度量18.通常人类感知到的 20左右的信息是通过(25)得到的。（分数：2.00）A.视觉B.听觉C.嗅觉D.触觉19.以下关于采用 MIDI 格式和 WAV 格式记录同一首乐曲的演奏信息的说法中，正确的是(26)。（分数：2.00）A.MIDI 格式的数据量比 WAV 格式的数据量大B.MIDI 格式的数据的音乐演奏音效取决于合成器的音质
7、C.WAV 格式的数据记录的是音乐曲谱信息D.WAV 格式的数据和 MIDI 格式的数据都记录了音乐波形采样20.乐音的音高是由(27)决定的。（分数：2.00）A.声音响度B.谐音结构C.节拍特征D.基音频率21.使用 200DPI 的扫描分辨率扫描一幅 36 英寸的彩色图像，可以得到一幅(34)像素的图像。（分数：2.00）A.200B.36C.6001200D.2003622.32 位真彩色图像中，每个像素点的颜色数据占用了(35)位。（分数：2.00）A.32B.24C.8D.1023.以下编码方法中，(41)编码不属于熵编码。（分数：2.00）A.HuffmanB.Shannon 一
8、 FanoC.ArithmeticD.DPCM24.以下图像文件格式中支持动态图像的是(42)。（分数：2.00）A.PEGB.BMPC.TIFFD.GIF25.以下文件格式中属于视频文件的是(51)。（分数：2.00）A.PDFB.WAVC.AVID.JPG26.以下视频格式中，分辨率最高的是(55)格式。（分数：2.00）A.CIFB.720pC.1080iD.4k27.下列软件产品中属于视频编辑工具的软件是(60)。（分数：2.00）A.DirectorB.PhotoshopC.PremiereD.3ds Max28.RTCP 网络协议的作用是(61)。（分数：2.00）A.实时传输媒体
9、数据B.提供数据传输质量的反馈来监控 QoS 的变化C.媒体播放过程的控制D.实现传输层资源保留29.设栈 S 和队列 Q 的初始状态为空，元素 abcdefg 依次进入栈 S。要求每个元素出栈后立即进入队列 Q，若 7 个元素出队列的顺序为 bdfecag，则栈 S 的容量最小应该是(62)。（分数：2.00）A.5B.4C.3D.230.在解决计算机与打印机之间速度不匹配的问题时，通常设置一个打印数据缓冲区，计算机将要输出的数据依次写入该缓冲区，而打印机则依次从该缓冲区取出数据。因此，该缓冲区的数据结构应该是(63)。（分数：2.00）A.树B.图C.栈D.队列31.已知字符串 s=(X+
10、Y)*Z，其中，单引号不是字符串的内容，经过以下运算后，t3 的值是(64)。t1=SubString(s，3，1)t2=Concat(XY，t1)t3=Replace(s，SubString(s，1，5)，t2)注：SubString(s，k，n)表示从串 s 的第 k 个字符开始取出长度为 n 的子串，Concat(s，t)表示将串 t 连接在s 之后，Replace(s，t，r)表示用 r 替换串 s 中的子串 t。（分数：2.00）A.XY+Z*B.(X+Z)*YC.XYZ+*D.XY+*Z32.在一个线性表上可以进行二分查找(折半查找)的充分必要条件是(65)。（分数：2.00）A.
11、线性表采用顺序存储且元素有序排列B.线性表采用顺序存储且元素无序排列C.线性表采用单链表存储且元素有序排列D.线性表采用单链表存储且元素无序排列33.在下图所示的网络配置中，发现工作站 B 无法与服务器 A 通信。(66)故障影响了两者互通。（分数：2.00）A.服务器 A 的 IP 地址是广播地址B.工作站 B 的 IP 地址是网络地址C.工作站 B 与网关不属于同一子网D.服务器 A 与网关不属于同一子网34.以下关于 VLAN 的叙述中，属于其优点的是(67)。（分数：2.00）A.允许逻辑地划分网段B.减少了冲突域的数量C.增加了冲突域的大小D.减少了广播域的数量35.以下关于 URL
12、 的叙述中，不正确的是(68)。（分数：2.00）A.使用 wwwabccom 和 abccom 打开的是同一页面B.在地址栏中输入 wwwabccom 默认使用 http 协议C.wwwabccom 中的“www”是主机名D.wwwabccom 中的“abccom”是域名安全需求可划分为物理线路安全、网络安全、系统安全和应用安全。下面的安全需求中属于系统安全的是(8)，属于应用安全的是(9)。（分数：4.00）(1).(8)（分数：2.00）A.机房安全B.入侵检测C.漏洞补丁管理D.数据库安全(2).(9)（分数：2.00）A.机房安全B.入侵检测C.漏洞补丁管理D.数据库安全某项目包含的
13、活动如下表所示，完成整个项目的最短时间为(19)。不能通过缩短活动(20)的工期，来缩短整个项目的完成时间。 （分数：4.00）(1).(19)（分数：2.00）A.16B.17C.1 8D.19(2).(20)（分数：2.00）A.AB.BC.DD.F嵌入式系统初始化过程主要有 3 个环节，按照自底向上、从硬件到软件的次序依次为(21)。系统级初始化主要任务是(22)。（分数：4.00）(1).(21)（分数：2.00）A.片级初始化系统级初始化板级初始化B.片级初始化板级初始化系统级初始化C.系统级初始化板级初始化片级初始化D.系统级初始化片级初始化板级初始化(2).(22)（分数：2.0
14、0）A.完成嵌入式微处理器的初始化B.完成嵌入式微处理器以外的其他硬件设备的初始化C.以软件初始化为主，主要进行操作系统的初始化D.设置嵌入式微处理器的核心寄存器和控制寄存器工作状态声音信号的数字化过程就是在时间和幅度两个维度上的离散化过程，其中时间的离散化称为(23)，幅度的离散化称为(24)。（分数：4.00）(1).(23)（分数：2.00）A.采样B.分时C.量化D.调频(2).(24)（分数：2.00）A.采样B.分度C.量化D.调幅以下颜色模型中适用于彩色印刷的是(28)颜色模型，它属于(29)模型。黄色油墨印在白纸上，在绿光下看上去是(30)色，在蓝光下看上去是(31)颜色。（分
15、数：8.00）(1).(28)（分数：2.00）A.CMYB.RGBC.YIQD.HSL(2).(29)（分数：2.00）A.加色B.减色C.量化D.矢量(3).(30)（分数：2.00）A.黄B.红C.蓝D.绿(4).(31)（分数：2.00）A.黑B.红C.黄D.蓝彩色视频数字化的过程中，颜色子采样技术是指通过降低(32)的采样频率以达到减少数据量的目的。常用子采样模式不包括(33)。（分数：4.00）(1).(32)（分数：2.00）A.色度信号B.亮度信号C.同步信号D.帧间信号(2).(33)（分数：2.00）A.4：2：1B.4：2：2C.4：1：1D.4：2：0以下电视制式中，(
16、36)帧速率相等，为(37)帧/秒。PALSECAMNTSC（分数：4.00）(1).(36)（分数：2.00）A.和B.和C.和D.、和(2).(37)（分数：2.00）A.36B.30C.25D.24JPEG 图像编码标准不支持(38)格式，在编码标准中没有使用到(39)编码技术。在有损编码模式中导致数据损失的步骤是(40)。真彩色图像伪彩色图像灰度图像黑白二值图像（分数：6.00）(1).(38)（分数：2.00）A.和B.和C.和D.和(2).(39)（分数：2.00）A.DCTB.DPCMC.RLED.小波变换(3).(40)（分数：2.00）A.图像分块B.变换编码C.系数量化D.
17、熵编码H261 标准中定义的 CIF 视频格式的分辨率为(43)，每秒帧数为(44)。（分数：4.00）(1).(43)（分数：2.00）A.352288B.352240C.640480D.1280720(2).(44)（分数：2.00）A.10B.15C.25D.30MPEG 一 1 视频编码标准中定义了(45)种不同类型的视频帧，其中(46)数据量最大，(47)的数据量最小，能够直接作为索引和访问点的是(48)。（分数：8.00）(1).(45)（分数：2.00）A.2B.3C.4D.5(2).(46)（分数：2.00）A.I 帧B.P 帧C.B 帧D.K 帧(3).(47)（分数：2.0
18、0）A.I 帧B.P 帧C.B 帧D.K 帧(4).(48)（分数：2.00）A.I 帧B.P 帧C.B 帧D.K 帧模拟视频信号中彩色重现质量最优的是(49)，最差的是(50)。（分数：4.00）(1).(49)（分数：2.00）A.分量视频B.S 一 VideoC.复合视频D.同步视频(2).(50)（分数：2.00）A.分量视频B.SVideoC.复合视频D.同步视频MP3 数字声音压缩编码定义在(52)标准中，其中的“3”是指(53)，其压缩编码技术的核心是(54)技术。（分数：6.00）(1).(52)（分数：2.00）A.MPEG 一 1B.MPEG 一 2C.MPEG 一 4D.
19、MPEG 一 7(2).(53)（分数：2.00）A.MPEG 一 3B.version 3C.part 3D.layer 3(3).(54)（分数：2.00）A.算术编码B.预测编码C.DPCM 编码D.感知编码ISO 制定的多媒体相关标准中不包含音视频压缩编码的是(56)。在 DVD 光盘中使用了(57)标准中定义的音视频压缩编码。（分数：4.00）(1).(56)（分数：2.00）A.MPEG 一 1B.MPEG 一 2C.PEG 一 4D.MPEG 一 7(2).(57)（分数：2.00）A.MPEG 一 1B.MPEG 一 2C.MPEG 一 4D.MPEG 一 7以下光盘产品中，采
20、用了蓝色激光技术的是(58)，其单层格式存储容量达到了(59)GB。（分数：4.00）(1).(58)（分数：2.00）A.CD 一 DAB.VCDC.DVDD.Blu 一 ray(2).(59)（分数：2.00）A.47B.17C.25D.128DHCP 协议的功能是(69)；FTP 使用的传输层协议为(70)。（分数：4.00）(1).(69)（分数：2.00）A.WINS 名字解析B.静态地址分配C.DNS 名字登录D.自动分配 IP 地址(2).(70)（分数：2.00）A.TCPB.IPC.UDPD.HDLCWhy Have Formal Documents? First， writ
21、ing the decisions down is essentialOnly when one writes do the gaps appear and the(71)protrude(突出)The act of writing turns out to require hundreds of mini 一 decisions， and it is the existence of these that distinguishes clear， exact policies fromfuzzy ones Second， the documents will communicate the
22、decisions to othersThe manager will be continually amazed that policies he took for common knowledge are totally unknown by somemember of his teamSince his fundamental job is to keep everybody going in the(72)direction， his chief daily task will be communication， not decision 一 making， and his docum
23、ents will immensely(73)this load Finally，a managers documents give him a data base and checklistBy reviewing them(74)he sees where he is，and he sees what changes of emphasis or shifis in direction areneededThe task of the manager is to develop a plan and then to realize itBut only the writtenplan is
24、 precise and communicableSuch a plan consists of documents on what， when， howmuch， where， and whoThis small set of critical documents(75)much of the managersworkIf their comprehensive and critical nature is recognized in the beginning， the managercan approach them as friendly tools rather than annoy
25、ing busyworkHe will set his directionmuch more crisply and quickly by doing so（分数：10.00）(1).(71)（分数：2.00）A.inconsistenciesB.consistenciesC.steadinessD.adaptability(2).(72)（分数：2.00）A.otherB.differentC.anotherD.same(3).(73)（分数：2.00）A.extendB.broadenC.lightenD.release(4).(74)（分数：2.00）A.periodicallyB.oc
26、casionallyC.infrequent1yD.rarely(5).(75)（分数：2.00）A.decidesB.encapsulatesC.realizesD.recognizes2015 年上半年软件水平考试（中级）多媒体应用设计师上午（基础知识）真题试卷答案解析(总分：150.00，做题时间：90 分钟)一、选择题(总题数：51，分数：150.00)1.选择题（）下列各题 A、B、C、D 四个选项中，只有一个选项是正确的，请将此选项涂写在答题卡相应位置上，答在试卷上不得分。_解析：2.机器字长为 n 位的二进制数可以用补码来表示(1)个不同的有符号定点小数。（分数：2.00）A.2
27、 n B.2 n 一 1C.2 n 一 1D.2 n 一 1 +1解析：解析：本题考查计算机系统的基础常识。 二进制数据在计算机系统中的表示方法是最基本的专业知识。补码本身是带符号位的，补码表示的数字中 0 是唯一的，不像原码有+0 和一 0 之分，也就意味着n 位二进制编码可以表示 2 n 个不同的数。3.计算机中 CPU 对其访问速度最快的是(2)。（分数：2.00）A.内存B.CacheC.通用寄存器 D.硬盘解析：解析：本题考查计算机系统的基础知识。计算机系统中 CPU 内部对通用寄存器的存取操作是速度最快的，其次是 Cache，内存的存取速度再次，选项中访问速度最慢的就是作为外存的硬
28、盘。它们共同组成分级存储体系来解决存储容量、成本和速度之间的矛盾。4.CPU 中用于暂时存放操作数和中间运算结果的是(3)。（分数：2.00）A.指令寄存器B.数据寄存器C.累加器 D.程序计数器解析：解析：本题考查计算机系统基础知识。寄存器是 CPU 中的一个重要组成部分，它是 CPU 内部的临时存储单元。寄存器既可以用来存放数据和地址，也可以存放控制信息或 CPU 工作时的状态。 累加器是一个数据寄存器，在运算过程中暂时存放操作数和中间运算结果，不能用于长时间地保存一个数据。标志寄存器也称为状态字寄存器，用于记录运算中产生的标志信息。指令寄存器用于存放正在执行的指令，指令从内存取出后送入指
29、令寄存器。数据寄存器用来暂时存放由内存储器读出的一条指令或一个数据字；反之，当向内存存入一个数据字时，也暂时将它们存放在数据缓冲寄存器中。 程序计数器的作用是存储待执行指令的地址，实现程序执行时指令执行的顺序控制。5.计算机中 CPU 的中断响应时间指的是(4)的时间。（分数：2.00）A.从发出中断请求到中断处理结束B.从中断处理开始到中断处理结束C.CPU 分析判断中断请求D.从发出中断请求到开始进入中断处理程序 解析：解析：本题考查计算机系统的基础知识。中断系统是计算机实现中断功能的软硬件总称。一般在CPU 中设置中断机构，在外设接口中设置中断控制器，在软件上设置相应的中断服务程序。中断
30、源在需要得到 CPU 服务时，请求 CPU 暂停现行工作转向为中断源服务，服务完成后，再让 CPU 回到原工作状态继续完成被打断的工作。中断的发生起始于中断源发出中断请求，中断处理过程中，中断系统需要解决一系列问题，包括中断响应的条件和时机，断点信息的保护与恢复，中断服务程序入口、中断处理等。中断响应时间，是指从发出中断请求到开始进入中断服务程序所需的时间。6.总线宽度为 32bit，时钟频率为 200MHz若总线上每 5 个时钟周期传送一个 32bit 的字，则该总线的带宽为(5)MB/s。（分数：2.00）A.40B.80C.160 D.200解析：解析：本题考查计算机系统基础知识。总线宽
31、度是指总线的线数，即数据信号的并行传输能力，也体现总线占用的物理空间和成本；总线的带宽是指总线的最大数据传输率，即每秒传输的数据总量。总线宽度与时钟频率共同决定了总线的带宽。 32bit/8=4 Byte， 200MHz/54 Byte=160 MB/s7.以下关于指令流水线性能度量的叙述中，错误的是(6)。（分数：2.00）A.最大吞吐率取决于流水线中最慢一段所需的时间B.如果流水线出现断流，加速比会明显下降C.要使加速比和效率最大化应该对流水线各级采用相同的运行时间D.流水线采用异步控制会明显提高其性能 解析：解析：本题考查计算机系统结构的基础知识。对指令流水线性能的度量主要有吞吐率，加速
32、比和效率等指标。吞吐率是指单位时间内流水线所完成的任务数或输出结果的数量，最大吞吐率则是流水线在达到稳定状态后所得到的吞吐率，它取决于流水线中最慢一段所需的时间，所以该段成为流水线的瓶颈。流水线的加速比定义为等功能的非流水线执行时间与流水线执行时间之比，加速比与吞吐率成正比，如果流水线断流，实际吞吐率将会明显下降，则加速比也会明显下降。流水线的效率是指流水线的设备利用率，从时空图上看效率就是 n 个任务所占的时空区与 m 个段总的时空区之比。因此要使加速比和效率最大化应该对流水线各级采用相同的运行时间。另外，流水线采用异步控制并不会给流水线性能带来改善，反而会增加控制电路的复杂性。8.(7)协
33、议在终端设备与远程站点之间建立安全连接。（分数：2.00）A.ARPB.TelnetC.SSH D.WEP解析：解析：终端设备与远程站点之间建立安全连接的协议是 SSH。SSH 为 Secure Shell 的缩写，是由IETF 制定的建立在应用层和传输层基础上的安全协议。SSH 是专为远程登录会话和其他网络服务提供安全性的协议。利用 SSH 协议可以有效防止远程管理过程中的信息泄露问题。SSH 最初是 UNIX 上的程序，后来又迅速扩展到其他操作平台。9.王某是某公司的软件设计师，每当软件开发完成后均按公司规定编写软件文档，并提交公司存档。那么该软件文档的著作权(10)享有。（分数：2.00
34、）A.应由公司 B.应由公司和王某共同C.应由王某D.除署名权以外，著作权的其他权利由王某解析：解析：本题考查知识产权的基本知识。依据著作权法第十一条、第十六条规定，职工为完成所在单位的工作任务而创作的作品属于职务作品。职务作品的著作权归属分为两种情况。 虽是为完成工作任务而为，但非经法人或其他组织主持，不代表其意志创作，也不由其承担责任的职务作品，如教师编写的教材，著作权应由作者享有，但法人或者其他组织在其业务范围内有优先使用的权利，期限为 2 年。 由法人或者其他组织主持，代表法人或者其他组织意志创作，并由法人或者其他组织承担责任的职务作品，如工程设计、产品设计图纸及其说明、计算机软件、地
35、图等职务作品，以及法律规定或合同约定著作权由法人或非法人单位单独享有的职务作品，作者享有署名权，其他权利由法人或者其他组织享有。10.甲、乙两公司的软件设计师分别完成了相同的计算机程序发明，甲公司先于乙公司完成，乙公司先于甲公司使用。甲、乙公司于同一天向专利局申请发明专利。此情形下，(11)可获得专利权。（分数：2.00）A.甲公司 B.甲、乙公司均C.乙公司D.由甲、乙公司协商确定谁解析：解析：本题考查知识产权的基本知识。当两个以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利一的，专利权授给最先申请的人。如果两个以上申请人在同一日分别就同样的发明创造申请专利的，应当在收到专利行政管理部门的通知后自行
36、协商确定申请人。如果协商不成，专利局将驳回所有申请人的申请，即均不授予专利权。我国专利法规定：“两个以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利的，专利权授予最先申请的人”。我国专利法实施细则规定：“同样的发明创造只能被授予一项专利。依照专利法第九条的规定，两个以上的申请人在同一日分别就同样的发明创造申请专利的，应当在收到国务院专利行政部门的通知后自行协商确定申请人”。11.对高级语言源程序进行编译或解释的过程可以分为多个阶段，解释方式不包含(12)阶段。（分数：2.00）A.词法分析B.语法分析C.语义分析D.目标代码生成 解析：解析：本题考查程序语言基础知识。用某种高级语言或汇编语言编写的程序
37、称为源程序，源程序不能直接在计算机上执行。汇编语言源程序需要用一个汇编程序将其翻译成目标程序后才能执行。高级语言源程序则需要对应的解释程序或编译程序对其进行翻译，然后在机器上运行。解释程序也称为解释器，它或者直接解释执行源程序，或者将源程序翻译成某种中间代码后再加以执行；而编译程序(编译器)则是将源程序翻译成目标语言程序，然后在计算机上运行目标程序。这两种语言处理程序的根本区别是：在编译方式下，机器上运行的是与源程序等价的目标程序。源程序和编译程序都不再参与目标程序的执行过程；而在解释方式下，解释程序和源程序(或其某种等价表示)要参与到程序的运行过程中，运行程序的控制权在解释程序。简单来说，在
38、解释方式下，翻译源程序时不生成独立的目标程序，而编译器则将源程序翻译成独立保存的目标程序。12.程序中的错误一般可分为语法错误和语义错误两类，其中，语义错误可分为静态语义错误和动态语义错误。(13)属于动态语义错误。（分数：2.00）A.关键词(或保留字)拼写错误B.程序运行中变量取值为 0 时作为除数 C.表达式的括号不匹配D.运算符的运算对象类型不正确解析：解析：本题考查程序语言基础知识。用户编写的源程序不可避免地会有一些错误，这些错误大致可分为静态错误和动态错误。动态错误也称动态语义错误，它们发生在程序运行时，例如变量取零时作除数、引用数组元素下标越界等。静态错误是指编译时所发现的程序错
39、误，可分为语法错误和静态语义错误，如单词拼写错误、标点符号错、表达式中缺少操作数、括号不匹配等，是有关语言结构上的错误，称为语法错误；而语义分析时发现的运算符与运算对象类型不合法等错误属于静态语义错误。13.分析程序语言提供的传值调用机制是将(14)。（分数：2.00）A.实参的值传递给被调用函数的形参 B.实参的地址传递给被调用函数的形参C.形参的值传递给被调用函数的实参D.形参的地址传递给被调用函数的实参解析：解析：本题考查程序语言基础知识。值调用和引用调用是实现函数调用时传递参数的两种基本方式。在值调用方式下，是将实参的值传给形参，在引用调用方式下，是将实参的地址传递给形参。14.软件工
40、程的基本要素包括方法、工具和(15)。（分数：2.00）A.软件系统B.硬件系统C.过程 D.人员解析：解析：本题考查软件工程的基本概念。软件工程是一门工程学科，涉及软件开发的各令方面，从最初的系统描述到交付后的系统维护，都属于其学科范畴。用软件工程方法进行软件开发，涉及到方法、工具和过程等要素。其中，方法是产生某些结果的形式化过程。工具是用更好的方式完成某件事情的设备或自动化系统。过程是把工具和方法结合起来，定义涉及活动、约束和资源使用的一系列步骤，来生产某种想要的输出。15.在(16)设计阶段选择适当的解决方案，将系统分解为若干个子系统，建立整个系统的体系结构。（分数：2.00）A.概要
41、B.详细C.结构化D.面向对象解析：解析：本题考查软件工程的基本概念。软件设计的任务是基于需求分析的结果建立各种设计模型，给出问题的解决方案。从工程管理的角度，可以将软件设计分为两个阶段：概要设计阶段和详细设计阶段。结构化设计方法中，概要设计阶段进行软件体系结构的设计、数据设计和接口设计；详细设计阶段进行数据结构和算法的设计。面向对象设计方法中，概要设计阶段进行体系结构设计、初步的类设计/数据设计、结构设计；详细设计阶段进行构件设计。结构化设计和面向对象设计是两种不同的设计方法，结构化设计根据系统的数据流图进行设计，模块体现为函数、过程及子程序；面向对象设计基于面向对象的基本概念进行，模块体现
42、为类、对象和构件等。16.某公司计划开发一个产品，技术含量很高，与客户相关的风险也很多，则最适于采用(17)开发过程模型。（分数：2.00）A.瀑布B.原型C.增量D.螺旋 解析：解析：本题考查软件过程模型的基础知识。瀑布模型将软件生存周期各个活动规定为线性顺序连接的若干阶段的模型，规定了由前至后，相互衔接的固定次序，如同瀑布流水，逐级下落。这种方法是一种理想的开发模式，缺乏灵活性，特别是无法解决软件需求不明确或不准确的问题。 原型模型从初始的原型逐步演化成最终软件产品，特别适用于对软件需求缺乏准确认识的情况。 增量开发是把软件产品作为一系列的增量构件来设计、编码、集成和测试，可以在增量开发过
43、程中逐步理解需求。 螺旋将瀑布模型与快速原型模型结合起来，并且加入两种模型均忽略了的风险分析，适用于复杂的大型软件。17.以下关于软件可维护性的叙述中，不正确的是“可维护性(18)”。（分数：2.00）A.是衡量软件质量的一个重要特性B.不受软件开发文档的影响 C.是软件开发阶段各个时期的关键目标D.可以从可理解性、可靠性、可测试性、可行性、可移植性等方面进行度量解析：解析：本题考查维护方面的基础知识。软件交付给用户使用后到软件报废之前的时间都属于软件维护阶段。软件系统的可维护性可以定义为：维护人员理解、改正、改动和改进该软件的难易程度。提供软件可维护性是开发软件系统所有步骤的关键目的，是衡量
44、软件质量的一种重要特性，可以从可理解性、可靠性、可测试性、可行性、可移植性等方面进行度量。良好的软件开发文档可以有效地提高软件的可维护性。18.通常人类感知到的 20左右的信息是通过(25)得到的。（分数：2.00）A.视觉B.听觉 C.嗅觉D.触觉解析：解析：本题考查多媒体技术的基础知识。人类主要是通过五个感受器官来接收外界环境的刺激，有相关研究数据表明获取的信息量按百分比统计，其中视觉为 70，听觉为 200/0，嗅觉为 5，触觉为4，味觉为 1。19.以下关于采用 MIDI 格式和 WAV 格式记录同一首乐曲的演奏信息的说法中，正确的是(26)。（分数：2.00）A.MIDI 格式的数据
45、量比 WAV 格式的数据量大B.MIDI 格式的数据的音乐演奏音效取决于合成器的音质 C.WAV 格式的数据记录的是音乐曲谱信息D.WAV 格式的数据和 MIDI 格式的数据都记录了音乐波形采样解析：解析：本题考查计算机数字音乐处理技术以及 MIDI 的基本知识。MIDI 是“Musical Instrument Digital Interface“的首字母缩写，可翻译为“乐器数字接口”。MIDI 是在音乐合成器(Music Synthesizers)、乐器(Musical Instruments)和计算机之间交换音乐信息的一种标准协议，它详细定义了物理接口和逻辑协议。MIDI 只定义了数字音
46、乐演奏的表示方法，并不涉及具体的数字音乐合成技术，而计算机中 MIDI 音乐的合成播放则通过各种数字音乐合成器来实现，实际演奏出来的乐器音色是由合成器决定的。MIDI 标准作为一种音乐信息序列交换的标准格式，存贮和表达的是音乐的演奏信息，而 WAV 格式记录的是对于音乐信号的波形采样数据，故 MIDI 数据量远小于 WAV 格式中实际的声音采样信号。20.乐音的音高是由(27)决定的。（分数：2.00）A.声音响度B.谐音结构C.节拍特征D.基音频率 解析：解析：计算机音乐信息处理基于声学研究的基本原理与相关知识。在声学中，将自然界的声音分为“乐音”和“噪音”两类，如果一个物体振动所发出的泛音
47、(Overtones)频率为基音(Fundamental Tone)频率的整数倍，这个音就会具有清晰可辨的音高，我们称之为乐音，如钢琴、小提琴等发出的都是乐音；如果泛音频率无规律可言，即并非只有基音频率的整数倍频率的泛音，这个音就不具备清晰可辨的音高，我们称之为噪音。比如汽车发动机、计算机风扇等发出的都是噪音。我们感知到的乐音音高即为其基音的频率。21.使用 200DPI 的扫描分辨率扫描一幅 36 英寸的彩色图像，可以得到一幅(34)像素的图像。（分数：2.00）A.200B.36C.6001200 D.20036解析：解析：本题考查数字图像格式及图像输入、输出设备分辨率等基本概念。作为数字
48、图像输入设备的图像扫描仪和一般的打印机等点阵图像输出设备使用 “DPI”即“Dots Per Inch“(每英寸点数)来描述其输入或输出点阵图像的分辨率。36 英寸的照片在 200DPI 的分辨率下扫描得到的数字图像像素值为(2003)(200X6)=6001200。22.32 位真彩色图像中，每个像素点的颜色数据占用了(35)位。（分数：2.00）A.32B.24 C.8D.10解析：解析：本题考查彩色数字图像在计算机中的处理方法和存储格式。通常 24 位的真彩色图像其 R、G和 B 值分别使用 8 位来表示，而所谓 32 位真彩色显示模式其颜色空间仍然是使用 24 位来表达，每个颜色分量仍然是 8 位，共 24 位，而比 24 位真彩色图像多出来的 8 位被称为 alpha 通道值，是用来反映像素透明度的一个指标。23.以下编码方法中，(41)编码不属于熵编码。（分数：2.00）A.HuffmanB.Shannon 一 FanoC.ArithmeticD.DPCM 解析：解析：本题考查数据压缩技术中的基本概念。常用的无损数据压缩技术包括 Shannon 一 Fano 编码、Shannon 一 Fano 编码及算术编码等熵编码技术和 L277、LZW 等词典编码技术，这些编码技术都是建立在信源的统计特征之上的。DPCM 则属于预测编码，它根据离散信号之间存在一定相关性的特点
