1、2017年天津市中考真题物理 一、选择题 (共 13小题，每小题 3分，满分 39 分 ) 1.(3分 )如图所示，纺纱工人工作时戴着防噪声的耳罩，这是为了 ( ) A.防止噪声产生 B.监测噪声强弱 C.防止噪声进入耳朵 D.减小噪声传播速度 解析： 工人戴着防噪声耳罩，减弱传入入耳的噪声，这是在人耳处减弱噪声，防止噪声进入耳朵 。 答案： C 2.(3分 )北方的冬季会出现 “ 树挂 ” 和霜，形成这类现象的主要物态变化是 ( ) A.凝固 B.液化 C.升华 D.凝华 解析： “ 树挂 ” 和霜是水蒸气遇冷凝华直接由气态变为固态形成的 。 答案： D 3.(3分 )下列现象中由光的折射形
2、成的是 ( ) A.在平静的湖面可以看到 “ 蓝天白云 ” B.射击瞄准时要做到 “ 三点一线 ” C.人在月光下，地面上会出现影子 D.游泳池注水后，看上去好像变浅了 解析： A、在平静的湖面可以看到蓝天白云，这是光的反射现象，故 A错误； B、射击瞄准时要做到 “ 三点一线 ” ，这是利用了光的直线传播，故 B错误； C、人在月光下，地面上会出现影子，是由于光的直线传播形成的，故 C错误； D、注水的游泳池看上去好像变浅了，是由于光在界面发生折射形成的，故 D正确 。 答案： D 4.(3分 )利用铅垂线和三角尺判断桌面是否水平，如图所示的做法正确的是 ( ) A. B. C. D. 解析
3、： 三角尺有两个直角边，把三角尺竖直放置，一个直角边放在桌面上，另一个直角边放上重锤线，因为重力的方向是竖直向下的，如果重锤线与直角边是平行的，则表明桌面是水平的，故 A符合题意； BCD都无法判定是否水平 。 答案： A 5.(3分 )下列有关压强知识的说法正确的是 ( ) A.马德堡半球实验证明了液体内部有压强 B.利用托里拆利实验可以测出大气压的值 C.随着大气压的减小，水的沸点会升高 D.在气体中流速越大的位置，压强越大 解析： A、证明大气压存在的实验有马德堡半球实验等，故 A错误； B、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故 B 正确； C、液体的沸点随气压的减小而减小，如高压锅，
4、故 C错误； D、气体中流速越大的位置，压强越小，故 D错误 。 答案： B 6.(3分 )如图中磁体两极间磁感线的画法正确的是 ( ) A. B. C. D. 解析： A、磁感线从磁体的 N极出来，回到磁体的 S极，故 A正确； B、磁感线从磁体的 S 极出来，回到磁体的 N极，故 B错误； C、磁感线从磁体的 N 极出来，回到磁体的 N极，故 C错误； D、磁感线从磁体的 S 和 N极出来，故 D错误 。 答案： A 7.(3分 )某学校的前、后两个门各装一个开关，传达室内有红、绿两盏灯和电池组，若前门来人闭合开关时红灯亮，后门来人闭合开关时绿灯亮，图中的电路符合要求的是 ( ) A. B
5、. C. D. 解析： 由题意知，两个灯泡并联，且各有一个开关控制，前门开关控制红灯，后门开关控制绿 灯，故 C符合题意 。 答案： C 8.(3分 )下列实例中，改变物体内能的方式与其它三个不同的是 ( ) A.用力搓手，手会发热 B.用炉灶烧水，水温升高 C.气缸内气体被压缩，温度升高 D.用锯条锯木头，锯条温度升高 解析： A、用力搓手，手会发热，这是通过做功的方式增加内能的； B、用炉灶烧水，水温升高，这是通过热传递的方式增加内能的； C、气缸内气体被压缩，压缩空气做功，空气的温度升高； D、锯木头时锯条发烫，摩擦生热，属于做功改变物体内能 。 ACD都是通过做功的方式改变内能的， B
6、是通过热传递的方式改变内能的，故 B正确 。 答案： B 9.(3分 )在家庭电路中，从进户开始要顺次安装下列元器件再接用电器，其先后次序正确的是 ( ) A.电能表、保险装置、总开关 B.电能表、总开关、保险装置 C.保险装置、电能表、总开关 D.总开关、电能表、保险装置 解析： 电能表的测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面 。 总开关控制整个电路，为了检修电路比较方便，要安装的电能表的后面 。 电路中电流过大会熔断保险丝，为了更换保险丝比较方便，保险盒安装在总开关的后面 。 故B正确 。 答案： B 10.(3分 )如图所示电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片 P向右移动时，电表
7、示数变大的是 ( ) A. B. C. D. 解析： A、该电路为并联电路，电流表测量 R0的电流，滑动变阻器在另一条支路中，滑动变阻器滑片移动时对另一条支路无影响，电流表示数不变，故 A错误； B、该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，由欧姆定律可知通过变阻器的电流减小，通过另一条支路电流不变，故干路中的电流变小，故 B错误； C、该电路为串联电路，电压表测量 R0的 电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据 U=IR可知，电压表示数变小，故 C错误； D、该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流
8、减小，根据 U=IR可知， R0的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变大，故 D 正确 。 答案： D 11.(3分 )小明同学在探究凸透镜成像成像规律时，用焦距分别为 f1、 f2的甲、乙两个凸透镜进行实验 。 先将点燃的蜡烛、透镜甲和光屏放置在光具坐上，调整后的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像 (图中未标出 )：再用透镜乙替换透镜甲，且保持蜡烛和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像 。 下列判断正确的是 ( ) A.图中光屏上的像是放大的 B.图中光屏上的像是缩小的 C.f1 f2 D.f1 f2 解析： AB、由 U v知成倒立缩小的实像，故
9、 A错误， B正确； CD、由 “ 保持蜡烛和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像 ” 可知，像距减小，像变小，相当于物距变大，但物距没变，是焦距变小了，故 f1 f2，故 C错误， D正确 。 答案： BD 12.(3分 )当定值电阻 R两端的电压由 U1(U1 0)增大到 U2时，通过它的电流由 I1增大到 I2.电压增加量 U=U2 U1，电流增加量 I=I2 I1，电功率增加量为 P，则 ( ) A.R= B.R= C. P= U I D. P= U(I1+I2) 解析： 因定值电阻的阻值不变， 所以，由 I= 可得，前后两次电压分别为： U1=I1R， U2=I2R，
10、所以，电压增加量 U=U2 U1=I2R I1R=(I2 I1)R= IR， 变形可得 R= ，故 A正确、 B错误； 由 P=UI可得，前后两次电阻消耗的功率分别为： P1=U1I1， P2=U2I2， 所以，电功率增加量 P=P2 P1=U2I2 U1I1， 因 U I=(U2 U1)(I2 I1)=U2I2 U2I1 U1I2+U1I1， 所以， P U I，故 C错误； U(I1+I2)=(U2 U1)(I1+I2)=(I2R I1R)(I1+I2)=(I2 I1)(I1+I2)R=(I22 I12)R=I22R I12R=P2P1= P，故 D正确 。 答案： AD 13.(3分 )
11、如图所示，某人用扁担担起两筐质量为 m1， m2的货物，当他的肩处于 O点时，扁担水平平衡，已知 l1 l2，扁担和筐的重力不计 。 若将两筐的悬挂点向 O点移近相同的距离 I，则 ( ) A.扁担左端向下倾斜 B.扁担右端向下倾斜 C.要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为 (m2 m1) D.要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为 (m2 m1) 解析： (1)原来平衡时， m1gl1=m2gl2， 由图知， l1 l2，所以 m1 m2， 设移动相同的距离 L，则左边： m1g(l1 l)=m1gl1 m1g l， 右边： m2g(l2 l)=m2gl2 m2
12、g l， 因为 m1 m2，所以 m1 lg m2 Lg， m1(l1 l)g m2(l2 l)g，则杠杆的左端向下倾斜 。故 A正确， B错误； (2)因为 m1(l1 l)g m2(l2 l)g，故往右边加入货物后杠杆平衡即 m1(l1 l)g=(m2+mg)(l2 l)，且 m1gl1=m2gl2， 得 m=(m2 m1) ，故 C正确， D错误 。 答案： AC 二、填空题 (共 6小题，每小题 4分，满分 24分 ) 14.(4分 )一束平行光与镜面成 30 角射到平面镜上，反射角大小是 ，人迎着反射光的方向可以看到刺眼的光，而在其他方向却看不到反射光，这是由于发生了 (选填 “ 镜
13、面反射 ” 或 “ 漫反射 ” )。 解析： 一束光与镜面成 30 角入射在平面镜上，则入射角为 90 30=60 。 则其反射角也是 60 ， 光线射向平面镜，经平面镜反射后，平行射出，正好反射到有的人眼睛上，就得很刺眼，这种反射是镜面反射 。 而从某些方向上得到的反射光线较少，所以看到平面镜很暗 。 答案： 60 ；镜面反射 。 15.(4分 )在校运会上，小明和小亮的百米跑成绩分别为 14s和 15s，比较两人百米全程 的平均速度，小明的 (选填 “ 大于 ”“ 小于 ” 或 “ 等于 ” )小亮的；当到达终点时，他们不能立即停下来，是由于他们具有 。 解析： (1)小明和小亮运动的路程
14、相同，小明用的时间少，由 v= 可知，小明的速度大； (2)跑到终点时，人由于惯性仍然要继续向前运动，不能马上停下来 。 答案： 大于；惯性 。 16.(4分 )图为某蹦床运动员从床面上 A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息估测此时运动员脚尖到床面的距离为 (选填 “ 0.8m”“ 1.8m” 或 “ 3.8m” )；运动员在空中下落的过程中，他的 能转化为动能 。 解析： 由图可知，脚尖与床面的距离大约为运动员的高度，运动的高度约为 1.8m，故运动员脚尖到床面的距离为 1.8m；运动员在空中下落的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，他的重力势能转化为动能 。 答案： 1.
15、8m；重力势 。 17.(4分 )一只电烙铁的铭牌上标着 “220V 100W” 的字样，它正常工作时，电压是 V，电阻是 。 解析： “220V 100W” 表示电烙铁的额定电压为 220V，额定电功率为 100W； 由 P= 可得正常工作时的电阻： R= = =484 。 答案： 220； 484。 18.(4分 )利用如图所示的滑轮组，在 5s内将重为 360N的物体匀速向上提起 2m，作用在绳端竖直向上的拉力 F为 150N，该滑轮组的机械效率是 ，拉力 F的功率是 W。 解析： 由图可知， n=3，则绳端移动的距离： s=nh=3 2m=6m， 拉力做的功： W 总 =Fs=150N
16、 6m=900J， 有用功： W 有 =Gh=360N 2m=720J， 滑轮组的机械效率： = 100%= 100%=80%； 拉力 F的功率： P= = =180W。 答案： 80%； 180。 19.(4分 )图甲所示电路中，当闭合开关 S后，两个电压表指针偏转角度相同，指针位置如图乙所示 。 电阻 R2两端的电压为 V，电阻 R1、 R2的阻值之比为 。 解析： 因为电压表的大量程的分度值是小量程的 5倍，两个电压表示数之比是 1： 5. 又因为在串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之和，所以电阻 R1两端的电压为电压表 V1的示数减去电压表 V2的示数，即电阻 R1和 R2两端的
17、电压之比为 (5 1)1： =4： 1，根据公式 U=IR可知，电流相同，则电阻之比为 4： 1。 答案： 1.6； 4： 1。 三、解答题 (共 6小题，满分 37分 ) 20.(7分 )某电热水器的铭牌如下表所示，现将水箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20C 加热到 60 C.已知 C 水 =4.2 103J/(kg )，不计热量损失，求：水吸收的热量；加热所需要的时间 。 型号 额定电压 220V 加热功率 2000W 频率 50Hz 水箱容量 50kg 解析： 使水温由 20 升高到 60 ，水需要吸收热量为： Q 吸 =cm t=4.2 103J/(kg ) 50kg (60 2
18、0 )=8.4 106J。 不计热量损失，电热丝所产生热量的全部被水吸收， 由 Q 放 =Q 吸 =W=Pt得： t= = = =4200s。 答案： 使水温由 20 升高到 60 ，水需要吸收 8.4 106J的热量； 电热水器正常工作时电热丝的加热需 4200s。 21.(6分 )下面是小明同学的实验报告，请按要求帮他将报告补充完整 。 实验：测量食用油的密度 实验目的：测量油的密度 实验器材：天平 (砝码 )、量筒、烧杯、油 实验原理： 主要实验步骤： (1)调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 (选填 “ 左 ” 或 “ 右 ” )侧调节 。
19、(2)往量筒中倒入适量的油，测出油的体积，如图 1所示 。 (3)用天平测出空烧杯的质量为 30g。 (4)将量筒中的油全部倒入烧杯中，测出烧杯和油的总质量，如图 2所示 。 实验数据记录： 在虚线框内设计一个记录本次实验数据的表格，并将测量数据及计算结果填入表中 。 实验评估： 按照上述实验方案测出的油的密度值比真实值 (选填 “ 偏大 ” 或 “ 偏小 ” )。 解析： 实验原理：利用天平和量筒测量密度的原理是 = ； (1)调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，应将平衡螺母向左侧调节使横梁平衡； 由实验步骤可知，实验中需要测量的量有：油的体积 V=40cm3、空烧杯的质量 m
20、1=30g、烧杯和油的总质量 m250g+10g+2g=62g；根据空烧杯的质量、烧杯和油的总质量可以求出油的质量m=m2 m1=62g 30g=32g；根据质量和体积可以求出油的密度 = = =0.8g/cm3，故实验的表格为： 油的体积V/cm3 空烧杯的质量m1/g 烧杯和油的总质量m2/g 量筒中油的质量m/g 油的密度/g/cm 3 40 30 62 32 0.8 在测量的过程中，把量筒中的油倒入量筒中时，量筒中会有油的残留，到时测得的总质量减小，即油的质量偏小，体积不变，故所测的密度会偏小 。 答案： = ；左；如上表格；偏小 。 22.(6分 )小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素
21、时，提出了如下猜想： 猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关 猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关 猜想三：滑动摩擦力的大小与接触面积有关 为了验证猜想，准备了如下器材：弹簧测力计、长木板、长方体木块和砝码 。 他利用上述器材进行了如下实验： 将木块平放在长木板上组装成如图 1所示的装置 。 匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数 。 在木块上加砝码，如图 2所示 。 匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数 。 完成下列任务： (1)在图 3中画出长木板被匀速拉动时 (木块相对桌面静止 )，长木板在水平方向上的受力示意图 。 解析： 长木板在水平方向上受到三个力的共同作用：水平向
22、右的拉力 F、水平向左的木块对木板的摩擦力 f1、水平向左的桌面对木板的摩擦力 f2，力的示意图如下： 答案： 如图。 (2)通过实验步骤 可验证猜想 。 解析： 通过实验步骤 可知，接触面相同，压力不同，故探究的是压力与摩擦力的关系，探究的是猜想一 。 答案： 一。 (3)要完成对 “ 猜想三 ” 的验证，需在实验步骤 的基础上进一步实验，请你写出下一步的实验方案 。 解析： 要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而故可以将 中的木块侧放，拉动长木板，记录下弹簧测力计的示数，并与实验 中的示数进行比较 。 答案： 将 中的木块侧放，拉
23、动长木板，记录下弹簧测力计的示数，并与实验 中的示数进行比较 。 23.(6分 )如图 1所示的电路中，定值电阻 R1为 10 ， R2为滑动变阻器，电源电压保持不变 。闭合开关 S后，滑片 P 从 b端移动到 a端的过程，电压表示数 U与电流表示数 I的关系图象如图 2所示 。 求：电源电压；滑动变阻器的最大阻值 。 解析： 由图 1可知，两电阻串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流 。 当滑动变阻器接入电路中的电阻为 0时，电路中的电流最大，由图 2可知 I1=0.6A， 由 I= 可得，电源的电压： U=I1R1=0.6A 10=6V ； 由欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值
24、： R2= = =20 。 答案： 电源电压为 6V；滑动变阻器的最大阻值为 20 。 24.(6分 )现有一个阻值为 20 的定值电阻 R0，一个电压约为 15V的电源，一个量程为 01A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干 。 请你利用上述器材设计实验，测出约为 10的未知电阻 Rx的阻值 。 要求： (1)画出实验电路图； 解析：将电流表和已知电阻串联在干路上，将待测电路接在一个支路上，如下所示： 答案： 如上 图 所示 。 (2)写出主要的实验步骤和需要测量的物理量； 解析： 按上图连接电路； 将开关的刀掷向 1，记下电流表的示数 I1； 将开关的刀掷向 2，记下电流表的示数 I2.
25、答案： 按上图连接电路； 将开关的刀掷向 1，记下电流表的示数 I1； 将开关的刀掷向 2，记下电流表的示数 I2. (3)写出待测电阻 Rx的数学表达式 (用已知量和测量量表示 )。 解析： 在 中，由欧姆定律的变形公式，电源电压 U=I1R0； 在 中，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律的变形公式，电路的总电阻： R= = ，根据电阻的串联，待测电阻的电阻： RX=R R0= R0= R0。 答案： RX= R0。 25.(6分 )某同学制作了一个 ” 浮子 “ 。 他用质量为 2m、高为 h、横截面积为 2S的质地均匀实心圆柱体，将其中间挖掉横截面积为 S、高为 h的圆柱体，做
26、成 ” 空心管 “ ；然后用另一个不同材质、质地均匀的实心圆柱体将管的空心部分恰好填满，做成 ” 浮子 “ ，如图 1所示 。将 ” 浮子 “ 放入盛有足量水、底面积为 S0的圆柱形薄壁容器中 。 ” 浮子 “ 刚好悬浮在水中，如图 2所示 。 已知水的密度为 0，请解答下列问题： (1)该 “ 浮子 ” 的平均密度是多少？ 解析：因为浮子悬浮在水中，所以 浮子 = 水 = 0. 答案： 该 ” 浮子 “ 的平均密度是 0. (2)实验中，组成 “ 浮子 ” 的 “ 空心管 ” 和 “ 填充柱体 ” 在水中完全脱离，致使容器中水面高度发生了变化，待水面恢复稳定后，水对容器底部的压强变化了多少？ 解析： 若空心管漂浮，水面高度的变化为 h； F 浮 =G 0g(Sh hS0)=mg h= 所以 p= 0g h= 。 若 “ 填充柱体 ” 漂浮，因为 浮子 = 水 = 0； 所以填充柱体的质量 m=2 0Sh m； 0g(Sh hS0)=mg=2 0Sh m， 同理可得： h= 由 P=gh 可得， P= 0g h= 。 答案： 待水面恢复稳定后，水对容器底部的压强变化了 或 。
