1、20132014 学年度北京市怀柔区初三第一学期期末检测物理试卷与答案（带解析） 选择题 图中所示的四位科学家中，以其名字命名电流单位的是 答案： B 试题分析：电学中各个物理量都有自己的国际单位，电流的国际单位是安培（ A）电流的国际单位是安培，简称安，符号为 A；是为了纪念物理学家安培；故 B正确物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆 考点：电流的单位 图中所示，电源电压不变，灯泡 L标有 “6V3W”（不考虑温度对灯泡电阻的影响），当开关 S闭合。 S1、 S2断开，滑片 P从 b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小 6，电流表的示数变化 0.1A，灯泡恰
2、好正常发光；保持滑片 P位置不变，闭合 S1、 S2，电流表的示数又变化了 1.5A。则当 S1、 S2都闭合时，调节滑片 P，电路消耗的最小功率为 A 2 W B 10 W C 15 W D 20 W 答案： D 试题分析：先画出出三种情况的等效电路图： （ 1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流； （ 2）根据欧姆定律可知图 1电阻大于图 2中的电阻时图 1的电流为图 2电流减去 0.1A，根据电阻越并越 小可知图 3中的电阻最小，电流表的示数为图 2电流加 1.5A，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出图 1、图
3、 2的电源，利用电源的电压不变建立等式求出滑动变阻器的最大阻值，进一步求出电源的电压；根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出图 3中通过滑动变阻器的电流，利用并联电路的电流特点求出通过 R0的电流，利用欧姆定律求出 R0的阻值；当三个开关 S、 S1、 S2都闭合且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的电功率最小，利用并联电路的电压特点和 P= 求出 R与 R0消耗的电功率，两者之和即为电路消耗总 功率的最小值 开关 S闭合：当 S1、 S2断开，滑片 P在 b端时，等效电路图如图 1所示； 滑片滑到某一位置时，等效电路图如图 2所示； 保持滑片 P位置不变，闭合 S1、 S2，等效电路图
4、如图 3所示 （ 1）图 2中： 串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光， 根据 P=UI可得，电路中的电流： I2=IL= =0.5A， （ 2） 图 1中的电流 I1=I2-0.1A=0.5A-0.1A=0.4A， 图 3中电流表的示数 I3=I2+1.5A=0.5A+1.5A=2A， 根据欧姆定律可得，灯泡的电阻： RL= =12， 电源的电压不变， U=I1（ RL+Rab） =I（ RL+Rab-6），即 0.4A（ 12+Rab） =0.5A（ 12+Rab-6） 解得： Rab=18， 电源的电压 U=0.4A（ 12+Rab） =0.4A（ 12+18） =12V； 图 3中
5、： 并联电路中各支路两端的电压相等， 通过滑动变阻器的电流： I 滑 = =1A， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 通过 R0的电流： I0=I3-I 滑 =2A-1A=1A， R0= =12， 当三个开关 S、 S1、 S2都闭合且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的电功率最小， 电路消耗总功率的最小值： Pmin= =20W 故选 D 考点：电功率的计算 图中所示电路中，电源电压 6V保持不变。只闭合开关 S1，电流表示数为0.2A；再闭合开关 S2，电流表示数为 0.6A。则开关 S2闭合前后 R1消耗的电功率相差 A 3. 2W B 1. 0W C 1. 2W D 2.
6、 2W 答案： A 试题分析：由电路图可知，只闭合开关 S1时， R1与 R2串联，电流表测电路中的电流；再闭合开关 S2时，电路为 R1的简单电路，电流表测电路中 的电流，根据欧姆定律求出 R1的阻值；知道开关 S2闭合前后通过 R1的电流，根据 P=I2R表示出 R1消耗的电功率，进一步求出两者的差值 由电路图可知，只闭合开关 S1时， R1与 R2串联，电流表测电路中的电流； 再闭合开关 S2时，电路为 R1的简单电路，电流表测电路中的电流， 根据欧姆定律可得， R1的阻值： R1= =10， P=I2R， 开关 S2闭合前后 R1消耗的电功率相差： P=P2-P1=I22R1-I12R
7、1=（ 0.6A） 210-（ 0.2A） 210=3.2W 故选 A 考点：电功率的计算 图中所示，要使灯泡 L1和 L2组成串联电路，则应该闭合的开关是 A只闭合 S2 B只闭合 S3 C同时闭合 S1和 S2 D同时闭合 S1和 S3 答案： A 试题分析：电路的连接有串联和并联两种方式： （ 1）串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响； （ 2）并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响 当闭合开关 S2时，电流从电源正极出发后依次经过两盏灯泡，则它们是串联在一起的，如图所示： 故选 A 考点：串联电路 图中所示电路中，电源电压保持不
8、变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片 P向左滑动时，下列说法中正确的是 A电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗 B电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮 C电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮 D电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗 答案： C 试题分析：首先判断滑片向左移动时，滑动变阻器阻值的变化，根据欧姆定律判断电路中电流的变化，灯泡亮暗的变化，根据 U=IR判断灯泡两端电压的变化由图知，灯泡与滑动变阻器串联，当滑片向左滑动时，滑动变阻器的阻值变小，所以电路中的电流变大，电流表的示数变大，灯泡变亮；根据 U=IR，灯泡两端的电压变大，电压表的示数变大 故选 C 考点：欧姆定律动态
9、电路的分析 图中所示，某品牌的微型电脑吸尘器有两个开关，开关 S1控制照明灯 L和吸尘电动机 M，开关 S2只控制吸尘电动机 M。下列电路图符合要求的是 答案： B 试题分析：开关 S1只控制照明用的小灯泡 L，开关 S2只控制吸尘用的电动机M，说明，小灯泡 L和电动机 M独立工作、互不影响即为并联，再 根据开关的作用，判断开关的位置 A、开关 S1为总开关，控制小灯泡和电动机，开关 S2只控制小灯泡，不合题意； B、开关 S1为总开关，控制小灯泡和电动机，开关 S2只控制电动机，符合题意，该图正确 C、开关 S2为总开关，控制小灯泡和电动机，开关 S1只控制小灯泡，不合题意； D、开关 S1
10、只控制小灯泡，开关 S2只控制电动机，不合题意； 故选 B 考点：电路的设计 已知水的比热容为 4.2103J/（ kg ），则质量为 2kg的水，温度由 25降低到 15 放出的热量是 A 4.2104J B 8.4104J C 1.68105J D 3.78105J 答案： B 试题分析：已知水的质量、比热和初温度、末温度，利用公式 Q 放 =cm（ t0-t）求出水放出的热量水放出的热量： Q 放 =cm（ t0-t） =4.2103J/（ kg ） 2kg（ 25 -10 ） =8.4104J 故选 B 考点：热量的计算 图中所示的电路中，家庭电路正常发光的三盏灯突然全部熄灭，经检查保
11、险丝完好，用试电笔插进插座的两孔，氖管均发光。造成这一现象的原因是 A插座发生短路了 B进户的火线断了 C进户的零线断了 D某盏电灯的灯丝断了 答案： C 试题分析：三盏电灯全部熄灭但保险丝完好，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了试电笔能亮，说明火线上有电，而零线上本该不亮，但也亮了，说明是进户线的零线开路了，故 C 正确；插座处发生短路，会使保险丝熔断，故 A错；进户线的火线断了，试电笔的氖管不会发光，故 B 错因各灯并联，互不影响，某个电灯的灯丝烧断了，其它灯仍还亮，故 D错； 故选 C 考点：家庭电路的故障 下列有关导体的
12、说法中正确的是 A通过导体的电流越大，则导体的电阻越小 B导体中没有电流通过时，导体就没有电阻 C同一导体两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电压与电流的比值不变 D导体都是通过自由电子导电的 答案： C 试题分析：电阻是导体本身的性质，跟电流和电压无关，不论导体中是否有电流通过，导体的电阻是不变的，所以选项 AB说法是错误的；对于同一导体两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电阻是不变的，即电压与电流的比值不变，选项 C的说法是正确的；导体在导电是有的是自由电子的移动，比如金属导体，有的是正电荷的运动，有的是正负离子的运动。所以导体都是通过自由电子导电的说法是错误的。故选 C。
13、 考点：电流、电压和电阻的关系 下列做法符合安全用电要求的是 A使用测电笔时，手不要接触笔尾的金属体 B家庭电路中保险丝可用铜丝代替 C家庭电路中的插座与用电器是串联的 D有金属外壳的用电器应使用三孔插座 答案： D 试题分析：测电笔的正确使用：用手接触测电笔的尾部金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线保险丝在电流过 大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，采用电阻就较大，熔点较低的材料制作家庭中各个用电器之间与插座之间互不影响，都是并联的带有金属外壳的家用电器时，都要使用三孔插座，避免外壳带电发生触电事故 A、使用试电笔时，手要与笔尾金属体相连，不能接触笔尖，
14、不符合安全用电的要求； B、保险丝熔断后，不能用铜丝来代替，因为铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路，不符合安全用电的要求； C、家庭电路中的插座与用电器是并联的，不符合安全用电的要求； D、家用电器的金属外壳 要与大地相连，若金属外壳带电，电流会通过导线导入大地，符合安全用电的要求 故选 D 考点：安全用电 下列事例中，通过做功的方式改变物体内能的是 A在火炉上烧水，水温升高 B炎热的夏天，太阳照射下柏油路面温度升高 C两手相互摩擦，手的温度升高 D在饮料中放入冰块，饮料变凉 答案： C 试题分析：物体放出热量，内能减少，物体吸收热量，内能增加；物体对外做
15、功，物体内能减少，对物体做功，物体内能增加 A、在火炉上烧水，水吸收热量，水内能增加，水温度升高这是通过热传递改变物体内能的不符合题意 B、太阳照射下柏油吸收热量，温度升高这是通过热传递改变物体内能的不符合题意 C、两手相互摩擦，克服摩擦做功，手的内能增加，手的温度升高这是通过做功改变物体内能的符合题意 D、在饮料中放入冰块，饮料放出热量，饮料内能减少，温度降低，饮料变凉这是通过热传递改变物体内能的不符合题意 故选 C 考点：内能改变的方式 下列用电器中，利用电流热效应工作的是 A电脑 B电熨斗 C电视机 D电风扇 答案： B 试题分析：电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如
16、电灯、电炉、电烙铁、电 焊等都是电流的热效应的例子；电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解，电镀，电离等就属于电流的化学效应的例子；电流的磁效应：给绕在软铁心周围的导体通电，软铁心就产生磁性，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的 A、电脑的部分部件利用了电流的磁效应，故 A错误； B、电熨斗利用了电流的热效应，故 B正确； C、电视机也是利用了电流的磁效应来工作的，故 C错误； D、电风扇利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故 D错误； 故选 B 考点：电流热效应 图中所示的
17、四个电路中，电路完整且开关闭合后不损害电路中元件的是 答案： C 试题分析：电路完整是指用导线将电源、开关和用电器连接起来的；短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连，会损坏电源；而用电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，用电器短路不会损坏用电器，但用电器不能工作 A、电源两端被直接用导线相连，故会发生电源短路，损坏电源，故 A不符合题意； B、电路中没有电源，不是完整电路；故 B不符合题意； C、闭合开关，电源与灯泡组成完整电路，故 C符合题意； D、闭合开关后，会对电源及灯泡短路，致使灯泡不能工作，会损坏电源，故D不符合题意 故选 C 考点：电路 下列
18、物品中，通常情况下属于导体的是 A不锈钢尺 B橡胶手套 C塑料笔杆 D陶瓷碗 答案： A 试题分析：根据导体和绝缘体的定义进行判断容易导电的物体是导体；不容易导电的物体是绝缘体常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气等 塑料笔杆 不容易导电，属于绝缘体；不锈钢尺容易导电，属于导体；橡胶手套不容易导电，属于绝缘体；陶瓷碗不容易导电，属于绝缘体故选 A 考点：导体和绝缘体 双选题 在探究 “影响电磁铁磁性强弱的因素 ”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图 所示的电路，实验过程中小明发现电磁铁吸引的大头针下端是分散开的，原因是 。 答案：
19、同名磁极相互排斥 试题分析：此题考查了磁化及磁极间的作用规律的应用，电磁铁相当于磁体，探究 “影响电磁铁磁性强弱的因素 ”实验，通常从影响电磁铁磁性强弱的因素，及控制变量法和转换法进行考查利用磁 化和磁极间的作用规律进行分析通电后，大头针被磁化，同一端的磁性相同，同名磁极相互排斥，所以下端分散 考点：同名磁极相互排斥 下列说法中正确的是 A温度越高的物体，放出的热量越多 B -18 的冰块由于温度太低可能没有内能 C铁块很难被压缩，是因为分子间存在着斥力 D内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小 答案： CD 试题分析：热量是过程量，在热传递的过程中高温物体放出了热
20、量，低温物体吸收了热量，热传递的条件是物体间有温度差，如果温度高的物体没有和其他的物体发生热传递，就没有放出热量。所以选项 A说法是错误的；物体在任何温度下都有内能，选项 B说法是错误的；分子间存在相互作用的引力和斥力，铁块很难被压缩，是因为分子间存在着斥力，选项 C说法正确；由于吸热和放热是相同的，砂石的比热容比水的比热容小，所以内陆地区比沿海地区昼夜温差大，选项 D的说法是正确的 .故选 CD 考点：热量、比热容、内能 下列说法中正确的是 A零下 18 的液体 能发生汽化现象 B发生扩散现象的原因是由于分子不停地做无规则运动 C把红墨水滴入热水中的扩散实验中，我们会看到红墨水的分子在运动
21、D由于液体和气体能够流动，而固体不能流动，所以固体分子是静止的 答案： AB 试题分析：液体在任何温度下都能蒸发，所以零下 18 的液体能发生汽化现象，选项 A说法正确；分子在不停地做无规则的运动，所以发生扩散现象的原因是由于分子不停地做无规则运动，选项 B 说法是正确的；分子的运动是看不见的，选项 C的说法是错误的；任何物质的分子都在做无规则的运动，所以选项 D说法是错误的。故 选 AB 考点： 分子的运动 下列关于串、并联电路规律的说法中正确的是 A各用电器两端电压相等的电路就是并联电路 B并联电路总电流等于各支路电流之和 标 第 一网 C并联电路某一用电器断路不会影响其它用电器的正常工作
22、 D通过各用电器电流大小相等的电路就是串联电路 答案： BC 试题分析：根据串联电流电流相等结合公式 U=IR进行分析；并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和；并联电路中，各用电器可以单独工作，互不影响；根据欧姆定律以及串并联电路的电流的特点进行分析 A、因为串联电路中各处电流相等，当用电器的阻值相同时，由 U=IR可知，用电器两端电压相等，故 A错误； B、并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，故 B正确； C、并联电路中，各用电器可以单独工作，互不影响，因此并联电路某一用电器断路不会影响其它用电器的正常工作，故 C正确； D、因为并联电路两端电压相等，当各支路用电器的阻值相同时，
23、由 I= 可知，通过各支路用电器的电流相同，故 D错误 故选 BC 考点： 串、并联电路规律 下列说法中正确的是 A导体中的电流一定会产生磁场 B磁体周围存在着磁感线 C 改变电磁铁中电流的大小可以改变电磁铁的南、北极 D磁极间的相互作用是通过磁场产生的 答案： AD 试题分析：电能生磁，最早发现这个规律的是奥斯特，导体中的电流一定会产生磁场，选项 A说法正确；磁体周围存在磁场，磁场是看不见的，我们用磁感线来描述磁场，磁感线不是真实存在的，选项 B说法错误；地磁铁的磁场方向跟电流方向和线圈的缠绕方向有关，改变电磁铁中电流的大小可以改变电磁铁的磁性强弱，不能改变地磁铁的南、北极，选项 C说法错误
24、；磁极间的相互作用是通过磁场产生的，选项 D说法正确。故选 AD 考点：电和磁 实验题 阳阳同学用如图所示的实验电路， “测定额定电压为 2.5V小灯泡的额定电功率 ”。 （ 1）开关试触时，阳阳发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数较大，其故障原因可能是 ； （ 2）排除电路故障后，阳阳闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表示数是 2V，为了测出小灯泡的额定功率，他应该把滑片向 （填 “A”或 “B”）移动； （ 3）当电压表的读数为 2.5V时，电流表的读数为 0.4A，他测出小灯泡的额定功率是 W。 答案：（ 1）小灯泡断路；（ 2） B；（ 3） 1 试题分析：根据实物图可知，
25、滑动变阻器与灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡两端电压；开关试触时，小灯泡不发光，电流表无示数，说明电路存在断路；电压表示数较大，说明电压表与电源两极相连；根据电压表示数与灯泡额定电压间的关系确定滑片的移动方向；根据电功率公式 P=UI求出灯泡的额定功率 （ 1）小灯泡不发光，电流表无示数，说明电路存在断路；电压表示数较大，说明电压表与电源两极相连，即电压表并联电路之外不存在断路，故小灯泡断路； （ 2）要使灯泡两端电压从 2V增大到 2.5V，则灯泡两端电压需增大 电路中的电流增大 电路中总电阻减小 滑动变阻器电阻减小，所以滑动变阻器的滑片向 B端移动，使电压表示数为 2.5V
26、； （ 3）小灯泡的额定功率： P=UI=2.5V0.4A=1W 考点：测定小灯泡的额定电功率 王欢同学用图中所示的装置研究 “电流通过导体时产生的热量与导体电阻阻值大小的关系 ”。图中两个烧瓶内盛有质量和温度都相同的煤油，温度计显示煤油的温度，两瓶煤油中都浸泡着一段电阻丝，已知两电阻丝的阻值关系是 R1小于 R2。 （ 1）闭合开关后，通过两段金属丝的电流是 （填 “相等 ”或 “不相等 ”）的； （ 2）通电一段时间后 ，可以观察到甲瓶中温度计的示数 （填： “大于 ”“小于 ”或“等于 ”）乙瓶中温度计的示数； （ 3）由上述实验可知，在电流和通电时间都相同时，导体电阻越大，产生的热量
27、。（填： “越多 ”或 “越少 ”） 答案：相等；小于；越多 试题分析：串联电路中处处电流相等先由焦耳定律判断电流产生的热量，再根据热量公式判断温度计的示数大小由焦耳定律判断电流产生的热量多少 （ 1）根据电路图可知，闭合开关后，两段金属丝是串联的，通过两段金属丝中的电流是相等的 （ 2）因为通过两段金属丝中的电流是相等的 R1小于 R2，时间相同根焦耳定律可知，甲瓶中产生的热量比镍铬合金丝的少由热量公式 Q=cm t可知，比热容和质量都相同，煤油吸收和热量少，则升高的温度低 （ 3）由焦耳定律 Q=I2Rt可知在电流和通电时间都相同时，导体电阻越大，产生的热量多 考点：焦耳定律 小宣用伏安法
28、测量电阻 R的阻值时，并联在电阻 R两端的电压表的示数如图甲所示，与电阻 R串联的电流表的示数如图 14乙所示，则电压表的示数为 V，电流表的示数为 A，电阻 R的阻值为 。 答案： .5； 0.5； 5 试题分析：电压表和电流表的读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少知道电压和电流，根据 R= ，求出电阻大小 电压表使用的 0 3V量程，每一个大格代表 1V，每一个小格代表 0.1V，电压为 2.5V 电流表使用的 0 0.6A量程，每一个大格代表 0.2A，每一个小格代表 0.02A，电流为 0.5A R= =5 考点：伏安法测量电阻 小丽用图中所示的电路探究 “当电阻
29、阻值不变时，通过电阻的电流跟电阻两端电压的关系 ”，图 21是小丽未完成连接的实验电路。 （ 1）现要求滑动变阻器滑片向左移动 时，电流表示数增大。请你按照对滑动变阻器连接的要求，用笔画线代替导线，完成图中实验电路的连接。 （ 2）小丽在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻 R的不同电流和对应的电压的关系如下表所示，请你通过表格中的实验数据，归纳出导体中的电流 I和导体两端的电压 U的关系式： I= 。 答案：（ 1）如图所示；（ 2） I=U/5或 (I=0.2A/V U) 试题分析：在连接电路时，注意滑动变阻器要一上一下，根据题目要求选择下面一个接线柱，滑片离下面一个接线柱越远，电阻
30、越大；分析表格中电流和电压的大小变化，得出电流和 电压的关系，在电阻不变时，导体的电流与电压成正比；根据表中数据和欧姆定律可知电流与电压的关系 （ 1）滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大，说明滑动变阻器的阻值应减小，则应接下面的 A接线柱，如图所示： （ 2）由表格中数据知，电阻不变，电压增大为原来的几倍，则电流增大为原来的几倍，即当电阻不变时，导体的电流与它两端的电压成正比；根据表中数据可知， R= =5，则 I= 考点：探究通过电阻的电流跟电阻两端电压的关系 小明想测某未知电阻 Rx的阻值，设计了如图所示电路图（ R0为已知阻值的定值电阻），并设计 了如下实验步骤，请帮他把缺少的步骤
31、补全，并用已知物理量的符号和测量物理量的符号写出未知电阻 Rx的表达式。 实验步骤： （ 1）按照设计的电路图连接电路 （ 2）断开 S2、闭合 S1记录电流表示数为 I1 （ 3） _ （ 4）表达式： Rx =_。 答案： (3)断开 S1、闭合 S2记录电流表示数为 I2 （或 S1和 S2都闭合记录电流表示数为 I2 （ 4） I1 R0/ I2（或 I1 R0/ I2- I1） 试题分析：在没有电压表时，使定值电阻与待测电阻并联，根据开关的状态、电流表的示数以及欧姆定律得出定值电阻两端电压，然后根据公式 R= 计算出被测电阻的阻值 实验步骤： （ 1）按电路图连接电路 （ 2）断开
32、S2、闭合 S1记录电流表示数为 I1； （ 3）断开 S1、闭合 S2记录电流表示数为 I2（或 S1和 S2都闭合记录电流表示数为 I2）； （ 4）表达式： Rx= I1 R0/ I2（或 I1 R0/ I2- I1） 此题是测量电阻的实验步骤的设计，在实验中用一个定值电阻和一块电流表代替了电压表，设计实验步骤的宗旨是怎样能间接地测出电阻两端的电压 考点：测电阻实验 小丽利用如图所示的装置， “探究通电导体在磁场中受力方向与什么因素有关 ”，当小丽闭合开关 S0时，观察到导体 AB在磁场中受力的作用向右运动。断开开关 S0，然后小丽只将磁铁 N、 S极对调位置，闭合开关 S0时，观察到导
33、体AB在磁场中受力的作用向左运动。通过上述实验，小丽得出实验结论： “通电导体在磁场中受力方向只与磁场方向有关 ”， 请你选用图中所示电路中的元件，设计一个 实验证明小丽的观点是错误的。请你简述实验步骤和实验现象。 答案：闭合开关 S0时，观察到导体 AB在磁场中受力的作用向右运动；断开开关 S0，保持磁铁 N、 S极位置不变，改变电流的方向，闭合开关 S0时，观察到导体 AB在磁场中受力的作用向左运动；通过上述实验，实验证明小丽的观点是错误的。 试题分析：本题考查影响通电导体在磁场中受力方向与什么因素有关，以及控制变量法的应用闭合开关 S0时，观察到导体 AB在磁场中受力的作用向右运动；断开
34、开关 S0，保持磁铁 N、 S极位置不变，改变电流的方向，闭合开关 S0时，观察到导体 AB在磁场中受力的作用向左运动；通过上述实验，实验证明小丽的观点是错误的。 考点：探究通电导体在磁场中受力方向与什么因素有关 实验桌上有如下实验器材：满足实验要求的电源、阻值已知的定值电阻各 1个，滑动变阻器 1 个，已调零的电流表两块，开关两个，导线若干。请选用上述实验器材，设计一个实验证明 “两个电阻 R1 与 R2并联时，如果 R1的阻值保持不变，则电阻 R1与 R2并联的总功率 P跟电阻R2的功率 P2关系为： P=P2+ b（ b 为常量） ”。请你画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表
35、。 答案：实验电路图如图所示。（ 1分） 实验步骤： （ 1）按电路图连接电路。 （ 2）断开开关，调节滑动变阻器 R2的阻值。闭合开关 S，用电流表 A1测量通过定值电阻 R1的电流 I1，用电流表 A2测量通过干路的电流 I2，将 R1、 I1、 I2的测量数据记录在实验数据记录表中。 （ 1分） （ 3）仿照步骤（ 2），再改变 5次滑动变阻器 R2的阻值，用电流表 A1测电流 I1，用电流表 A2测电流 I2，并分别将 R1、 I1、 I2的测量数据记录在实验数据记录表中。（ 1分） （ 4）用公式 P=I2I1R1，分别计算出总功率 P，并分别记录在实验数据记录表中。（ 1分） （
36、5）用 P2=I1R1（ I2-I1），分别计算出滑动变阻器 R2的功率 P2，并分别记录在实验数据记录表中。 （ 1分） 实验数据记录表 （ 1分） R1 / I1 / A I2 / A P2/ w 试题分析：根据实验目的可知定值电阻与电阻箱并联，且电源的电压不变；根据并联电路：各用电器独立工作、互不影响及功率公式 P= 可知，定值电阻的功率不变为 P1= =b；调节电阻箱使其接入电路的电阻发生变化，用电流表 A1测出流过定值电阻 R1的电流，用电流表 A2测出通过变阻箱的电流，将数据记录在实验记录表中；再分别多次改变电阻箱的阻值，把电流表的示数记录在实验记录表中；最后利用并联电路的功率特点
37、，欧姆定律及功率公式分析计算即可证明结论 实验电路图如图所示。 实验步骤： （ 1）按电路图连接电路。 （ 2）断开开关，调节滑动变阻器 R2的阻值。闭合开关 S，用电流表 A1测量通过定值电阻 R1的电流 I1，用电流表 A2测量通过干路的电流 I2，将R1、 I1、 I2的测量数据记录在实验数据记录表中。 （ 3）仿照步骤（ 2），再改变 5次滑动变阻器 R2的阻值，用电流表 A1测电流 I1，用 电流表 A2测电流 I2，并分别将 R1、 I1、 I2的测量数据记录在实验数据记录表中。 （ 4）用公式 P=I2I1R1，分别计算出总功率 P，并分别记录在实验数据记录表中。 （ 5）用 P
38、2=I1R1（ I2-I1），分别计算出滑动变阻器 R2的功率 P2，并分别记录在实验数据记录表中。 实验数据记录表 R1 / I1 / A I2 / A 相关试题 20132014 学年度北京市怀柔区初三第一学期期末检测物理试卷（带） 免责声明 联系我们 地址：深圳市龙岗区横岗街道深峰路3号启航商务大厦5楼 邮编： 518000 2004-2016 21世纪教育网 粤 ICP备09188801号 粤教信息 (2013)2号 工作时间 : AM9:00-PM6:00 服务电话 : 4006379991 填空题 如图所示的电路中， R1为定值电阻， R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关 S后
39、，滑片 P从 a端移动到 b端，电流表示数 I与电压表示数 U的变化关系如图所示，则电源电压为 _ _V； R2的最大阻值为 _ _。 答案：； 10 试题分析：由图可知，两电阻串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为 0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出答案：；最后根据 P=I2R即可求出 R1消耗的最小功率 由图甲可知，两电阻串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为 0
40、时，电路中的电流最大，由图可知I1=0.6A，根据欧姆定律可得，电源的 电压： U=I1R1=0.6AR1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图可知， I2=0.2A， U2=2V，滑动变阻器的最大阻值： R2= =10. 考点：欧姆定律的应用 如图所示，电阻箱的示数是 _W。 答案： 试题分析：本题考查了电阻箱的读数方法，属于基础题电阻箱的读数方法：用 “”所对的数字乘以下面的倍数，然后把它们相加，即得连入的电阻值变阻箱的电阻值： 01000+6100+210+41=624 考点：电阻箱的示数 导体两端的电压为 6 V，导体的电阻为 10W，则通过导体的电流为 A。 答
41、案： .6 试题分析：已知导体两端的电压和导体的电阻，根据欧姆定律求出通过导体的电流 通过导体的电流： I= =0.6A 考点：欧姆定律的简单计算 如图所示，电度表的示数为 kW h。 答案： .6 试题分析：本题首先要清楚电能表的读数方法： 最后一位是小数， 单位kW h由图可知，电能表的读数为 6352.6kW h故答案：为： 6352.6。本题考查了电能表的读数方法，关键是知道电能表的最后一位是小数和单位 考点：电度表的读数 如图所示，根据通电螺线管中的电流方向，可以判断出通电螺线管的左端是 极。（填 “N”或 “S”）。 答案： N 试题分析：利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则
42、即可确定螺线管的左端的极性电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为 N极 考点：通电螺线管 如图所示，电源电压保持不变， R1R2=14。只闭合 S1时，电流表的示数为 0.1A， R1消耗的功率为 P1；只闭合 S2时， R0消耗的功率为 0.1W， R2消耗的功率为 P2，且 P1P2=11。则 R0先后两 次消耗的功率之比为 _。 答案： 1 试题分析：只闭合 S1时， R0与 R1串联，电流表测电路中的电流；只闭合 S2时，R0与 R2串联；根据 P=I2R分别表示出 R1消耗的功率为 P1和 R2消耗的功率为 P2结合 P1： P2
43、=1： 1得出两种情况下电路中的电流，再根据 P=I2R结合两种情况下的电流关系得出 R0先后两次消耗的功率之比 只闭合 S1时， R0与 R1串联，电流表测电路中的电流；只闭合 S2时， R0与 R2串联； P=I2R，且 R1： R2=1： 4， ，解得：;R0先后两次消耗的功率之比： 考点：电功率 导体两端的电压为 6V，通过导体的电流为 2A，通电时间为 10s，电流做功 J。 答案： 试题分析：知道导体两端的电压和通过的电流以及工作时间，根据 W=UIt求出电流做的功 电流做的功： W=UIt=6V2A10s=120J本题考查了电功的计算，是一道基础题目 考点：电功的计算 定值电阻
44、R1=10， R2=5，把它们串联在电源电压不变的电路中时，通过R1的电流 I1=0.2A，则电源电压 U=_V。 答案： 试题分析：已知两电阻串联和通过 R1的电流，根据串联电路的电流特点和电阻特点以及欧姆定律求出电源的电压由题意可知， R1、 R2串联， 串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和， 根据欧姆定律可得，电源的电压： U=I（ R1+R2） =I1（ R1+R2） =0.2A（ 10+5） =3V 考点：欧姆定律 我国家庭电路的电压是 V。 答案： 试题分析：我国家庭电路的电压是 220V，动力电路的电压是 380V记住我国家庭电路的电压、一节干电池的电压、人体安全电
45、压我国家庭电路的电压和一节干电池的电压有时在题目中不直接出现，而是隐含在题目中， 注意挖掘 考点： 家庭电路的电压 电荷的定向移动形成 。 答案：电流 试题分析：电荷的定向移动形成电流：正电荷定向移动形成电流，负电荷定向移动形成电流，正负电荷同时向相反方向移动形成电流把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向电流是电荷的定向移动形成的 考点：电流的形成 计算题 如图所示电路，电源电压恒定不变，电阻 R1的阻值为 5，小灯泡上标有“12V 6W”字样，闭合开关 S。 （ 1）当开关 S1、 S2都闭合，滑动变阻器的滑片 P移到最右端时，电流表的读数为 1.7A，小灯泡恰能正常发光，求滑动变阻器的最大
46、阻值。 （ 2）当开关 S1、 S2都断开，滑动变阻器的滑片 P在最右端，求电流表的读数和滑动变阻器消耗的电功率。 答案：（ 1） 10（ 2） 0.8A 6.4 w 试题分析： （ 1）小灯泡正常发光的电流 I1=Pe/Ue=0.5A； 当开关 S1、 S2都闭合，滑动变阻器的滑片 P移到最右端时， L和 R2并联，滑动变阻器中的电流 I2=I-I1=1.2A 因灯泡恰能正常发光，即电源电压 U=Ue=12V, 滑动变阻器的最大阻值R2=U/I2=10 当开关 S1、 S2都断开时，且 P在最右端， R1和 R2串联，接入电路中的总电阻R=R1+R2=15 电流表的读数 I2=U/R=0.8
47、A 此时滑动变阻器消耗的电功率 P2=I22 R2=6.4 w 考点：电功率的综合计算 如图所示电路， R1=10,当只闭合 S1时，电流表的示数为 0.6A；两开关 S1和 S2都闭合时，电流表的示数为 0.9A；求 R2的阻值。 答案： 试题分析：当只闭合 S1时，电路为 R1的简单电路，电流表测通过 R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当两开关 S1和 S2都闭合时， R1与 R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过 R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过 R2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出 R2的阻值 当只闭合 S1时，电路为 R1的简单电路，电流表测通过 R1的电流，根据欧姆定律可得，电源的电压： U1=I1R1=0.6A10
