2015年江苏省南通市中考真题物理.docx

1、 2015 年江苏省南通市中考真题物理 一、选择题 (共 10 小题，每小题 2 分，共 20 分 ) 1.立定跳远测试中，小明想：地球自转会影响成绩吗 ?对此，下列认识正确的是 ( ) A.向东跳有利 B.向西跳有利 C.向南或向北跳有利 D.向各个方向跳都一样 解析：本题考查的是惯性现象。 立定跳远测试中，跳起之前，人与地面具有相同的速度。由于惯性，跳起来之后人依然要保持原来的运动状态，在相同的时间内，人转过的距离与地面转过的距离相等，所以无论跳远运动员向那个方向跳起，结果都一样。所以选项 A、 B、 C 错误。 答案： D 2.下列光理象中，由光的直线传播形成的是 ( ) A. 光的色散

2、 B. 钢笔移位 C. 小孔成像 D. 水中倒影 解析：本题考查的是光在均匀介质中直线传播。 A、从图中可以看出，太阳光通过三棱镜后，由于不同色光的折射率不同，所以出现的色散现象，属于折射现象。故 A 不符合题意； B、钢笔移位 ” ，是由于光线通过玻璃、空气进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的现象，属于光的折射现象。故 B 不符合题意； C、小孔成像属于光沿直线传播现象。故 C 符合题意； D、平静的水面相等于平面镜，水中倒影是平面镜成像现象，属于光的反射。故 D 不符合题意 。 答案： C 3.将复写纸夹在两张白纸之间后放在水平桌面上，再分别取两个盛有等量冷水和热水的相同铝质易拉

3、罐压在纸上。一段时间后，发现 纸上留下痕迹的颜色深浅不同。该现象说明 ( ) A.分子热运动与温度有关 B.分子间存在引力 C.分子间存在斥力 D.分子间有空隙 解析：本题考查的是分子的运动。 分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈； 盛有热水易拉罐下的复写纸温度比较高，其分子运动比较剧烈，扩散得比较快，所以，纸上的颜色比较深；答案：项 A 正确，选项 BCD 错误。 答案： A 4.获 2015 年科技创意大赛一等奖的 “ 校园脚踏式发电装置 ” ，是利用脚踩踏板带动线圈运动发电的。下图能反映其工作原理的是 ( ) A. B. C. D. 解析：本题考查的是电磁感应。

4、“ 校园脚踏式发电装置 ” ，是利用脚踩踏板带动线圈运动发电，这种装置起到电源的作用，其工作原理为电磁感应现象； A、此图是电磁继电器，是可以实现远程控制的开关，其主体是电磁铁，应用了电流的磁效应；不能反映其原理，故 A 错误； B、此图是电磁感应现象，开关闭合后，导体做切割磁感线运动，就会产生感应电流；能够反映其原理，故 B 正确； C、此图中导体位于磁场中，但不是不是闭合电路，即使做切割磁感线运动也不能够产生感应电流，不能够反映其原理，故 C 错误； D、此图中开关闭合后，小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，是电流的磁效应，不能够反映其原理，故 D 错误。 答案： B 5.蹦床比赛时，从

5、接触蹦床到运动到最低点的过程中，运动员的 ( ) A.动能一直增大 B.动能转化为重力势能 C.机械能增大 D.动能最终转化为蹦床的弹性势能 解析：本题考查的是动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒。 AD、运动员从接触蹦床到最低点的过程中，一开始重力大于弹力，速度还会有一段继续的增大；当重力等于弹力，速度达到最大，此时动能最大；当重力小于弹力时，动能主要转化为弹 性势能，速度减小，动能减小，弹簧势能增大。从整体来看，动能先增大，但最终是减小的，故 A 错误、 D 正确； B、从上述分析可知，动能主要转化为弹性势能，而不是重力势能，故 B 错误； C、由于存在空气的阻力等因素，机械能不守

6、恒，机械能减小，故 C 错误。 答案： D 6.水平桌面上，甲、乙两相同的杯中盛有不同浓度的盐水。现将两相同的物块分别放入杯中，待物块静止时，两杯中液面恰好相平，如图所示。则 ( ) A.甲杯中物块受到浮力较大 B.乙杯底部受到液体的压强较大 C.向甲杯中缓慢加盐，物块受到的浮力一直增大 D.向乙杯中缓慢加水，物块受到的浮力一直减小 解析：本题考查的是物体的浮沉条件及其应用。 A、物体在甲中下沉，受到的浮力小于物体重；在乙中漂浮，物体受到的浮力等于物体重；因此甲杯中物块受到浮力较小，故 A 错误； B、物体在甲中下沉， 甲 物 ，在乙中漂浮， 乙 物 ，则 乙 甲 ，两杯中液面恰好相平，由 p

7、=gh 可知，乙杯底部受到液体的压强较大，故 B 正确； C、若向甲杯中缓慢加盐，则甲的密度增大，当甲的密度等于物块的密度时，物块悬浮，此时浮力等于其重力，当甲的密度大于物块的密度时，物块漂浮，此时浮力等于其重力，因此向甲杯中缓慢加盐，物块受到的浮力不是一直增大，故 C 错误； D、在乙中漂浮，物体受到的浮力等于物体重；当向乙杯中缓慢加水，则乙的密度减小，当乙的密度等于物块的密度时，物块悬浮，此时浮力等于其重力，因此向乙杯中缓慢加水，物块受到的浮力不是一直减小，故 D 错误。 答案： B 7.如图，把装有水的酒杯放在桌上，用润湿的手指摩擦杯口边缘使其发声，改变水量发现发出的声音不同。对此同学们

8、提出四个问题，其中较有价值且可探究的问题是 ( ) A.手指摩擦为什么能使杯发出不同声音 ? B.声音是由水振动产生的吗 ? C.音调为什么会随水量变化而变化 ? D.音调和水量多少有什么关系 ? 解析：本题考查的是频率及音调的关系。 如图的实验中，当用手指润湿后沿着杯口边缘摩擦时，是杯子和水发生了振动，当水量越大时，杯子和水越难振动，因此可以得出杯中的水量越大，音调越低，水量越小，音调越高。由题意可知，这里 的 “ 声音不同 ” 是指音调，则应围绕音调的影响因素进行探究。即探究 “ 音调和水量多少有什么关系 ?” 是最有价值且可探究的问题。 答案： D 8.如图，小明用一轻质杠杆自制简易密度

9、秤的过程中，在 A 端的空桶内分别注入密度已知的不同液体，改变物体 M 悬挂点 B 的位置，当杠杆在水平位置平衡时，在 M 悬挂点处标出相应液体的密度值。下列关于密度秤制作的说法中，错误的是 ( ) A.每次倒入空桶的液体体积相同 B.秤的刻度值向右越来越大 C.悬点 O 适当右移，秤的量程会增大 D.增大 M 的质量，秤的量程会增大 解析：本题考查的是杠 杆的应用。 A、在液体体积相同时，液体的密度越大，质量越大，因此只有每次倒入空桶的液体体积相同，才能通过杠杆平衡条件得出液体质量的大小，从而判断液体密度的情况，故 A 正确； B、当 A 端的空桶内的液体密度越大时，根据杠杆平衡的条件可知，

10、在 M 悬挂点处标出相应液体的密度值越大，故应将 M 向右移动，故 B 正确； C、悬点 O 适当右移，阻力臂减小，根据杠杆平衡的条件 F1L1=F2L2，可知秤的量程会减小，故 C 错误； D、增大 M 的质量，根据杠杆平衡的条件 F1L1=F2L2，秤的量程会增大，故 D正确。 答案： C 9.重 2N 的 文具盒，放在今年中考物理化学答题卡上，用相机下对它拍摄的全景图片如图。请估测文具盒对答题卡的压强最接近于 ( ) A.100Pa B.200Pa C.300Pa D.400Pa 解析：本题考查的是压强的大小及其计算。 文具盒对答题卡的压力 F=G=2N， 根据生活经验可知，文具盒长约

11、20cm，宽约 8cm，文具盒的面积大约为S=20cm8cm=160cm 2=1.610 -2m2， 文具盒对答题卡的压强 p= = =125PA.与 A 的结果更接近。 答案： A 10.图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流， R0为定值电阻，移动滑动变阻器 R的滑片，则下列表示电压表示数 U、电路总功率 P随电流表示数 I变化的关系图线中，可能正确的是 ( ) A. B. C. D. 解析：本题考查的是电功率的计算。 由图 R0与 R 并联，电压表测电源电压，电流表测 R 支路的电流。 若电源提供的电流恒定为 I 总 ， AB、根据并联电路特点可知： U=U0=I0R0=(I

12、 总 -I)R0=-IR0+I 总 R0， 其中 I、 I 总 、 R0为定值，由 U=-R0I+I 总 R0，可知 U与 I 的图象为一次函数 ，且 -R0 0，故 AB错误； CD、由电功率的计算公式： 电路消耗总功率： P=UI 总 =(I 总 -I)R0I 总 =-I 总 R0I+I 总 2R0， 其中 I、 I 总 、 R0为定值，由 P=-I 总 R0I+I 总 2R0，可知 P 与 I 的图象为一次函数， -I 总 R0 0，且 I 不能为 0， P 不会为 0，故 C 正确， D错误。 答案： C 二、非选择题 (共 70 分 ) 11.(3 分 )“ 阳光动力 2 号 ” 太

13、阳能飞机 4 月飞抵南京，向世人展示了创新和环保理念。飞机飞行时利用 _与地面取得联系；太阳能属于 _(选填 “ 可再生 ” 或 “ 不可再生 ”) 能源；飞行时螺旋桨将空气推向后方，同时获得向前的推力，说明_。 解析：本题考查的是电磁波的传播；力作用的相互性；能源的分类。 (1)电磁波的播不需要介质，可以在空中传播，也可以在真空中传播，而真空不能传播声音，所以飞机飞行利用电磁波与地面取得联系。 (2)太阳能可从自然界源源不断的获得，属可再生能源。 (3)飞机起飞时螺旋桨向后推动空气，对空气施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，因此空气对飞机施加向前的反作用力， 飞机就前进了。 答案：电磁

14、波；可再生；力的作用是相互的。 12.(4 分 )用图示装置探究 “ 斜面机械效率 ” ，实验记录如下表。 实验次数 物体种类 物重 G/N 斜面高 h/cm 沿斜面的拉力 F/N 斜面长 s/cm 机械效率/% 1 木块 4 15 1.1 90 60.6 2 小车 4 15 90 (1)沿斜面拉动物体时，应使其做 _运动。 (2)根据图中测力计的示数，可知第 2 次实验的机械效率为 _%。由实验可得初步结论：斜面倾斜程度相同时， _越小，机械效率越大。 (3)第 1 次实验中，木块所受摩擦力为 _N。 解析：本题考查的是斜面机械效率的测量实验。 (1)沿斜面拉动物体时，为使弹簧测力计的示数稳

15、定，便于读数，所以应尽量使物体做匀速直线运动。 (2)由图可知，第 2 次实验弹簧测力计的示数即拉力 F=0.7N， 则斜面的机械效率 = 100%= 100%= 100%95.2% 。 比较两次的机械效率可知，第 2 次机械效率大，斜面的倾斜程度相同，小车所受的摩擦力小，由此可得结论： 斜面倾斜程度相同时，摩擦力越小，机械效率越大。 (3)由第 1 次实验的数据可知， 沿斜面拉木块做的有用功 W 有 =Gh=4N0.15m=0.6J ， 拉力做的总功 W 总 =Fs=1.1N0.9m=0.99J ， 则额外功 W 额 =W 总 -W 有 =0.99J-0.6J=0.39J， 由 W 额 =f

16、s 得，木块所受摩擦力 f= =0.390. =0.43N。 答案： (1)匀速直线； (2)95.2；摩擦力； (3)0.43。 13.(4 分 )“ 神舟 ” 飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，通过 _方式，将 _能转化为内能。为避免飞船因高温而损坏，其外壳涂有的烧蚀材料在升温后，可迅速 _(填物态变化名称 )成气体，并 _大量的热。 解析：本题考查的是做功改变物体内能；升华和凝华的定义和特点。 “ 神舟 ” 飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，通过做功，将机械能转化为飞船的内能，温度升高； 外壳涂有的烧蚀材料在升温后，可迅速升华成气体，并吸收大量的热，保护了飞船。 答案：做功；

17、机械；升华；吸收。 14.(5 分 )某电压力锅额定电压为 220V，加热功 率为 1100W，保温功率为 100W。 (1)在使用电压力锅时，应选用 _线插座，其在加热状态下发热体的电阻为_ ， (2)压力锅易将食物煮熟的原因是通过增大锅内气压使水的沸点 _。若将质量2kg、初温为 20 的水加热至 120 ，水吸收的热量为 _J。 c 水=4.210 3J/(kg ) (3)若家中仅使用压力锅正常工作 0.5h，标有 “1200imp/kW h” 的电能表指示灯闪 500 次，则加热、保温时间之比为 _。 解析：本题考查的是热量的计算；电能表参数的理解与电能的求法。 (1)该电压力锅应该选

18、用三孔插座，是为了防止电热安全压力锅的金属外壳因漏电而发生触电事故，故使用比两孔插座中多出的一个接地孔的三孔插座； 由 P= 可得，在加热状态下发热体的电阻 R= = =44 ； (2)高压锅密闭较好，内部压强大，水的沸点高，这样高压锅内的温度就会更高一些，就会更快煮熟食物。所以高压锅是利用增大锅内气体的压强，提高水的沸点来提高锅内温度的。 水 吸收的热量 Q 吸 =c 水 m(t-t0)=4.210 3J/(kg )2kg(120 -20)=8.410 5J。 (3)由表盘参数可知，电路消耗 1kWh 电能，指示灯闪烁 1200 次， 工作指示灯闪烁了 500 次消耗的电能 W= 500im

19、p= kW h=1.510 6J， 设加热时间为 t1，则保温时间为 t2=1800s-t1， 由 P= 可得， P 加热 t1+P 保温 (1800s-t1)=1.510 6J， 即 1100Wt 1+100W(1800s-t1)=1.510 6J， 解得 t1=1320s， 则 t1=480s， 加热、保温时间之比 = = 。 答案： (1)三； 44； (2)升高； 8.410 5； (4)11： 4。 15.(5 分 )在研究凸透镜及其成像规律的实验中： (1)小明将蜡烛、凸透镜和光屏按图示位置放置时，光屏上恰能呈现烛焰倒立、_的清晰实像，此时光在光屏上发生 _反射；当给凸透镜戴上近视

20、眼镜后，为使光屏上再次呈清晰像，应将光屏向 _(选填 “ 左 ” 或 “ 右 ”)移动。 (2)小华测焦距 f 时，将凸透镜正对太阳，在透镜下方的白纸上呈现一光斑时，测得光斑到透镜的距离为 l，将白纸再远离透镜一段距离，发现白纸上又出现了相同大小的光斑，则l_f(选填 “ 大于 ” 、 “ 等于 ” 或 “ 小于 ”) ；小华取一发光的小电灯放在凸透镜主光轴上离光心距离为 l 处，在透镜另一侧将白纸沿主光轴远离透镜过程中，纸上的光斑大小将 _。 解析：本题考查的是凸透镜成像规律及其探究实验。 (1)由图知，像距小于物距，所以此时成倒立缩小的实像，能够从不同方向看到光屏上的像，所以光在光屏上发生

21、漫反射； 近视镜是凹透镜，当给凸透镜戴上近视眼镜后，光线将比原来发散，所以像将原理凸透镜，为使光屏上再次呈清晰像，应将光屏向右移动； (2)将白纸再远离透镜一段距离，发现白纸上又出现了相同大小的光斑，说明开始光屏在焦点前，后一次在焦点后，即 l 小于 f，将发光的小电灯放在凸透镜主光轴上离光心距离为 l处时，光线通过凸透镜后是发散的，所以将白纸沿主光轴远离透镜过程中，纸上的光斑大小将逐渐变大。 答案： (1)缩小；漫；右； (2)小于；逐渐增大。 16.(6 分 )按照题目要求作图。 (1)如图甲，小球 悬挂在弹簧下端处于静止，请画出小球所受力的示意图。 (2)如图乙，通过滑轮组向下用力提升物

22、体，请画出滑轮组的绕线。 (3)如图丙，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出磁感线方向及小磁针的 N 极。 解析：本题考查的是力的示意图；滑轮组的设计与组装；通电螺线管的磁场。 (1)小球受重力和拉力，重力竖直向下画，标上符号 G，拉力竖直向上画，作用点在弹簧与小球的接触点，标出符号 F，注意两个力长度相等，如图： (2)根据拉力方向向下先确定末端拉力，然后依次绕线，如图所示： (3)由安培定则可知，图中通电螺线管的右端为 N 极，左端为 S 极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的右端为 N 极、左端为 S 极。根据磁感线都是从磁体的 N极出发，回到 S 极，可以标出磁感线的

23、方向。如图。 答案： 17.(9 分 )2015 年，南通建造的世界首座海洋生活平台 “ 希望 7 号 ” 出海试航。若试航中平台的排水量为 2.510 4t，以 5m/s的速度匀速直线航行 5km，所受阻力是平台重的 0.016倍。取 g=10N/kg， q 燃油 =410 7J/kg。求： (1)平台受到的浮力； (2)平台所受牵引力的功率； (3)若平台燃油机动力系统效率为 40%，该试航过程至少需要燃烧的燃油质量。 解析：本题考查的是功率的计算；热机的效率。 (1)根据阿基米德原理 F 浮 =G 排 即可求出浮力； (2)根据二力平衡求出牵引力的大小，利用 W=Fs 求出牵引力做的功，

24、由 t= 求出航行时间，利用 P= 求出功率； (3)根据 Q 放 = 求出燃油放出的热量，再利用 m= 即可求出燃油质量。 答案 ： 解： (1)平台的排水量为 m 排 =2.510 4t=2.510 7kg， 根据阿基米德原理可知， 平台受到的浮力 F 浮 =G 排 =m 排 g=2.510 7kg10N/kg=2.510 8N。 (2)平台漂浮时， G=F 浮 =2.510 8N， 平台所受的阻力 f=nG=0.0162.510 8N=410 6N， 因为平台匀速直线航行，根据二力平衡条件， 平台所受的牵引力 F 牵 =f=410 6N， 平台航行的路程 s=5km=510 3m， 牵引

25、力做的功 W=Fs=410 6N510 3m=210 10J， 由 v= 得， t= = =110 3s， 则平台所受牵引力的功率 P= = =210 7W。 (3)由 = 得， 燃油燃烧放出的热量 Q 放 = = =510 10J 由 Q 放 =mq 得， 燃油质量 m= = =1.2510 3kg。 答： (1)平台受到的浮力 2.510 8N； (2)平台所受牵引力的功率 210 7W； (3)若平台燃油机动力系统效率为 40%，该试航过程至少需要燃烧的燃油质量为 1.2510 3kg。 18.(9 分 )图示电路中，滑动变阻器铭牌上标有 “501A” 字样，电压表量程 0-15V。闭合

26、开关 S1、 S2，断开开关 S3，调节变阻器滑片 P 至某位置，电压表示数为 6.0V，电流表示数为0.50A，灯泡正常发光；再闭合开关 S3，电流表示数变为 0.75A. (1)求变阻器接入电路的阻值； (2)求灯泡的额定功率； (3)只闭合开关 S1、 S2，改变电源电压并移动滑片 P，使电路安全工作，求电路 10s 消耗的最大电能。 解析：本题考查的是欧姆定律的应用；电功率的计算。 (1)开关 S1、 S2闭合，断开开关 S3， L 与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流，根据欧姆定律计算变阻器接入电路的阻值； (2)三个开关都闭合， L 短路，只有滑动变阻器

27、连入电路，根据欧姆定律计算电源电压；由开关 S1、 S2闭合，断开开关 S3，灯泡正常发光，从而求得灯泡的额定 功率； (3)根据电压表量程以及灯泡正常发光电压确定最大的电源电压，灯泡正常发光时电流最大，由 W=UIt 计算电路 10s 消耗的最大电能。 答案 ： 解： (1)由题，开关 S1、 S2闭合，断开开关 S3， L 与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流， 根据 I= 得变阻器接入电路的阻值： R 滑 = = =12 ； (2)三个开关都闭合时， L 短路，只有滑动变阻器连入电路中， 则： U 总 =U 滑 =IR 滑 =0.75A12=9V ， 开关 S

28、1、 S2闭合，断开开关 S3时，灯泡恰好正常发光， UL=U 源 -U=9V-6V=3V， 灯泡的额定功率： P=ULI=3V0.5A=1.5W ； (3)只闭合开关 S1、 S2，改变电源电压并移动滑片 P，使电路安全工作， 由电压表量程可知滑动变阻器两端电压最大： U 滑 =15V ， 调节滑片灯泡正常发光，此时电路中电流最大， 此时变阻器连入阻值 R 滑 = = =30 50 ，在变阻器调节范围之内， 所以此时的电源电压： U 源 =U 滑 +U L=15V+3V=18V， 电路 10s 消耗的最大电能： W=U 源 I Lt=18V0.5A10s=90J 。 答： (1)变阻器接入电

29、路的阻值为 12 ； (2)灯泡的额定功率为 1.5W； (3)只闭合开关 S1、 S2，改变电源电压并移动滑片 P，使电路安全工作，电路 10s 消耗的最大电能为 90J。 19.(8 分 )探究 “ 电流与电阻关系 ” 的实验中，提供的器材有：电源 (电压 9V)、电流表、电压表、滑动变阻器 R、电阻箱 R0、开关及导线若干。(1)小明连接的图甲电路中存在连线错误，只需改动一根导线，即可使连线正确。请在接错的导线上打 “” ，并用笔画线代替导线画出正确的接法。 (2)正确连接电路后闭合开关，在移动变阻器滑片 P 时，两电表示数突然都变为零，则电路故障可能为 _。 A.R 短路 B.滑片 P

30、 接触不良 C.R0短路 D.R0断路 (3)排除故障后实验时，改变 R0的阻值，测出对应的电流 I。当 R0的阻值变大时，为完成探究，应将滑片 P 向 _(选填 “ 左 ” 或 “ 右 ”) 端移动。 (4)将 R0阻值换为 50 ，电流表示数如图乙，请在图丙 I- 坐标中补描该点并作出 I- 关系图象。 (5)连线时发现有一个错误数据点，反思产生原因，小明回忆是某次将 R0的阻值由_ 变换为错误数据点对应阻值时，未调节滑片 P 就读取电流而造成的。 解析：本题考查的是探究电流与电压、电阻的关系实验。 (1)由图知，电压表串联在了电路中，且电阻箱 R0未正常接入电路。电路如图，应将电压表与电

31、阻箱 R0并联。 (2)由图可知，电阻箱 R0与滑动变阻器 R 串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱 R0两端的电压； A、如果滑动变阻器 R 短路，整个电路仍然是通路，电流表、电压表示数都不为零，故 A 不符合题意； B、如果滑片 P 接触不良，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零，故 B 符合题意； C、如果电阻箱 R0短路，电压表示数为零，电流表示数不为零，故 C 不符合题意； D、如果电阻箱 R0断路，电流表示数为零；电压表测量电源电压，示数不为零，故 D 符合题意。 (3)当 R0的阻值变大时，电阻箱 R0分压变大，电压表示数变大，为保持电阻箱 R0两端电压不变，应移动滑片，

32、增大滑动变阻器接入电路的阻值， 增大滑动变阻器的分压，从而减小电阻箱 R0两端电压，保持电压不变，所以滑片 P 应向左端移动。 (4)由图乙可知，电流表的示数 I=0.12A. 电阻箱的阻值 R0=50 ，则 = =0.02 -1，在坐标系中补描对应的坐标点 (0.02， 0.12)，然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出 I- 图象如图所示： (5)由图象可知，错误的坐标点是 (0.04， 0.20)， =0.04 -1，解得： R0=25 ，此时的电流 I=0.20A； 与错误坐标点 (0.04， 0.20)相邻的坐标点分别是 (0.033， 0.20)和 (0.05， 0.30)，它们对应

33、的阻值分别为 30 和 20 ，电流分别为 0.20A 和 0.30A； 如果将 R0的阻值由 30 变成 25 ，未调节滑片 P，总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律 I= 可知， 电路中的电流变大 (读取的电流值应该大于 0.20A)，不符合错误数据点； 如果将 R0的阻值由 20 变成 25 ，未调节滑片 P，总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律 I= 可知，电路中的电流变小 (读取的电流值应该小于 0.30A)，符合错误数据点； 所以小明是将 R0的阻值由 20 变换为错误数据点对应阻值时，未调节滑片 P 就读取电流而造成的。 答案： (1)见上图； (2)B； (3)左； (4)

34、见上图； (5)20。 20.(7 分 )一质量均匀分布、正反面相同的长方形木板，以中线 MN 为界，对比观察左右两部分，发现粗糙程度可能不 一样，哪一侧更粗糙 ?同学们进行了研究。 (1) 小华将滑块放木板上，通过细线和固定的测力计相连，如图甲。水平向右拉动木板，待示数稳定时，记下滑块经过左、右两部分时测力计的示数 F 左 和 F 右 ，若 F 左 F 右 ，则木板的 _侧更粗糙，实验时 _(选填 “ 需要 ” 或 “ 不需要 ”) 匀速拉动木板。 小华左右手戴上同样的手套，木板水平对称地放在左右手上，现左手向左、右手向右，使两手距离快速增大，若木板向左运动，则木板 _侧更粗糙。 (2)小明

35、用图乙实验装置，进行如下操作： A.将轻弹簧的一端分别固定在板上 MN 左右两侧的 P、 Q 点，另一端分别与同一滑块接触。 B.移动滑块使弹簧压缩相同的长度，由静止释放滑块，使滑块越过 MN 但不滑离木板。 C.分别测出滑块越过 MN 后滑行的距离 x1和 x2。 小明想根据 x1和 x2的大小关系判断木板的粗糙程度，小华提出疑义。 为能根据 x1和 x2的大小关系作出正确判断，请指出小明实验中存在的问题是_。 简述改进方法： _。 (3)小红使滑块分别从左右两侧滑上木板，测出滑块运动的速度，作出滑块从两端分别运动至 MN 过程中的速度 v 和时间 t 的关系图线如图丙，则图线 _(选填 “

36、a” 或“b”) 所对应的接触面更粗糙，判断的依据是 _。 解析：本题考查的是探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验。 (1) 如图甲，水平向右拉动木板，待示数稳定时，记下滑块经过左、右两部分时测力计的示数 F 左 和 F 右 ，若 F 左 F 右 ，则 说明左侧摩擦力大，即木板的左侧更粗糙； 实验时，滑块相对于桌面是静止的，因此受力平衡，不需要匀速拉动木板。 小华左右手戴上同样的手套，木板水平对称地放在左右手上，现左手向左、右手向右，使两手距离快速增大，若木板向左运动，则说明左侧摩擦力大，即木板左侧更粗糙。 (2) 根据小明的实验过程可知，若依据小明的实验，根据 x1和 x2的大小关系判断木板

37、的粗糙程度并不科学，因为这一实验过程不能确定滑块经过中线 MN 时的速度相同，不符合控制变量法的要求。 对小明的实验可做出这样的改进：将弹簧的一端固定在中线 MN 上，另一端 分别与同一滑块接触，移动滑块使弹簧压缩相同的长度，由静止释放滑块，使滑块不滑离木板，分别测出滑块滑行的距离 x1和 x2。 (3)由图象可知，在相同时间内， a 的速度减小的慢， b 的速度减小的快，说明 b 受到的摩擦阻力更大，则图线 b 所对应的接触面更粗糙。 答案： (1) 左；不需要； 左； (2) 不能确定滑块经过中线 MN 时的速度相同； 将弹簧的一端固定在中线 MN 上，另一端分别与同一滑块接触，移动滑块使

38、弹簧压缩相同的长度，由静止释放滑块，使滑块不滑离木板，分别测出滑块滑行的距离 x1 和 x2； b ； b 图线物块的 速度变化快。 21.(10 分 )阅读短文，回答问题： 扫地机器人 扫地机器人是一款能自动清扫的智能家用电器，如图甲。 机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。当剩余电量减为电池容量的 20%时，机器人会主动寻找充电器充电。表一为某扫地机器人的部分参数。电池容量指放电电流与放电总时间的乘积。 表一： 额定工作电压 12

39、V 额定功率 30W 电池容量 2500mAh 工作噪音 50dB 机器人中吸尘电机的吸入功率是衡量其优劣的重要参数，测得某吸尘电机的吸入功率与真空度、风量间的对应关系如表二。真空度指主机内部气压与外界的气压差。风量指单位时间内通过吸尘电机排出的空气体积。吸尘电机吸入功率与输入功率的比值叫做效率。 表二： 真空度（ Pa） 400 450 500 550 600 风量（ m3/s） 0.025 0.02 0.017 0.015 0.013 吸入功率（ W） 10.00 9.00 8.50 7.80 (1)机器人工作时，主机内部的气压 _(选填 “ 大于 ” 、 “ 小于 ” 或 “ 等于 ”)

40、大气压而产生吸力。若该机器人向障碍物垂直发射超声波，经过 0.001s 收到回波，则其发射超声波时与障碍物间的距离约为 _cm。 (设超声波在空气中的传播速度为340m/s) (2)下列说法中错误的是 _。 A.地面有静电时，轻小物体会吸附在地板上而不易清扫 B.采用凸凹材质的轮皮，可增大机器人与地面间的摩擦 C.机器人工作时发出的声音不会对人的听力造成损伤 D.当遇到玻璃门等透明障碍物时，使用红外线感应器效果较好 (3)该机器人正常工作时的电流为 _A；充满电后至下一次自动充电前能够连续正常工作的最长时间为 _min。 (4)由表二数据可知，当风量为 0.015m3/s 时，若吸尘电机的输入

41、功率为 25W，此时其效率为_%；上述风量下， 10min 内通过吸尘电机提出的空气质量为_kg。 (取 空气 =1.3kg/m3) (5)光敏电阻是制作灰尘传感器的常用元件。图乙 为某光敏电阻的控制电路，电源电压 U0恒定， RG为光敏电阻，其阻值随空气透光程度的变化而变化， R0为定值电阻。当光敏电阻分别为 6 和 18 时，电压表的示数分别为 6V 和 3V，则 R0=_ ；为监测空气的透光程度，现将电压表表盘的相关刻度值转化为对应的总阻值 (R0+RG)，则转化后表盘上从左到右相邻两刻度线对应阻值的减小量将 _(选填 “ 增大 ” 、 “ 不变 ” 或 “ 减小 ”) 。 解析：本题考

42、查的是回声测距离的应用；欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系。 (1)由流体压强 与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知机器人在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小， 在外界大气压的作用下将灰尘、杂物吸入集尘盒，故主机内部的气压小于大气压而产生吸力。 由 v= 得， 超声波从发射到收到回波所通过的总路程： s 总 =vt=340m/s0.001s=0.34m ， 则其发射超声波时与障碍物间的距离： s= = =0.17m=17cm (2)A.地面有静电时，由于带电体具有吸引轻小物体的性质，所以轻小物体会吸附在地板上而不易清扫，故 A 正确； B.采用凸凹材质的轮皮，是为了在压力

43、一定时， 增大接触面的粗糙程度来增大机器人与地面间的摩擦，故 B 正确； C.为了保护听力，应控制噪声不超过 90dB，机器人工作时发出的声音小于 50dB，所以不会对人的听力造成损伤，故 C 正确； D.当遇到玻璃门等透明或半透明障碍物时，其将直接穿过而不产生任何回波，这样扫地机器人就无法感应到前方有障碍物， 于是也就无法做出减速的工作了，所以不能使用红外线感应器，使用超声波感应器较好故 D错误。 答案： D. (3)由 P=IU 得， 机器人正常工作时的电流 I= = =2.5A. 充满电后的电池容量 Q1=2500mAh，下一次自动充 电前的电池容量Q2=Q 1=20%2500mAh=5

44、00mAh ， 消耗的电池容量 Q=Q1-Q2=2500mAh-500mAh=2000mAh， 正常工作时的电流 I=2.5A=2500mAh， 由 I= 得， 连续正常工作的最长时间 t= = =0.8h=48min。 (4)由表格中数据可知，吸入功率等于真空度与风量的乘积， 当风量为 0.015m3/s 时，吸尘电机吸入功率 P 吸入 =550Pa0.015m 3/s=8.25W， 电机 = 100%= 100%=33% 。 当风量为 0.015m3/s 时， t=10min=600s， 通过吸尘电机提出的空气体积 V=0.015m3/s600s=9m 3， 由 = 得， 通过吸尘电机提出

45、的空气质量 m= 空气 V=1.3kg/m39m 3=11.7kg。 (5)由电路图可知，光敏电阻 RG和定值电阻 R0串联，电压表测定值电阻 R0两端的电压， 当光敏电阻 RG1=6 时，电压表的示数 U1=6V，光敏电阻两端的电压 U=U0-U1， 此时电路中的电流 I1= = ，即 = 当光敏电阻 RG2=18 时，电压表的示数 U1=3V，光敏电阻两端的电压 U=U 0-U2， 此时电路中的电流 I2= = ，即 = 联立 可解得： U0=12V， R0=6 。 设电压表示数为 U，此时电路中的电流 I= = ， 即 U= ，电源电压 U0恒定， R0为定值电阻， 由此可见，电压表的示数 U 与总阻值 (R0+RG)成反比，则转化后表盘上从左到右相邻两刻度线对应阻值的减小量将减小。 答案： (1)小于； 17； (2)D； (3)2.5； 48； (4)33%； 11.7； (5)6；减小。