1、2015届江苏盐城市时杨中学高三 1月调研物理卷（带解析） 选择题 如图所示，吊车用两根等长的绳子 OA和 OB将质量分布均匀的铁板匀速吊离地面，下列说法中正确的是 A绳越长，每根绳对铁板拉力越小 B绳越长，两根绳对铁板拉力的合力越小 C绳越长，两根绳对铁板拉力的合力越大 D每根绳子上的力一定比重力小 答案： A 试题分析：对铁板，受重力 mg、和两根绳的拉力 T作用，且绳的拉力沿绳方向，设 AOB ，由于铁板被匀速吊起，因此根据共点力平衡条件，铁板所受合力为零，故选项 B、 C错误；在竖直方向上有： 2Tcos mg，当绳变长时， 变小，因此 T变小，故选项 A正确；当 大于 1200时，
2、T大于 mg， D错误。 考点：物体的受力分析、力的合成与分解、共点力平衡条件 如图，一物体从光滑斜面 AB底端 A点以初速度 v0上滑，沿斜面上升的最大高度为 h下列说法中正确的是（设下列情境中物体从 A点上滑的初速度仍为 v0）（ ） A若把斜面 CB部分截去，物体冲过 C点后上升的最大高度仍为 h B若把斜面 AB变成曲面 AEB，物体沿此曲面上升仍能到达 B点 C若把斜面弯成圆弧形 D，物体仍沿圆弧升高 h D若把斜面从 C点以上部分弯成与 C点相切的圆弧状，物体上升的最大高度有可能仍为 h 答案： BD 试题分析：由于轨道是光滑的，在运动过程中只有重力做功，由动能定理得：，物体到达最
3、高点时的速度为零，在 A选项中物体从 C射出后做抛体运动，到达最高点时物体具有水平方向的速度，故不可能达到最大高度 h，故 A错误；由于重力做功与路径无关，故到达 B点的速度为零，故 BD正确；在 C中物体做圆周运动，但物体还未到最高点时就已经脱离了轨道而做抛体运动，达到最高点具有水平方向的速度，故 C错误。 考点：机械能守恒定律、向心力、抛体运 动 压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如图甲所示，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一物体 m，升降机静止时电流表示数为 I0某过程中电流表的示数如图乙所示，则在此过程中（ ） A物体
4、处于失重状态 B物体处于超重状态 C升降机一定向上做匀加速运动 D升降机可能向下做匀减速运动 答案： BD 试题分析：电梯静止时电流表示数为 I0，图中所示电流恒为 2I0，故电梯处于超重状态，且压力不变，可能匀加速上升，也可能匀减速下降，故 BD正确 . 考点：闭合电路的欧姆定律；牛顿第二定律 如图所示， a为地球赤道上的物体， b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星， c为地球同步卫星关于 a、 b、 c做匀速圆周运动的说法中正确的是（ ） A地球对 b、 c两星的万有引力提供了向心力，因此只有 a受重力， b、 c两星不受重力 B周期关系为 Ta = Tc Tb C线速度的大小关系为
5、 va ab ac 答案： BC 试题分析： a、 b、 c都受到万有引力作用， A错误；赤道上的物体 a、同步卫星c的周期相同，所以角速度一样，根据 ，所以 c的周期大于 b的周期，所以 B正确。 ， c的半径大于 b，所以 vcvb， a、 c的角速度相等， c的半径大， vc va，所以 C正确； ，所以 ，又根据 可知，所以 D错误。 考点：万有引力定律的应用 从水平地面上同时抛出小球 A和小球 B， A沿竖直向上的方向抛出， B沿斜向上抛出，它们恰好同时到达最高点，不计空气阻力。则 A A、 B均做匀变速运动 B B的加速度比 A的大 C A上升的最大高度比 B大 D落地时 B的速度
6、比 A大 答案： AD 试题分析：两物体在空中只受重力作用，加速度相同且不变，所以两物体均作匀变速运动， A正确、 B错误；竖直方向均作竖直上抛，同时到达最高点，运动时间相同， B抛出时的竖直速度与 A相等，上升的最大高度相等， C错误； B还有水平方向的初速度， B的初速度大于 A的初速度，只有重力做功，根据机械能守恒，落地时 B的速度比 A大， D正确。 考点：竖直上抛运动、机械能守恒定律 如图所示，在地面上以速度 v0抛出质量为 m的物体，抛出后物体落到比地面低 h的海平面上。若以地面为零势能面，而且不计空气阻力，则下列说法中正确的是 A重力对物 体做的功为 mgh B物体到海平面时的势
7、能为 mgh C物体在海平面上的动能为 mv02-mgh D物体在海平面上的机械能为 mv02 答案： AD 试题分析：重力对物体做的功只与初末位置的高度差有关，为 mgh， A正确；物体到海平面时的势能为 -mgh， B错误；由动能定理 mgh= mv2- mv02，到达海平面时动能为 mv02 mgh， C错误；物体只受重力做功，机械能守恒，等于地面时的机械能 mv02， D正确。 考点：机械能守恒定律 民族运动会上有 个骑射项目，运动员骑在奔驶的马背上，弯弓放箭射击侧向的固定目标 M。假设运动员由 A点沿 AB方向骑马奔驰的速度为 ，运动员静止时射出的弓箭速度为 ，直线跑道离固定目标 M
8、的最近距离为 d，要想在最短的时间内射中目标 (不计空气阻力和弓箭重力的影响 )，则下列说法中正确的是 A射中目标 M的最短时间为 d/ ， B箭的位移为 d C在 AB间某处射出，箭头指向 M D在 AB间某处射出，箭头指向垂直于 AB方向 答案： D 试题分析：要想在最短的时间内射中目标，运动员放箭时应使箭的合速度方向对准固定目标，箭头指向垂直于 AB方向，如下图，根据分运动具有等时性，可得射出时的位置距 B点的距离 x为， ，所以正确选项为 D。 考点：运动的合成与分解 如图所示， A、 B为相同的两个灯泡，均发光，当变阻器的滑片 P向下端滑动时，则（ ） A A灯变亮， B灯变暗 B
9、A灯变暗， B灯变亮 C A、 B灯均变亮 D.A、 B灯均变暗 答案： D 试题分析：当滑动变阻器的滑片 P向下端滑动时，滑动变阻器电阻减小，由串反并同可知灯泡 B电流减小，变暗，灯泡 A与滑动变阻器间接并联，所以灯泡A也变暗， D对； 考点：闭合电路欧姆定律 如图所示，一圆环上均匀分布着负电荷， x 轴垂直于环面且过圆心 O。下列关于 x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是 A O点的电场强度为零 ,电势最高 B O点的电场强度为零 ,电势最低 C从 O点沿 x轴正方向 ,电场强度减小 ,电势升高 D从 O点沿 x轴正方向 ,电场强度增大 ,电势降低 答案： B 试题分析：将圆环等分成若
10、干微小段，每一小段和与它关于 O点对称的一小段在 O点，产生的电场的电场强度总大小相等、方向相反，矢量和为零，即最终在 O 点的总矢量和为零，即在 O 点处，电场强度为零。因为圆环带负电，因此，每一小段和与它关于 O点对称的一小段在 O点的左右两侧，产生大小相等、方向分别向内与 x轴成相等角的电场，矢量和沿着 x轴，由两侧指向 O点，各段叠加后总矢量和仍然沿着 x轴，由两侧指向 O点，根据沿着电场线方向电势逐点降低的规律可知， O点的电势最低，故选项 A、 C错误，选项 B正确；当从O点沿 x轴正方向，趋于无穷远时，电场强度也为零，因此从 O点沿 x轴正方向，电场强度先变大，后变小，故选项 D
11、错误。 考点：电场力的性质和能的性质问题、电场的叠加。 如图所示，实线 表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减小，它运动到 b处时的运动方向与受力方向可能的是（ ） 答案： D 试题分析：根据曲线运动力与轨迹的关系，力需指向轨迹弯曲的内侧，所以 A错误；带电粒子只受电场力作用，故力与电场线共线，所以 C 错误；由题意知，运动过程中粒子的电势能逐渐较小，故电场力做正功，即力与速度方向的夹角应为锐角，故 B错误， D正确。 考点：带电粒子在电场中的运动的运动、电场力做功与电势能变化的关系。 不带电导体 P置于电场中，其周围电场线分布如图所示，导体 P
12、表面处的电场线与导体表面垂直， a、 b为电场中的两点，则 A a点电场强度小于 b点电场强度 B a点电势高于 b点的电势 C负检验电荷在 a点的电势能比在 b点的大 D正检验电荷从 a点移到 b点的过程中，电场力做负功 答案： B 试题分析：电场线的疏密表示了电场的强弱，由图可知 a点电场强度大于 b点电场强度，故选项 A错误；沿着电场线方向电势逐点降低，因此 a点电势高于导体 P的电势，导体 P的电势又高于 b点的电势，因此 a点电势高于 b点的电势，故选项 B正确；根据电势能表 达式可知 Ep q，由于 q 0，所以 Epa Epb，故选项 C错误；正检验电荷在电场中受力方向与场强方向
13、相同，因此从 a点移到 b点的过程中，电场力与位移成锐角，即电场力做正功，故选项 D错误。 考点：电场的两个基本性质问题问题。 实验题 （ 12分）测金属丝电阻率实验中 （ 1）用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图 1所示，则直径为 mm。 （ 2）用多用表 “1”挡估测其电阻，示数如图 2所示，则阻值为 . 一研究性学习小组进而想在实验室探究小灯泡灯丝的电阻会随灯丝温度的变化而变化，因而引起功率变化的规律实验室备有的器材是：电压表（ 0 3V，约 3k）、电流表（ 0 0.6A，约 0.1）、电池，开关，滑动变阻器，待测小灯泡，导线若干实验时，要求小灯泡两端电压从 0逐渐增大到额定电压 （ 3
14、）在如图 3的虚线框内画出实验电路图 （ 4）闭合开关前应将滑动变阻器的滑片 P移至最 （填 “左 ”或 “右 ”）端 . （ 5）根据实验测得数据描绘如图 4所示的 U-I图象，由此可知，小灯泡电阻 R随温度 T的关系是：温度 T越高，电阻 R （填 “越大 ”、 “越小 ”或 “不变 ”） . （ 6）如果一电池的电动势 2V，内阻 2.5请你根据上述实验的结构，确定小灯泡接在该电池的两端，小灯泡的实际功率是 W.（保留两位有效数字） 答案：（ 1） 1.980；（ 2） 5；（ 3）实验电路图如图所示；（ 4）左（ 5）越大 （ 6） 0.40 试题分析：（ 1）螺旋测微器固定刻度值为
15、1.5mm，可动刻度值48.00.01=0.480mm，直径为 1.5mm+0.480mm=1.980mm。 （ 2）多用表欧姆档表盘上的刻度为 5，阻值为 51=5. （ 3）金属丝电阻较小，测量 电路应用电流表外接法，探究小灯泡灯丝的电阻会随灯丝温度的变化而变化，要求电流从零开始变化，应用分压电路。 （ 4）闭合开关前应使小灯泡两端的电压最小，滑动变阻器滑片 P移至最左端。 （ 5）根据 R= ，电流越大，温度 T越高，电阻 R越大。 （ 6）电源的路端电压与电流的关系图线与电阻的伏安特性图线的交点的电压、电流值即为电阻接到电源两端的电压和电流， P=UI=0.40w。 考点：测金属丝电阻
16、率、螺旋测微器的读数 10分 )用如图所示实验装置验证 m1、 m2组成的系统机械能守恒。 m2从高处由静止开始下落， m1 上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。下图给出的是实验中获取的一条纸带： 0是打下的第一个点， 每相邻两个计数点间还有 4个点 (图中未标出 )，计数点间的距离如图所示。已知 m1 50g、 m2 150g，则： (g取 10m/s2，结果保留两位有效数字 ) （ 1）在纸带上打下计数点 5时的速度 v _ m/s； （ 2）在打点 0 5过程中系统动能的增加量 Ek _J，系统势能的减少量 Ep _J，由此得出的结论是_； （ 3
17、）若某同学作出的 v2-h图象如图所示，则当地的实际重力加速度 g_m/s2。 答案：（ 1） 2.4m/s ；（ 2） 0.58J 、 0.60J； 在误差允许的范围内，系统的机械能守恒。 （ 3） g 9.70m/s2 试题分析：（ 1）根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第 5个点时的速度为： （ 2）物体的初速度为零，所以动能的增加量为： Ek= ； 重力势能的减 小量等于物体重力做功，故： EP=W=mgh=0.60J； 由此可知动能的增加量和势能的减小量基本相等，因此在在误差允许的范围内，m1、 m2组成的系统机械能守恒 （ 3）本题中根据机械
18、能守恒可知， mgh= mv2，即有： v2=gh，所以出 v2-h图象中图象的斜率表示重力加速度， 由图可知，斜率 k=9.70，故当地的实际重力加速度 g=9.70m/s2 考点：验证 m1、 m2组成的系统机械能守恒 计算题 15分 )滑沙游戏中，游戏者从沙坡顶部坐滑沙车呼啸滑下为了安全，滑沙车上通常装有刹车手柄，游客可以通过操纵刹车手柄对滑沙车施加一个与车运动方向相反的制动力 F，从而控制车速为便于研究，作如下简化：游客从顶端 A点由静止滑下 8s后，操纵刹车手柄使滑沙车摩擦变大匀速下滑至底端 B点，在水平滑道上继续滑行直至停止已知游客和滑沙车的总质量 m=70kg，倾斜滑道 AB长
19、=128m，倾角 =37，滑沙车底部与沙面间的动摩擦因数=0.5重力加速度 g取 ， sin37=0.6， cos37=0.8，不计空气阻力 (1)求游客 匀速下滑时的速度大小 (2)求游客匀速下滑的时间 (3)求游客从 A滑到 B的过程中由于摩擦产生的热量。 答案：（ 1） 16m/s；（ 2） 4s；（ 3） 44800J。 试题分析： 对游客和滑沙车整体受力分析，由牛顿第二定律有 解得 a1= 2m/s2 则游客匀速下滑时的速度 v=a1t1=28=16m/s (2)游客加速下滑通过的位移 则他匀速下滑通过的位移 匀速下滑的时间 （ 3）对游客在斜坡上的运动过程，由动能定理有 解得 考点
20、：牛顿第二定律、匀变速运动的规律、动能定理 （ 15分）如图所示，质量为 m的小球沿光滑的水平面冲上一光滑的半圆形轨道，轨道半径为 R，小球在轨道最高点对轨道压力等于 0.5mg，重力加速度为 g，求： （ 1）小球在最高点的速度大小； （ 2）小球落地时，距最高点的水平位移大小； （ 3）小球经过半圆轨道最低点时，对轨道的压力 答案：（ 1） ； （ 2） ； （ 3） 6.5mg，方向竖直向下。 试题分析：（ 1）根据牛顿第三定律，小球到达轨道最高点时受到轨道的支持力等于小球对轨道的压力， 则： N1=0.5mg 小球在最高点时，有： N1+mg=m 解得小球在最高点的速度 大小为： v=
21、 （ 2）小球离开轨道平面做平抛运动： h=2R=gt2 即平抛运动时间： t=2 所以小球落地时与 A点的距离： x=vt= （ 3）小球从轨道最低点到最高点，由动能定理得： -2mgR=mv2-mvA2 小球在最低点时，有： N2-mg=m 解得 N2=6.5mg 根据牛顿第三定律，小球对轨道压力大小为 6.5mg，方向竖直向下 考点：牛顿第二定律、牛顿第三定律、动能定理 、平抛运动。 （ 15分）如图所示，虚线左侧有一场强为 E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线 MN和 PQ之间存在着宽为 L、电场强度为 E2=2E的匀强电场，在虚线 PQ右侧相距也为 L处有一与电场 E2平行的屏现将一
22、电子（电荷量 e,质量为 m）无初速度放入电场 E1中的 A点，最后打在右侧的屏上， AO连线与屏垂直，垂足为 O,求： (1)电子从释放到打到屏上所用的时间； (2)电子刚射出电场 E2时的速度方向与 AO连线夹角的正切值 tan； (3)电子打到屏上的点 P到 O点的距离 x. 答案：（ 1） ；（ 2） tan=2；（ 3） 3L。 试题分析：（ 1）电子在电场 E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为 a1，时间为 t1， 由牛顿第二定律得： 由 得： 电子进入电场 E2时的速度为： v1=a1t1 进入电场 E2到屏水平方向做匀速直线运动，时间为： 电子从释放到打到屏上所用的时
23、间为： t=t1+t2 联立求解得： ； （ 2）设粒子射出电场 E2时平行电场方向的速度为 vy 由牛顿第二定律得： 电子进入电场 E2时的加速度为： vy=a2t3 电子刚射出电场 E2时的速度方向与 AO连线夹角的正切值为； 联立得： tan=2 （ 3）带电粒子在电场中的运动轨迹如图所示： 设电子打到屏上的点 P到 O点的距离 x， 根据上图有几何关系得： （ 11） 联立得： x=3L 考点：带电粒子在电场中的运动、类平抛运动的规律 （ 15 分）一电路如图所示，电源电动势 E=28v，内阻 r=2，电阻 R1=12，R2=R4=4， R3=8， C为平行板电容器，其电容 C=3.0
24、pF，虚线到两极板距离相等，极板长 L=0.20m，两极板的间距 d=1.010-2m （ 1）若开关 S处于断开状态，则当其闭合后，求流过 R4的总电量为多少？ （ 2）若开关 S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以 v0=2.0m/s的初速度射入 C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关 S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入 C的电场中，能否从 C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程， g取 10m/s2） 答案：（ 1） 6.010-12C；（ 2）不能。 试题分析：（ 1） S断开时，电阻 R3两端电压为 S闭合后，外阻为 端电压为 电阻 R3两端电压为 则所求流过 R4的总电量为 Q=CU3-CU=6.010-12C （ 2）设微粒质量为 m，电量为 q，当开关 S断开时有： 当开关 S闭合后，设微粒加速度为 a，则 设微粒能从 C的电场中射出，则水平方向： 竖直方向： 由以上各式求得： 故微粒不能从 C的电场中射出 考点：恒定电流的电路、带电粒子在电场中的运动（类平抛运动）
