1、2012-2013学年浙江省金华一中高二 12月月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 电工穿的高压作业服是用铜丝编织的，下列说法正确的是（ ） A铜丝编织的衣服不易拉破 B电工被铜丝衣服所包裹，使体内电势为零 C电工被铜丝衣服所包裹，使体内场强为零 D铜丝电阻小，能对人体起到保护作用 答案： C 试题分析：电工穿的高压作业服是用铜丝编织的，这样可以起静电屏蔽作用，是处于高压工作的中电工处于电场为零的工作环境中，人体中的电场为零，但不表示电势为零，所以 C正确， 考点：本题考查了静电屏蔽原理的利用 点评：处于电场中的导体，由于电场力的作用，使得导体内部的合电场为零， 如图所示的电路，将两个相同的
2、电流表分别改装成 A1（ 03A ）和 A2（ 00.6A ）的电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流强度，则下列说法正确的是（ ） A A1的指针半偏时， A2的指针也半偏 B A1的指针还没半偏时， A2的指针已经半偏 C A1的读数为 1A时， A2的读数为 0.6A D A1的读数为 1A时，干路的电流 I为 1.2A 答案： AD； 试题分析：并联后，电流表的电压相同，由于电流表的内阻相等，所以通过两电流表的电流相等 ，故表头指针偏转的角度相等， A正确， B错误， A1的读数为 1A时， A2的读数为 ,解得 ,故干路中的电流为 1.2A， D正确， 考点：考查了电流表的改装原
3、理 点评：电流表改装后的电流示数与其并联的电阻有关，但是两只相同的表头，只要两端的电压相同，则表头的指针偏转时相同的， 如图所示，（ a）、（ b）中， R和自感线圈 L的电阻都很小，接通 K，使电路达到稳定，灯泡 S发光。下列说法正确的是（ ） A在电路（ a）中，断开 K， S将渐渐变暗 B在电路（ a）中，断开 K， S将先变得更亮，然后渐渐变暗 C在电路（ b）中，断开 K， S将渐渐变暗 D在电路（ b）中，断开 K， S将先变得更亮，然后渐渐变暗 答案： AD 试题分析：在电路（ a）中，断开 K，通过 L的电流减小，所以 L产生自感电动势，与 R形成闭合回路，产生的感应电流小于等
4、于原电流，故 S将慢慢变暗，A正确， B错误， 在电路（ b）中，通过 L的电流大于通过 S的电流，所以断开 K，通过 L的电流减小，所以 L产生自感电动势，与 R形成闭合回路，所以通过 S的感应电流大于原电流，故 C错误， D正确， 考点：考查了线圈的自感现象 点评：注意本题中，两种情况下通过 S的电流变化， a中 s和 L串 联，电流保持一致，所以只会慢慢变暗，而 b中通过 s的电流小于通过 L的电流，所以当断开后，会先变亮，再慢慢的变暗 如图（ a）所示，两个闭合圆形线圈 A、 B 的圆心重合，放在同一水平面内，线圈 A中通以如图（ b）所示的变化电流， t=0时电流方向为顺时针（箭头所
5、示）。在 t1t 2时间内，对于线圈 B，下列说法正确的是（ ） A.线圈 B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势 B.线圈 B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势 C.线圈 B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势 D.线圈 B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势 答案： C 试题分析：在 t1 t2时间内，通入线圈 A中的电流是正向增大的，即逆时针方向增大的，其内部会产生增大的向外的磁场，穿过 B的磁通量增大，由楞次定律可判定线圈 B中会产生顺时针方向的感应电流线圈 B中电流为顺时针方向，与 A中的电流方向相反，有排斥作用，故线圈 B 将有扩张的趋势综上所述，C项正确 考点：考查了楞
6、次定律的应用 点评：本题的关键是根据 A中电流变化，判断 B中的磁通量的变化 一个闭合线圈处在如图所示的按正弦规律变化的磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，下列说法中正确的是（ ） A在 1s末线圈 中感应电流最大 B在 2s末线圈中感应电流最大 C 12s 内的感应电流方向和 23s 内相同 D 12s 内的感应电流方向和 34s 内相同 答案： BC 试题分析：图像的斜率表示磁感应强度的变化率，根据法拉第电磁可得，图像的斜率越大，产生的感应电动势越大，故产生的感应电流越大，所以 A错误， B正确，根据楞次定律可得 12s 内的感应电流方向和 23s 内相同 34s 内的相反， C正确， D错误
7、， 考点：考查了对法拉第电磁感应定律的理解 点评：做本题的关键是理解图像的斜率的物理意义 如图所示，匀强磁场的边界为矩形 abcd，已知 abac。一束带正电的粒子以不同的速度 v沿 cd边从 c点射入磁场，不计粒子的重力，关于粒子在磁场中的运动情况下列说法中正确的是（ ） A入射速度越小的粒子，其运动时间越长 B从 ac边出射的粒子的运动时间都相等 C从 ab边出射的粒子速度越大，运动时间越短 D粒子不可能从 bd、 cd边出射 答案： BC 试题分析：从 ac边出射的粒子的运动轨迹的圆心角都为 180，所以根据公式可得，这些粒子的运动时间相等， B正确，粒子运动时间跟其轨迹的圆心角有关，
8、A错 误，从 ab边射出的粒子的速度越大，所对圆心角越小，所以所用时间越小， C正确，当速度大于某一值时，粒子会从 bd边射出， D错误， 考点：考查了粒子在磁场中的运动， 点评：做本题的关键是能够画出粒子的运动轨迹，总结粒子的运动轨迹的圆心角 在如图所示的 U-I图象中，直线 为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线 为某一电阻 R的伏安特性曲线。用该电源直接与电阻 R相连组成闭合电路。由图象可知 （ ） A电源的电动势为 3V，内阻为 0.5 B电阻 R的阻值为 1 C电源的输出功率为 4W D电源的效率为 50% 答案： ABC 试题分析：由直线 知电源的电动势为 3V，内阻为 ， A
9、正确。由直线 知电阻 R的阻值为 ， B正确。由图线交点知输出功率图线的交点即为此时的路端电压和电流， ， C正确。电源效率为,D错误； 考点：考查了对 U-I图像的理解 点评：做本题的关键是理解图像的斜率，截距的物理意义 如图所示虚线 a、 b、 c是电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹， P， Q是这条轨迹上的两点，据此可知（ ） A三个等势面中， Q的电势较高 B带电 质点通过 P点时电势能较大 C带电质点通过 P点时动能较大 D带电质点通过 P点时加速度较大 答案： BD 试题分析：粒子做曲线运动受到的电场力总是指向曲
10、线的凹侧，根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直，可得 P、 Q两点处场强的方向，则可知，三个等势面中的， P的电势最高故 A错误若质点从 P到 Q 过程，电场力做正功，质点的电势能减小，动能增大，则质点在 P点具有的电势能比在 Q点具有的电势能大，通过 P点时的动能比通过 Q点时小若质点是从 Q点运动到 P点，则电场力做负功，电势能增大，动能减小，故 P点的电势能大于 Q点的电势能，P点的动能小于 Q点的动能，综上所述故 B正确， C错误 相邻等势面之间的电势差相等，而 P处等差等势面较密，则 P点的场强较大，质点通过 P点时的加速度比通过 Q点时大故 D正确 考点：本题考查了粒子在电场中的
11、运动问题 点评：已知等势面的分布，往往要作出电场的分布根据电场线的方向判断电势的高低基础题 长方体金属块放在匀强磁场中，有电流通过金属块，如图所示，则下面关于金属块上下表面电势高低的说法中，正确的是（ ） A金属块上、下表面电势相等 B金属块上表面电势高于下表面电势 C金属块上表面电势低于下表面电势 D无法比较上、下表面的电势高低 答案： C 试题分析：导体中可自由移动的电荷为自由电子带负电，负电荷移动方向与电流方向相反，则用左手定则可知该粒子受洛伦兹力方向向上，所以导体上部聚集负电荷，与下部产生电势差，上部电势低。所以选 C。 考点：考查了带电粒子在磁场中的运动 点评：需要注意的是自由电子带
12、负电，定向移动方向和电流方向相反 如图所示，电源 E的电动势为 3.2 V，电阻 R的阻值为 30 ，小灯泡 L的额定电压为 3.0 V，额定功率为 4.5 W，当电键 S接位置 1时，电压表的 读数为3 V，那么当电键 S接到位置 2时，小灯泡 L的发光情况是 （ ） A很暗，甚至不亮 B正常发光 C比正常发光略亮 D有可能被烧坏 答案： A 试题分析：当电键 S接位置 1时， ,由 得， 当电键 S接到位置 2时，小灯泡 L的电阻 ,因 ,所以,即小灯泡很暗，甚至不亮 ,A正确， BCD错误。 考点：本题考查闭合电路的欧姆定律， 公式 点评：本题学生要熟练掌握闭合电路的欧姆定律，会用其表达
13、式进行相关的计算。 如图所示，当合上开关时，无论怎样调节可变电阻器，两灯都不亮，测得，其它部分电路中各导线及其连接都良好，则（ ） A L1灯断路 B L2灯断路 C L1和 L2都断路 D电源电动势太低 答案： B 试题分析： ，说明变阻箱和电源无故障， ，说明 L1 灯无故障，故 L2灯断路， B正确， 考点：考查了电路故障分析 点评：电压表有示数，说明连接的两点所处的电路之外无断路， 如图所示，长为 L，倾角为 的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为 +q，质量为 m的小球，以初速度 v0由斜面底端的 A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为 v0，则 ( ) A.A、 B两点的电势差一
14、定为 mgLsin/q B.小球在 B点的电势能一定大于小球在 A点的电势能 C.若电场是匀强电场，则该电场的场强的最大值一定是 mg/q D.若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷 Q产生的，则 Q 一定是正电荷 答案： A 试题分析：过程中电场力做正功，重力做负功，并且从低端到顶端两力做功和为零，故 ，所以 AB两点的电势差一定为 mgLsin/q， A正确，过程中电场力做正功，所以电势能减小，故 B点的电势能小于 A点的电势能，B错误，若电场是匀强电场，则该粒子合力为零，根据矢量三角形定则可得，电场只有最小值，没有最大值， C错误，若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷 Q产生的，则 Q 一
15、定是负电荷， D错误， 考点：考查了带电粒子在电场中的运动， 点评：本题的突破口是到达斜面顶端的速度仍为 v0，即两力合功为零， 如图所示，平行板电容器与电动势为 E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。一带电油滴位于容器中的 P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（ ） A带点油滴将沿竖直方向向上运动 B P点的电势将降低 C带点油滴的电势能将减少 D电容器的电容减小，两极板带电量增大 答案： B 试题分 析：电容器和电源相连，则电容器两端的电压不变，所以根据公式可得，两极板间的电场强度减小，故油滴将向下运动， A错误，下极板接地，所以电势为零，设 p点距离
16、下极板的距离为 L，则 ， L不变， E减小，所以 P点的电势减小， B正确，油滴向下运动，带负电，故电场力做负功，电势能增大， C错误，根据公式 可得， d减小， C增大，根据公式 可得， C增大 U不变，故 Q增大， D错误 考点：考查了电容器的动态分析 点评：在研究电容器的动态分析的时候，需要注意电容器是否和电源相连，如果和电源相连，则电容器两端的电压不变，如果和电源断开，则 电容器两极板所带电荷量不变 实验题 某同学想测绘额定电压为 2.5v小灯泡的 I-U图线，图为小灯泡的 I-U图线 （ 1）将右图中的实物连接成完整的实验电路；（请到答题纸上连接） （ 2）连接完毕，实验前滑动触头
17、应处在滑动变阻器的 端 (填 “左端 ”或 “右端 ”)答案：（ 1）见（ 2）左端 试题分析：（ 1）因为要求电压时从零开始的，所以采用滑动变阻器的分压解法，因为灯泡的电阻较小， 故采用电流表的外接法， (2)为了保护电路，所以滑动变阻器在实验前应处于最大电阻处，即最左端 考点：考查了测绘小灯泡 U-I图像的实验 点评：实验中需要注意滑动变阻器和电流表的接法 已知电阻丝的电阻约为 10 ，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，应选用的器材有 （只填代号） A量程是 0 0.6A，内阻约为 0.5 的电流表 B量程是 0 3A，内阻约为 0.1 的电流表 C量程是 0 3V，内阻约为 6K
18、 的电压表 D量程是 0 15V，内阻约为 30K 的电压表 E阻值为 0 20 ,额定电流为 2A的滑动变阻器 G电池（ 3V，内阻不计） H开关一个，导线若干 在虚线框内画出用伏安法测上述电阻丝电阻的电路图。 答案：（ 1） ACEGH（ 2） 电流表外接法；分压或限流皆可 试题分析：（ 1）因为电源电压为 3V，所以采用的电压表为 C，电流中最大的电流为 0.3A，所以电流表选用 A，所以采用的仪器为 ACEGH （ 2）因为要求电压时从零开始的，所以采用滑动变阻器的分压解法，因为灯泡的电阻较小， 故采用电流表的外接法， 考点：考查了用伏安法测量电阻实验 点评：实验中需要注意滑动变阻器和
19、电流表的接法，另外仪器的选用是该类型实验的难点 计算题 如图所示，在场强为 E，方向竖直向上的匀强电场中，水平固定一块长方形绝缘薄板。将一质量为 m， 带有电荷 -q的小球，从绝缘板上方距板 h高处以速度 V0竖直向下抛出。小球在运动时，受到大小不变的空气阻力 f的作用，且f(qE+mg)，设小球与板碰撞时不损失机械能，且电量不变。求小球在停止运动前所通过的总路程 S。 答案： 试题分析：过程中重力和电场力做正功，阻力做负功，当小球停止运动时，根据动能定理有： ，解得 考点：考查了动能定理的应用 点评：在运用动能定理时，一定要注意过程中始末状态 如图所示，电源的电动势 E=110V，电阻 R1
20、=21，电动机绕组的电阻R0=0.5，电键 S1始终闭合。当电键 S2断开时，电阻 R1的电功率是 525W；当电键 S2闭合时，电阻 R1的电功率是 336W，求 电源的内电阻； 当电键 S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出的功率。 答案：（ 1） r=1（ 2） W 试题分析：（ 1）设 S2断开时 R1消耗的功率为 P1，则 ， 代入数据可以解得， r=1 （ 2）设 S2闭合时 R1两端的电压为 U，消耗的功率为 P2，则 ，解得，U=84V 由闭合电路欧姆定律得， E=U+Ir，代入数据，得 I=26A 流过 R1的电流为 I1，流过电动机的电流为 I2， A，而 I1+I2=I，
21、所以I2=22A， 由 ，代入数据得， W。 考点：考查了带有电动机电路的功率的计算 点评：电动机是非纯电阻电器，它将一部分电能转化为电热，一部分电能转化为机械能， 如图甲所示，一个足够长的 U 形金属管导轨 NMPQ 固定在水平面内， MN、PQ两导轨间的宽度为 L=0.50 m.一根质量为 m=0.50 kg的均匀金属棒 ab横跨在导轨上且接触良好， abMP恰好围成一个正方形 .该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节、竖直向上的匀强磁场中， ab棒与导轨间的最大静摩擦力和滑动摩擦力均为 Fm=1.0 N， ab棒的电阻为 R=0.10 ，其他各部分电阻均不计。开始时，磁感应强度 B0=0.
22、50 T。 (1)若从某时刻 (t=0)开始，调节磁感应强度的大小 ,使其以 =0.20 T/s的变化率均匀增加，求经过多长时间 ab棒开始滑动 .此时通过 ab棒的电流大小和方向如何 (2)若保持磁感应强度 B0的大小不变 ,从 t=0时刻开始，给 ab棒施加一个水平向右的拉力 ,使它以 a=4.0 m/s2的加速度匀加速运动，推导出此拉力 FT的大小随时间 t变化的函数表达式，并在图乙所示的坐标图上作出拉力 FT随时间 t变化的 FT-t图线。 答案：（ 1） I=0.5 A，从 b到 a（ 2）见 试题分析： (1)以 ab杆为研究对象，当磁感应强度均匀增大时，闭合电路中有恒定的电流 I
23、.以 ab杆为研究对象，它受到的安培力逐渐增大，静摩擦力也随之增大。 当磁感应强度增大到 ab所受安培力 F与最大静摩擦力 Fm相等时开始滑动。因F=BIl， B=B0+ t=(0.5+0.2t) T， I= ， E= = l2， F=Fm。 由以上各式求出，经时间 t=17.5 s后 ab棒开始滑动，此时通过 ab棒的电流大小为 I=0.5 A，由楞次定律可判断出，电流方向为从 b到 a。 (2)当 ab匀加速运动时，根据牛顿第二定律有： FT-Fm-F=ma.，因 F=B0Il，I=B0lv/R， v=at。 联立上述各式，并代入数据，可解得： FT=Fm+ma+B02l2at/R=(3+
24、2.5t) N。 由此可画出 FT-t关系图象如图所示。 考点：考查了导体棒切割磁感线运动 点评：做本题的关键需要先判断感应电流的表达式，结合受力分析解题 一质量为 m、电量为 q的带电质点，从 y轴上 y=h处的 P1点以一定的水平初速度沿 x轴负方向进入第二象限。然后经过 x轴上 x=-2h处的 P2点进入第三象限，带电质点 恰好能做匀速圆周运动。之后经过 y轴上 y=-2h处的 P3点进入第四象限。已知重力加速度为 g。求： （ 1）粒子到达 P2点时速度的大小和方向； （ 2）第三象限空间中电场强度和磁感应强度的大小 ; （ 3）带电质点在第四象限空间运动过程中最小速度的大小和方向 答案：（ 1） . （ 2） （ 3） ,水平向右 试题分析： 方向：水平向右 考点：考查了粒子在磁场中的运动 点评：做此类问题时，需要先画出粒子的运动轨迹，然后结合几何知识求出粒子的半径
