2013届江苏省扬州市江都区国际学校九年级物理期末调研试卷与答案（带解析）.doc

1、2013届江苏省扬州市江都区国际学校九年级物理期末调研试卷与答案（带解析） 选择题 2010年 5月 1日，上海世博会开幕。如图所示是上海世博会门票，门票中有中国自主知识产权的芯片 “ 世博芯 ”，它记录着参观者的资料，并能以无线方式与遍布世博园区的传感器交换信息。在交换信息时，应用了大量的物理知识，下列知识得到应用的是 A回声 B电流的热效应 C电磁感应 D光的反射 答案： C 试题分析：由各知识点的作用及 “世博芯 ”的作用可以得出其应用的物理知识 “世博芯 ”是利用芯片中的磁场在接收端产生感应电流从而转化为易于传输的电信号，即采用了电磁感应原理；而回声、电流的热效应、光的反射等均不能产生

2、电流，故不被采用故选 C 考点：电磁感应 写出下列各单位所对应的物理量：（ 1） W S_； （ 2） Nm/S_ 答案：功、功率 试题分析：解决此题的关键是知道 W=Fs=Pt， P=Wt=Fv，然后根据公式等号两端的物理量分析即可 由功的公式 W=Fs=Pt，可知 N m和 W S都是功的单位；由公式 P=W/t，可知 N m/S也是功率的单位。 考点：功、功率 由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著，因此 A白天和夜晚的海风都是从陆地吹向海面 B白天和夜晚的海风都是从海面吹向陆地 C白天的海风都是从海面吹向陆地，夜晚的海风都是从陆地吹

3、向海面 D白天的海风都是从陆地吹向海面，夜晚的海风都是从海面吹向陆地 答案： C 试题分析：要解答本题需掌握：水的比热容比泥土沙石的大，导致海陆风的形成水的比热容比泥土沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地；晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面因此，在海岸附近形成的一种有日变化的风系在基本气流微弱时，白天风从海上吹向陆地，夜晚风从陆地吹向海洋前者称为海风，后者称为陆风，合称为海陆风故选 C 考点：比热容 如图所示的电路，已知电流表的量程为 0 0.6A，电压表的量程为 0 3V，定 值电阻 R

4、1的阻值为 10，滑动变阻器 R2的最大阻值为 50，电源电压为 6V. 开关 S闭合后，在滑动变阻器滑片滑动的过程中，保证电流表、电压表不被烧坏的条件是 A电压表最小示数是 1V B滑动变阻器滑片允许滑到最左端 C电路中允许通过的最大电流是 0.6A D滑动变阻器滑片移动的过程中，电流表先达到最大量程 答案： A 试题分析：由电路图可知，当滑动变阻器的滑片位于最左端时，电路为 R1的简单电路，电压表测电源的电压，然后比较电源的电压和电压表的量程即可判断滑片是否允许滑到最左端，根据欧姆定律求出此时电路中的电流即可判断电路中通过的最大电流和那个电表先达到最大量程；当滑动变阻器的最大阻值和定值电阻

5、串联时 R1分得的电压最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的最小示数 由电路图可知，当滑动变阻器的滑片位于最左端时，电路为 R1的简单电路，电压表测电源的电压， 电源的电压 6V大于电压表的最大量程 3V， 滑动变阻器的滑片不能移到最左端；根据欧姆定律可得，此时电路中 的电流： I=0.6A，故电路中的最大电流不能为 0.6A，且两电表中电压表先达到最大量程；根据串联电路的分压特点可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大时电压表的示数最小， 串联电路中的总电阻等于各分电阻之和， 电路中的最小电流 Imin= =0.1A，电压表的最小示数U1min=IminR1=

6、0.1A10=1V 故选 A 考点：欧姆定律 如图所示，斜面长 4m，高 2m，工人用 400N 的力沿斜面将重为 600N 的箱子，从底端推到顶端下列说法中正确的是 A有用功为 1800J，总功 1200J B有用功 为 1200J，额外功为 800J C总功为 1600J，机械效率为 75 D总功为 800J，机械效率为 75 答案： C 试题分析：已知斜面的长度和推力的大小，根据公式 W=FS可求总功；已知物体的重力和物体提升的高度，根据公式 W=Gh可求有用功；有用功与总功的比值就是斜面的机械效率有用功 W 有用 =Gh=600N2m=1200J；总功 W 总=FS=400N4m=16

7、00J；额外功为 W 额 =W 总 -W 有用 =1600J-1200J=400J； 机械效率 = 100%=75%故选 C 考点：机械效率 如果加在 定值电阻两端的电压从 8V增加到 10V时，通过定值电阻的电流相应变化了 0.2A，则该定值电阻所消耗电功率的变化量是 A 0.4W B 2.8W C 3.2W D 3.6W 答案： D 试题分析：电阻大小不变，已知电阻两端电压的变化和电流的变化，根据公式I= 可求电阻的大小，根据公式 P= 可知该电阻的电功率变化电阻两端的电压变化，电阻保持不变，当电阻两端的电压为 8V时，通过电阻的电流为 I1=，该电阻的电功率为 P1= ，当电阻两端的电压

8、为 10V时，通过电阻的电流为 I2= ，该电阻的电功率为 P2= ，电流变化量 I=I2-I1= -=0.2A，解得 R=10，所以该电阻的电功率变化了 P=P2-P1= -=3.6W，故选 D 考点：电功率 用如图所示的电路探究半导体的导电性能，电路中电源电压不变， R是一只光敏电阻，当光照射强度增大时，其电阻会减小闭合开关，增大光敏电阻的光照强度，电压表和电流表示数的变化情况是（ ） A电流表、电压表示数均减小 B电流表、电压表示数均增大 C电流表示数减小、电压表示数增大 D电流表示数增大、电压表示数减小 答案： D 试题分析：由图可知，光敏 电阻及灯泡串联，由题意知电路中电阻的变化，则

9、由欧姆定律可求得电路中电流的变化，则可知灯泡两端的电压变化，再由串联电路的电压特点可求得电压表的示数变化因光照射强度增大时，其电阻会减小；所以，增大光敏电阻的照射强度时，光敏电阻阻值增减小；则由欧姆定律I= 可知，电源电压不变，则电路中电流增大；即电流表示数增大根据欧姆定律 U=IR可知：灯泡的阻值不变，通过灯泡的电流增大，则灯泡两端的电压增大；再由串联电路的电压规律可知，光敏电阻两端的电压及灯泡两端的电压之和等于电源电压，因电源电压不变，灯泡两端的电压增大，则 可知光敏电阻两端的电压减小；即电压表示数减小 故选 D 考点：动态电路的分析 对下图中甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是 A甲图表明：

10、磁场能产生电流 B乙图表明：闭合开关，小磁针 N 极向左偏转 C丙图表明：麦克风应用了磁场对电流的作用 D丁图表明：电流相同时，线圈的匝数越多电磁铁磁性越强 答案： D 试题分析：甲图是奥斯特实验，表明通电导体周围存在磁场；选项 A 说法错误；乙图是通电螺线管的磁场对小磁针的作用；闭合开关，电磁铁的左端是 S极，小磁针 N 极向右偏转；选项 B说法错误；丙图中的麦克风是根据电磁感应原理；选项 C说法错误；丁图是电磁铁的磁性强弱跟匝数的关系。电流相同时，线圈的匝数越多电磁铁磁性越强。选项 D说法正确。故选 D。 考点：电和磁 小明和小华同学在做 “探究：比较水与煤油吸收热量时温度升高的快慢 ”的

11、实验时 , 使用了如图 3所示的装置设计实验方案时，他们确定以下需控制的变量，其中多余的是 A采用完全相同的加热方式 B酒精灯里所加的酒精量相同 C取相同质量的水和煤油 D盛放水和煤油的容器相同 答案： B 试题分析：物质的比热容不能直接测量，探究过程中往往是通过比较物体吸收热量的多少或升高温度的多少来体现比热容的大小由于物体吸收热量的多少不仅跟物体的质量和种类有关，还跟物体升高的温度有关，所以在实验过程中应控制液体的质量相等，为防止热量散失的影响要用相同的容器，为了保证液体吸收的热量相同，还应使用相同的加热方式 A、为保证水和煤油在相同时间内吸收的热量相同，采用完全相同的加热方式，所以该选项

12、的说法正确但不符合题意 B、实验时为了减小误差，应尽量使酒精灯的火焰大小一样，但不一定要求酒精灯内的酒精相同，所以 该选项的说法不正确但符合题意 C、为了便于比较水与煤油升高的温度差，实验时应取相同质量的水和煤油，所以该选项的说法正确但不符合题意 D、为防止热量散失对实验的影响，应让盛放水和煤油的容器相同，所以该选项的说法正确但不符合题意 故选 B 考点：比较水与煤油吸收热量时温度升高的快慢 投影机的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给它降温现要设计投影仪的电路，要求：带动风扇的电动机先启动后，灯泡才可以发光；电动机未启动，灯泡不可以发光 .图 2中符合设计要求的是 答案： C 试题分析：由并联

13、电路的特点知，开关在干 路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器当电风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发光，故应当有一个开关在干路中，一个开关在灯泡的支路中故选 C 考点：电路的设计 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是 A物体吸收了热量，温度一定会升高 B物体的温度越高，它所含的热量就越多 C 0 的冰内能为零 D两个物体的温度相同，它们之间就不可能发生热传递 答案： D 试题分析：物体吸收了热量，温度不一定会升高，比如晶体在熔化时，吸收了热量，温度是不变的，选项 A说法错误； 热量 “过程量 ”不能说含有或具有，物体的温度高，它具有的内能增大，选项 B

14、说法错误；任何物体都有内能， 0的冰内不能为零，选项 C说法错误；热传递的条件是有温度差，如果两个物体的温度相同，它们之间就不可能发生热传递，选项 D说法正确。故选 D。 考点：温度、热量和内能 如图 1所示，杠杆处于平衡状态，要使图中的弹簧测力计示数减为原来的一半，杠杆仍能平衡，可以采用的方法是 A将图中钩码减少 1个 B将图中钩码减少 2个 C将图中钩码减少 3个 D将图中钩码向左移动 4格 答案： B 试题分析：弹簧测力计的示数变为原来的一半，弹簧拉力变为原来的一半，对应的力与力臂的乘积变为原来的一半，判断出钩码拉力和力臂变化为原来的一半的即符合条件 A、将图中钩码减少 1个，钩码的拉力

15、与力臂的乘积变为原来的四分之三，此选项不正确 B、将图中钩码减少 2个，对应的钩码的拉力与力臂的乘积变为原来的二分之一，正确 C、将图中钩码减少 3个，对应的钩码的拉力与力臂的乘积变为原来的四分之一，此选项不正确 D、将图中钩码向左移动 4格，力臂变为原来的三倍，对应的钩码的拉力与力臂的乘积变为原来的三倍，此选项不正确 故选 B 考点：杠杆的平衡 某班级组织一次爬楼比赛活动，要求从一楼登上三楼，以功率的大小作为胜负的评价标准 .为此，下列物理量中必须测量的是 三楼地面到一楼地面的高度 从一楼到达三楼所用的时间 每个同学的体重 一楼到三楼楼梯的长度 A B C D 答案： C 试题分析：跑楼梯是

16、克服自身的重力做功，功除以时间就是功率需要测出楼高、登楼时间、每个同学的体重跑楼梯的功率 P 需要测量的物理量是参赛者的体重，所登楼层的高度以及登楼所用的时间故选 C 考点：功率的测量 双选题 如图为南京长江二桥 . “桥塔为什么要造这么高？ ”小明对此进行了研究：他将大桥的结构进行简化，抽象成图乙所示的模型，又画了桥塔高低不同的两幅图丙和丁 .小明通过比较发现：适当增加塔的高度，可 （选填 “增大 ”或 “减小 ”）力臂，从而 （选填 “增大 ”或 “减小 ”）斜拉索的拉力 . 答案：增大 、减小 试题分析：本题由图结合几何关系看得出力臂大小与小桥塔高度的关系，从而由杠杆平衡可得出结果因桥的

17、长度不变，比较丁图和丙图可看出当桥塔越高时，从 O 到引线的垂线越大即力臂越大，而桥的重力力矩是不变的，故引线 产生的力矩应该是相等的，力臂变长，则属要的力就减小 考点：杠杆 实验题 如图所示，均匀杠杆可绕 O 转动，在力 F作用下静止在水平位置， L为 F的力臂，请在图中作出杠杆重力 G和力 F的示意图。 答案： 试题分析：知道重力的三要素：作用点在重心上，方向竖直向下，不要忘记标上字母符号；力臂是支点到力的作用线的距离，按定义作出力 F 从重心竖直向下作出重力示意图，标上符号 G；从力臂的端点作垂线与杠杆的交点为力 F的作用点，标上符号 F；如图所示 考点：杠杆的力臂 （ 5分）在探究 “

18、电流与电压关系 ”的实验中，同学们 进行了交流与合作 （ 1）如图所示，同学们在交流中提出甲、乙两个探究思路，请对这两个探究思路进行评估你认为 （选填： “甲 ”或 “乙 ”）相对比较合理。 （ 2）请根据自己在探究 “电流与电压关系 ”实验中的实际情况，在空白处画出实验时的电路图及实验数据的记录表格 答案：（ 1）乙 （ 2）电路图，数据记录表格各 2分 实验次数 电阻 电压 电流 1 2 3 试题分析：评估两个设计的优缺点：从操作的简单和繁琐分析；从对实验元件的安全性分析；从收集数据对数据得出结论的正确性分析探究 “电流与电压关系 ”，需要控制电阻不变，改变电压，观察电流，需要记录电压和电

19、流，为了使实验结论具有普遍性，要进行多次实验 （ 1） 从操作的难易评估：为了进行多次实验，多次改变定值电阻两端的电压，甲需要更换电池的个数，需要拆装电路，操作不方便乙电路只需移动滑动变阻器的滑片，操作简单 从对实验元件的安全性评估：为了进行多次实验，多次改变定值电阻两端的电压，甲通过改变电池的个数，一节干 电池 1.5V，每增加一个电池，电源电压增大 1.5V，容易烧坏电源或电流表乙电路有滑动变阻器不但能通过移动滑片改变电压，而且起到保护电路的作用 从收集数据总结实验数据的准确性评估：甲电路用改变电池的个数来改变电压，干电池的新旧影响干电池的内阻，对电压有影响定值电阻的电压不能成倍增加，造成

20、实验数据不准确乙电路通过移动滑片改变电压，电压表能准确测量电压，电流表能准确测量电流，实验数据比较准确所以这两个探究思路中，乙相对比较合理； （ 2）探究 “电流与电压关系 ”，需要控制电阻不变，改变电压，观察电流，需要记录电压和电流，为了使实验结论具有普遍性，一般进行三次实验设计表格和电路图如下： 实验次数 电阻 电压 电流 1 2 3 考点：探究电流与电压和电阻的关系 （ 6分）为研究通电导体产生热量的多少与电阻的关系，小明找来了如图14所示的实验器材，其中 A、 B两个相同的瓶内分别装有质量和初温都相等的煤油，将选择好的铜丝和镍铬合金丝浸没在煤油中，两根温度计分别测量两瓶中煤油的温度。

21、（ 1）实验中，通过比较两瓶中煤油 来比较电阻丝发热量的多少； （ 2）实验时，将铜丝和镍铬合金丝串联接入电路中，这是为了控制 相同； （ 3）给图中的装置通电一段时间后，切断电源。根据铜丝和镍铬合金丝的 大小以及观察到的 ，可得通电导体产生热量的多少与电阻的关系。 （ 4）如在 A、 B两个相同的瓶内分别装有质量和初温都相等的煤油和酒精， （选填 “能 ”或 “不能 ”）完成以上实验，你判断的依据是 。 答案：（ 1）温度的高低；（ 2）电流；（ 3）电阻 温度的高低；（ 4）不能 煤油和酒精的比热容不同，没有 “控制变量 ”，无法判断 试题分析：探究焦耳定律实验的实验原理及控制变量法电阻丝

22、的热量转 化为煤油的内能，故可从温度的高低上判断热量的多少；串联电路的特点为电流相等；实验数据的处理，分析热量与电阻的关系；通常情况下，酒精是导体，据此来进行分析（ 1）实验中通过测量温度的高低比较电阻丝的发热量；（ 2）串联电路的特点是电流相等，故串在电路中是为了控制电流相同；（ 3）要判断热量由电阻的关系，可以根据温度的温度的高低，判出发热量的多少，由电阻的大小进行比较即可得出；（ 4）不能完成以上实验，煤油和酒精的比热容不同，没有 “控制变量 ”，无法判断。 考点：研究通电导体产生热量的多少与电阻的关系 （ 7分）小红同学 做 “测小灯泡的额定功率 ”实验时，已知小灯泡的额定电压是 3.

23、8V，其中电源是三节新的干电池，灯丝电阻大约 10，滑动变阻器上标有“10 1A”的字样。 （ 1）如图所示的是小红同学连接不完整的实验电路，请你用笔画线代替导线帮她将图中未连接部分连接好，要求：电压表、电流表选择合适的量程，滑动变阻器的滑片向右移动使连入电路的阻值减小； （ 2）当小红同学闭合电路的开关后，电路中可能出现一些不正常现象： 第一种：小灯泡较暗，滑动变阻器滑片移动时不能改变小灯泡的亮暗程度，可能在连接电路时把滑动变阻器的 _（填 “AB”或 “CD”）两端点连入了电路中； 第二种：小灯泡不亮，电流表示数不为零，电压表示数为零，可能小灯泡处_（填 “短路 ”或 “断路 ”）。 （

24、3）小红同学在实验中为了能得到比较准确的小灯泡的额定功率，改变接入电路的滑动变阻器的阻值，分别得到三组数据，如下表： 实验序号 电压表示数 /V 电流表示数 /A 功率 /W 额定功率 /W 1 3.00 0.36 1.08 2 3.80 0.40 1.52 3 4.50 0.42 1.89 小明认为小红同学通过三次测量得到三组数据，算出三个电功率值，再求平均值得到额定功率的数据处理方法有误，为什么？ （ 4）你认为正确测量结果 P 额 _W。 答案：（ 1）连接图如图所示（ 3分，建议每正确连接一根导线给 1分）；（ 2） AB 短路 （每空 1分）；（ 3）因为额定功率是用电器在额定电压下

25、的功率，当滑动变阻器阻值变化时，灯两端的电压也变化，实际功率是变化的，多次测量求平均值算出的功率不是额定功率（只要答到额定功率是用电器在额定电压下的功率即可给 1分，有其他合理答案：均参照给分）（ 1分）（ 4） 1.52 试题分析：灯泡额定电压为 3.8V，电压表选择 0 15V，并联在灯泡两端，测灯泡电压知道灯泡的额定电压和电阻，根据欧姆定律求出电流，确定电流表的量程，电流表与灯泡串联在电路中 注意电流表从正接线柱流入，从负接线柱流出滑动变阻器滑片右移，连入电路的阻值减小，滑动变阻器接入右半段，滑动变阻器接入右下端接线柱，上面接线柱任意选择，串联在电路中滑片移动不能改变判断的亮度，滑动变阻

26、器都接上面或下面两个接线柱，再由灯泡始终较暗，来判断滑动变阻器接入的接线柱灯泡不亮，电流表示数为 0，电路断路，电压表 等于电源电压，可以判断故障问题灯泡在不同电压下，电流不同，功率不同，求功率的平均值无意义利用灯泡的额定电压和额定电流值，根据 P=UI计算功率 （ 1）灯泡额定电压为 3.8V，电压表选择 0 15V，电压表与灯泡并联，灯泡电流约为 I= =0.38A，电流表选择 0 0.6A，灯泡串联在电路中，电流从电压表和电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，滑片右移，滑动变阻器电阻变小，滑动变阻器选择右下端接线柱和上面任意接线柱串联在电路中，如图： （ 2）第一种：灯泡较暗，电路电流较

27、小，电流电阻较大，滑动变阻器电阻较大 ，移动滑片，电路电阻不变，所以，滑动变阻器接入 A、 B接线柱第二种：小灯泡不亮，电流表示数不为零，电压表示数为零，可能小灯泡处短路。 （ 3）灯泡的电压不同，电流不同，功率不同，求功率的平均值，得到额定功率是错误的额定功率一定是灯泡额定电压下的功率，测量其它电压下的功率是无意义，计算平均值更无意义（ 4）由表格知，灯泡在 3.8V下的电功率为1.52W 考点：测小灯泡的额定功率 填空题 （ 4分）如图甲所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关 S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图线如图乙所示。根据图线的信息可知 : （甲 /乙）是电压表

28、V2示数变化的图线，电源电压为 V,电阻 R1的阻值为 ；当电流表的示数为 0.2A时，滑动变阻器接入电路中的阻值为 。 答案：乙； 6V； 10； 20 试题分析：解决此题的关键是能看懂甲图中电压表测的是哪部分电压及乙图中电压表示数随电流的变化情况，能用欧姆定律的变形式 R= 求解电阻的大小通过图可知，乙线反映电压随电流的增大而减小，且电压可以为 0v，所以这是电压表 V2示数变化图象；由图可知，当电流为 0.6A时， V2示数为 0，此时电压表 V1示数即为电源电压， U=6v，由欧姆定律的变形式 R1= =10；当电流表的示数为 0.2A时，电压表 V2的示数为 4v，所以滑动变阻器接入

29、电路中的阻值 R= = =20。 考点：电阻的串联、欧姆定律 如图所示的电路中，不计温度对灯丝电阻的影响，电源电压保持不变。当在 a、 b 间接 “6V 6W”的灯泡 L1 时，闭合开关，灯 L 恰能正常发光；断开开关，在 a、 b间换接入一个 “6V 8W”的灯泡 L2 后，再闭合开关， L的亮度变 _（选填 “亮 ”或 “暗 ”）， L2 消耗的实际功率 _8W（选填 “大于 ”“小于 ”或“等于 ”） 答案：亮、小于 试题分析：根据公式 R= 求出先后接入的两灯的电阻的大小，再根据欧姆定律判断电路电流的大小，从而判断出灯泡亮度的变化；根据灯泡 L亮度的变化判断 L2消耗的实际功率根据公式

30、 R= 可知，当电压相同时，电功率越大，电阻越小，所以灯泡 L2的电阻小于灯泡 L1的电阻； 改接后，电路电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，根据公式 P=I2R可知，灯泡 L的实际功率变大，亮度变亮；灯泡 L两端的电压变大，灯泡 L2两端的电压将小于 6V，所以实际功率小于 8W 考点：电功率、实际功率 如图所示：用滑轮组拉着一只木块 P沿水平面以 0. 5m/s的速度匀速向右运动，此时弹簧测力计的读数为 4N。若每只滑轮重 1N，绳与滑轮间的摩擦不计，拉力 F的大小为 _N，该滑轮组的机械效率为 _，在 2s内拉力 F做的功为 _J，有用功率大小为 _W。 答案： .5、 80、 5

31、、 2 试题分析：将此题中的三个滑轮分为两部分来看，上面的一个定滑轮和一个动滑轮构成了一个滑轮组，下面的一个定滑轮在拉木块，因定滑轮不改变力的大小也不能改变移 动的距离，故此题可简化为滑轮组（一定一动）在拉木块，即此滑轮组有 2段绳在拉木块，木块所受拉力为 4N，移动速度为 0.5m/s每只滑轮重 1N，有 2段绳子在拉木块，故拉力 F= （ F 物 +G 动 ） = （ 4N+1N） =2.5N因有 2段绳子在拉木块，故绳端移动距离为木块移动距离的 2倍，所以机械效率 = 80% 2s内拉力移动距离 S 拉 =2S 木 =2V 木 t=20.5m/s2s=2m，故拉力做功 W 拉 =F 拉

32、S 拉=2.5N2m=5J有用功率即木块移动的功率： P 木 = =F 木 v木=4N0.5m/s=2W 考点：机械效率、功率 如图分别是两个灯泡 L1、 L2的 UI 图象。由这两条曲线可知，当电压为40V时， L1的电阻为 _， L2的实际功率是 _W。在确保电路安全的前提下，将灯泡 L1、 L2串联在电路中，则 _更亮（选填 L1或 L2） 答案：、 6、 L1 试题分析：图象分析即可读出某一点的电压、电流值，根据欧姆定律可比较电阻值；根据公式 P=UI可求实际功率；串联时电流相等，根据公式 P=I2R可比较实际功率的大小在图上取电压为 40V时， L1的电流为 0.1A， L2的电流为

33、0.15A，则 L1的电阻为 R1= =400； L2的实际功率P=UI1=40V0.15A=6W；相同电压下，电阻越小电流越大，故 L1的电阻大于 L2的电阻；根据公式 P=I2R可知，电流相同时，电阻越大，实际功率越大，灯泡越亮，所以 L1更亮 考点：电功率、实际功率 图中的农民拿着一根用来挑东西的扁担，扁担属于 _ 类机械，使用扁担挑东西 _（填 “能 ”或 “不能 ”）省力 答案：杠杆；不能 试题分析：扁担是一个杠杆，以肩膀为支点，肩膀承担着两端施加的力，用扁担挑东西不省力用扁担挑东西时，扁担是可以围绕肩膀转动的，属于杠 杆；用扁担挑东西，扁担与重物的重力都要由肩来承担，是不能省力的

34、考点：杠杆 某物体具有的动能为 aJ，分子总动能为 bJ，重力势能 cJ为，弹性势能为 dJ，内能为 eJ，则它的机械能是 J；分子的总势能是 J 答案： a+c+d； e-b 试题分析：根据机械能包括动能和重力势能、弹性势能，内能包括分子动能和分子势能来计算 由题意知，机械能 =（ a+c+d） J；分子的总势能 =（ e-b） J 考点：机械能、弹性势能 如图所示，用动滑轮把重为 40N 的物体匀速上提，弹簧测力计示数为 24N，则拉力为 _N不计摩擦和绳重，动滑轮重为 _N，这时该动滑轮的机械效率约为 _ 答案：； 8； 83.3% 试题分析：解决此题要明白在使用动滑轮提升物体时，不仅要

35、克服物体的重力，同时也要克服动滑轮的重力并且绳端移动的距离是物体上升高度的 2倍 动滑轮两段绳子上的拉力相等，所以 F=24N根据 F=0.5（ G 物 +G 动 ）得， G 动=2F-G 物 =224N-40N=8N 该动滑轮的机械效率为： = 100% 100% 83.3% 考点：机械效率 如图所示，电源电压保持不变，电阻 R1=R2=R3，要使 R2、 R3并联，应闭合开关 _，此时电流表的示数为 I1；要使 R1、 R2串联，开关 S1、 S2应_（选填 “闭合 ”或 “断开 ”），此时电流表示数为 I2，则 I1：I2=_。 答案： S1S2 、断开、 4:1 试题分析：如图所示，电

36、源电压保持不变，电阻 R1=R2=R3，要使 R2、 R3并联，应闭合开关 S1S2，此时电流表的示数为 I1；要使 R1、 R2串联，开关 S1、 S2应断开，此时电流表示数为 I2。根据欧姆定律 I=U/R可知，电源电压是一定的，电流跟电阻成反比，因为三个 电阻的阻值相同，假设每一个电阻的阻值是 R，并联时总电阻是 R/2，串联时总电阻是 2R，电阻之比是 1:4，所以电流之比是 4:1. 考点：欧姆定律 如图是小明家电能表和电冰箱的铭牌如下表： 根据表中的信息可知，此时电能表的示数是 _ KW h，电冰箱每天消耗的电能是 J，若电能表后只有电冰箱在工作，每天电能表的转盘转 转？ 答案：

37、.6； 1.8106； 1250 试题分析：电冰箱铭牌：额定电压 220V-电冰箱的正常工作电压是 220V；额定功率 70W-电冰箱在额定电压（正常工作）时的电功率是 70W；工作频率50Hz-电冰箱使用的是家庭电路中的电，家庭电路中的交流电频度是 50Hz，这个参数在初中的题目中一般没有使用；耗电量 0.5KW h/24h-电冰箱正常工作时24小时耗电 0.5KW h电能表铭牌从上至下参数： KW h及下面的数字 -表示至目前为止消耗的电能，即到现在用了多少 KW h的电；转盘和最下面的2500R/KW h-表示的是消耗 1KW h的电能，转盘转动 2500转； 220V 10A 50Hz

38、-表示此电能表是使用在 220V 50Hz的家庭电路中，允许通过的最大电流是 10A 电能 表的读数要注意数字的最后一格是小数位，故此电能表的示数是 931.6KW h根据电冰箱的铭牌，电冰箱一天 24h消耗的电能为 0.5KW h=0.53.6106J=1.8106J；电冰箱一天消耗 0.5KW h，而电能表的转盘是消耗1KW h转动 2500转，所以 0.5KW h转盘就是转动 1250转 考点：电能表的参数 计算题 （ 6分）如图所示，斜面长 5m，高 3 m，小明用绳子沿斜面将重为 300N 的木块由斜面底端匀速拉到顶端，拉力大小为 240N，绳重不计。求： （ 1）小明做的有用功（

39、1分）； （ 2）斜面 的机械效率（ 2分）。 （ 3）木块与斜面间的摩擦力（ 2分） 答案：（ 1） 900J （ 2） 75% （ 3） 60N 试题分析：斜面是用来提高物体位置的，有用功等于物体重力和斜面高度的乘积总功等于物体沿斜面向上的拉力和斜面长的乘积机械效率就是有用功和总功的比值使用斜面时，所做的额外功就是克服物体与斜面摩擦力做的功 （ 1） W 有用 =Gh=300N3m=900J （ 2） = 100%= 100%=100%=75% （ 3） W 额外 =W 总 -W 有用 =1200J-900J=300J f= =60N 考点：斜面的机械 效率 （ 8分）一般来说，家庭电路中

40、的用电器工作的电压并不等于额定电压 .家庭里通常不备电压表，但借助电能表可以测出用电器的实际工作电压 .若在电路中只接入一个电热水壶（壶中盛有 4Kg、 20 的水），电热水壶的铭牌和电能表的铭牌如图 18甲、乙所示 .测得电能表的转盘转过 125转的时间为 121s.（不考虑温度对电热水壶电阻的影响 .c 水 =4.2103J/kg0C） （ 1）这段时间内电热水壶消耗的电能是多少焦？ （ 2）如果电热水壶消耗的电能有 70%转化为水的内能，则壶中的水温度升高了多少 ？ （ 3）电热水壶中电热丝的电阻是多大？ （ 4）电热水壶工作的实际电压是多少？ 答案：（ 1） 1.5105J （ 2）

41、6.25 （ 3） 32.27 （ 4） 200V 试题分析：已知电能表每消耗 1kw h的电能，转盘转动 3000r，可求转盘转过125转消耗的电能已知消耗的电能和转化效率，可求水吸收的热量，进一步求出水升高的温度已知电热水壶的额定电压和额定功率，根据公式 R=U2/P 可求电热丝的电阻已知消耗的电能和工作时间，根据公式 P=W/t可求电热水壶的实际功率，再利用公式 U2=PR可求实际电压 （ 1） 这 段时间内电热水壶消耗的电能是 W= （ n /N） W 0=（ 125/3000）3.6106J =1.5105J （ 2） 如果电热水壶消耗的电能有 70%转化为水的内能，则壶中的水温度升

42、高的是 W=cm t t=W/cm=1.5105J70%/4.2103J/kg 4kg=6.25 （ 3） 电热水壶中电热丝的电阻是 R=U2/P=（ 220V） 2/1500W=32.27 （ 4） P=W/t=U2/R U2=WR/t 电热水壶工作的实际电压是 U=200V 考点：电功的计算、电热的计算 （ 6分）在如图所示的电路中，电源电压为 9V且保持不变，电流表的规格为 “O 0.6A”，电压表的规格为 “O 15V”，灯泡上标有 “6V 6W”字样，灯泡中的电流随电压变化的关系如图所示试求： 灯泡正常发光时的电流 当电流表示数为 0.4A时，电压表的示数 灯泡正常发光时，滑动变阻器

43、消耗的电功率 答案： 1A 8V 3w 试题分析：由灯泡的额定电压和额定功率，利用功率公式 P=UI可求得正常发光时的电流；（ 2）根据乙图可查出灯泡电流为 0.4A时的电压，然后根据串联电路电压特点求得电压表示数；根据灯 泡正常工作电流为 1A，又知电源电压为9V，利用公式 P=UI计算滑动变阻器消耗的电功率 灯泡正常发光的电流，由公式 得 由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，当电路中的电流为 0.4A时，其两端的电压为 1V，所以，滑动变阻器两端的电压为 V 根据串联电路的特点，当灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压为 3V，此时它消耗的电功率为 考点：电功率的计算 作图题 如图所示是小明家理

44、发用电热吹风机的部分电路，只要将电热吹风机（通过插头）接入 220V的家庭电路中，通过调节开关（图中已画出），吹风机就能吹出 “冷 ”“热 ”两种风，请将图 11 中的电热丝和电风扇（额定电压均为 220V）正确接入电路，把吹风机电路补充完整。 答案：如图所示 试题分析：电风扇与电热丝并联如下图所示 考点：电路的连接 请在图中用笔画线的方式把图中螺口灯泡与其控制开关正确接入电路，并将三孔插座正确接入电路。 答案：如图所示 试题分析：灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线首先辨别上面三根线火线、零线、地线灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端 的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线如图所示： 考点：家庭电路的连接