1、2013-2014山东日照第一中学高二上模块测试（学段调研）物理试卷与答案（带解析） 选择题 首先发现电流的磁效应的物理学家是 A安培 B法拉第 C奥斯特 D牛顿 答案： C 试题分析：奥斯特首先在通电导线周围发现了电流的磁效应，故选项 C正确 考点：本题考查物理学家的主要贡献 一条形磁铁放在水平桌面上，它的上方靠 S极一侧吊挂一根与它垂直的导体棒，图中只画出此棒的截面图，并标出此棒中的电流是流向纸内的，在通电的一瞬间可能产生的情况是 A磁铁对桌面的压力减小 B磁铁对桌面的压力增大 C磁铁受到向右的摩擦力 D磁铁受到向左的摩擦力 答案： AD 试题分析：由左手定则可知通电导线受到磁铁斜向左下方
2、的安培力作用，所以磁铁受到导线斜向右上方的作用力，使得磁铁对地面的压力减小，并且有向右的运动趋势，即磁铁受到向左的静摩擦力作用，故选项 AD正确 考点：本题考查了利用左手定则判断通电导线和磁体之间的作用力，解答时要灵活选择研究对象以方便解题 一个电压表由电流表 G与电阻 R串联而成，如右图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小些，采用下列哪种措施可能加以改进 A在 R上并联一个比 R小得多的电阻 B在 R上并联一个比 R大得多的电阻 C在 R上串联一个比 R小得多的电阻 D在 R上串联一个比 R大得多的电阻 答案： B 试题分析：由题意知，电压表的示数比准确值小，就是要让电流稍大一点
3、，则应减小总电阻，给 R并联一电阻可达到要求，若并联一比 R小得多的电阻，其并联值会比并联的电阻阻值还要小，电流增加太多，故应并联一比 R大得多的电阻，可使总电阻稍变小，满足要求，故选项 B正确 考点：本题考查对电压表改装原理的理解 如图所示直线 OAC 为某一直流电源的总功率 P随总电流 I变化的图线；抛物线 OBC为同一电源内部消耗的功率 Pr随总电流 I变化的图线，则当通过电源的电流为 1A时，该电源的输出功率为 A 1W B 3W C 2W D 2.5W 答案： C 试题分析：由电源的总功率 可知其对应图线 OAC，由 C点数据可得；由电源内部的热功率 可知其对应图线 OBC，由 C点
4、数据可得当 I=1A时，电源的输出功率 ，故选项 C正确 考点：本题考查学生对图像的分析解答能力，解答时要依据电源的总功率和电源内部的热功率 先找出其对应的图线，再求解电动势和内阻，最后根据能量关系求解输出功率 如图所示，当 ab端接入 100V电压时， cd两端为 20V；当 cd两端接入100V时， ab两端电压为 50V，则 R1 R2 R3是 A 4 1 2 B 2 1 1 C 3 2 1 D以上都不对。 答案： A 试题分析：当 ab端接入 100V电压时， cd两端为 20V，由串并联电路的特点可知： ，即 ；当 cd两端接入 100V时， ab两端电压为50V，由串并联电路的特点
5、可知： ，即 ，联立解得： 考点：本题考查串并联电路中电压之间的关系 电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路。当开关 S闭合后，电容 器中有一个 带电液滴正好处于静止状态。现将开关 S断开，则以下判断正确的是 A液滴仍保持静止状态 B液滴将向上运动 C电容器上所带的电荷将减为零 D电容器上所带的电荷将增大 答案： BD 试题分析：由电路图可知，当开关闭合时，电容器与电阻 R2 并联，其电压等于 R2 两端的电压，此时带电液滴处于静止状态，电场力等与重力；当开关断开时，电容器与电源并联，其电压增大，电场力变大，所带电量增加，所以带电液滴向上运动，故选项 BD正确 AC 错误
6、 考点：本题考查了含容电路的分析，关键在于明确电容器与哪部分电路并联，其电压如何变化，再结合其他条件解答 如图所示，带正电的粒子以一定的初速度 v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出，已知板长为 L，板间的距离为 d，板间电压为 U，带电粒子的电荷量为 q，粒子通过平行金属板的时间为 t，不计粒子的重力，则 A在前 时间内，电场力对粒子做的功为 B在后 时间内，电场力对粒子做的功为 Uq C在粒子下落前 和后 的过程中，电场力做功之比为 1 2 D在粒子下落前 和后 的过程中，电场力做功之比为 2 1 答案： B 试题分析：粒子进入极板后做类平抛运动，沿极板方向做匀速
7、直线运动，垂直极板方向做初速度为零的匀加速直线运动，所以在前 时间内，沿电场线方向的位移 ，即初末位置的电势差 ，电场力做功 ，故选项 A错误；在前后 时间内，沿电场线方向的位移 ，即初末位置的电势差 ，电场力做功 ，故选项 B错误；在粒子下落前 和后 的过程中，所经区域的电势差相同，及电场力做功相同，故选项CD错误 考点：本题考查了电场力做功，利用 就算电场力做功时注意 U指的是物体初末位置的电势差，不一定等于极板之间的电势差 如图所示，电源电动势为 E，内阻为 r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光。在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是
8、 A小灯泡 L1、 L2均变暗 B小灯泡 L1变亮，小灯泡 L2变暗 C电流表 A的读数变小，电压表 V的读数变大 D电流表 A的读数变大，电压表 V的读数变小 答案： BC 试题分析：滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路的阻值变大，所以电路中的外电阻 R变大，由闭合电路的欧姆定律 可知电路中总电流减小，即电流表示数减小，灯泡 L2两端的电压变小，其亮度变暗，由路端电压 可知电压表示数变大，根据部分电路的欧姆定律的可知灯泡 L1两端的电压变大，其亮度变亮，由以上分析可知选项BC 正确 考点：本题考查了电路的动态分析，要从滑动变阻器的阻值变化入手，遵从先部分再整体后部分的思路分析，主要利用闭合电
9、路的欧姆定律和部分电路的欧姆定律解答 如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由 b沿直线运动到 d，且 bd与竖直方向的夹角为 45，则下列结论正确的是 A此液滴带负 电 B液滴做匀加速直线运动 C合外力对液滴做的总功大于零 D电场力做负功 答案： ABC 试题分析：因为液滴从静止开始沿直线从 b到 d运动，所以液滴所受电场力方向向右，结合场强方向可知液滴带负电，故选项 A正确；又因为重力和电场力均为恒力，其合力也为恒力，所以液滴做匀加速直线运动，故选项 B正确；根据液滴的运动方向和所受重力和电场力方向之间的关系可知电场力做正功，合外力做正功，故选项 C正确 D错误
10、 如图所示， MN 是一负点电荷产生的电场中的一条电场线。一个带正电的粒子（不计重力）从 a到 b穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示。下列结论正确的是 A负点电荷一定位于 M点左侧 B带电粒子在 a点的加速度大于在 b点的加速度 C带电粒子在 a点时的电势能小于在 b点时的电势能 D带电粒子从 a到 b过程中速度大小逐渐减小 答案： A 试题分析：由于粒子向左偏转，所以受到的电场力是从 N 指向 M，又因为粒子带正电，所以负电荷在 M点的左侧，故选项 A正确；又因为是负电荷产生的电场，所以 b点的场强大于 a点的场强， b点的加速度大于 a点的加速度，故选项B错误；粒子从 a点到 b点，电场力
11、做正功，电势能减小，动能增大 ，故选项CD错误 考点：本题通过粒子在电场中的运动考查了静电场中电场强度的分布特点和电场力做功和能量转化之间的关系，题目中从粒子的偏转方向作为突破口解答 如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于 A、 B两处， AB为两点电荷的连线， MN 为 AB连线的中垂线，交 AB于 O 点， M、 N 距两个点电荷较远，以下说法正确的是 A沿直线由 A到 B,各点的电场强度先减小后增大 B沿直线由 A到 B,各点的电势先升高后降低 C沿中垂线由 M到 O，各点的电场强度先增大后减小 D将一正电荷从 M点移到 O 点，电场力做正功，电荷的电 势能减少 答案： A 试题分析：
12、由题目知静电场为等量异种电荷形成的电场，所以在 AB连线上从A到 B，电场线先变稀再变密，即场强先变小再变大，故选项 A正确；因为 B带正电 A带负电，在 AB连线上从 A到 B是逆着电场线方向，电势升高，故选项 B错误；沿中垂线由 O 到 M，两电荷产生的场强变小且夹角增大，故合场强变小，即选项 C 错误；由于两电荷为等量异号电荷，其两线的中垂线为等势面，所以沿等势面移动电荷时电场力不做功，故选项 D错误 考点：本题考查了静电场中电场强度和电势的分布特点及大小变化 关于电功 W和电热 Q 的说法，正确的是 A在任何电路里都有 W =UIt ， Q = I2Rt ，且 W = Q B在任何电路
13、里都有 W =UIt ， Q = I2Rt ，但 W不一定等于 Q C W =UIt ， Q = I2Rt均只在纯电阻电路中才成立 D W =UIt在任何电路中都成立， W = I2Rt只在纯电阻电路中成立 答案： BD 试题分析：在纯电阻电路中，电功 ，电热 ，且电功全部转为电热，即 ，在非纯电阻电路中，电功 ，电热 ，电功一部分转化为机械能，一部分转化为电热，即 ，也就说计算电功的公式 适用于任何电路，计算电热的公式 也适用于任何电路，但两者不一定相等，故选项 BD正确 AC 错误 考点：考查计算电功和电热公式的适用范围及两者之间的关系 实验题 某电阻额定电压为 3 V(阻值大约为 10
14、)为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材 A电流表 A1(量程 300 mA，内阻约 1 ) B电流表 A2(量程 0.6 A，内阻约 0.3 ) C电压表 V1(量程 3.0 V，内阻约 3 k) D电压表 V2(量程 5.0 V，内阻约 5 k) E滑动变阻器 R1(最大阻值为 50 ) F滑动变阻器 R2(最大阻值为 500 ) G电源 E(电动势 4 V，内阻可忽略 ) H开关、导线若干 (1)为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为 (只需填器材前面的字母即可 )：电流表 _电压表 _滑动变阻器 _ (2)该实验要求待测电阻两端的电压可以由零开始调节，请在答题纸上画出实验电路图
15、答案： (1)A C E (2) 试题分析： (1)题目中尽可能提高测量准确度，所以采取分压接法，所以滑动变阻器选择 E；根据待测电阻的规格可知，最大电流为 0.3A，最大电压为 3.0V，所以电压表选择 C，电流表选 A (2)测量电路采取分压接法，由于待测电阻较小，所以电流表采取外接法，电路图如下图所示： 考点：本题考查了测量电阻的器材选择和电路选择，一般来讲只要题目中要求提高测量精确度就采取分压接法 (1)用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十 k的电阻 Rx，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中 S为选择开关， P为欧姆挡调零旋钮把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上 _ _ a将
16、两表笔短接，调节 P使指针对准刻度盘上欧姆挡的 0刻度，断开两表笔 b将两表笔分 别连接到被测电阻的两端，读出 Rx的阻值后，断开两表笔 c旋转 S使其尖端对准欧姆挡 1 k d旋转 S使其尖端对准欧姆挡 100 e旋转 S使其尖端对准交流 500 V挡，并拔出两表笔 (2)下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是 A测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关 S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量 B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果 C测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开 D测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零 答案：（ 1） cabe（ 2） AC
17、试题分析： (1)由于待测电阻的阻值大约是几十 k，所以选择欧姆挡 1 k，然后将两表笔短接，调节指针到欧姆表盘的 0刻度，断开再接上待测电阻，读数，断开表笔，将选择开关调至交流电压表的最高档或者调至 “OFF”档，拔出表笔即可 (2)测量电阻时，如果指针偏角过大，则说明待测电阻偏小，应该选择倍率较小的档位，重新调零后测量，故选项 A正确；测量电阻时，如果将红、黑表笔分别插入负、正插孔，对结果无影响，但不符合操作规范，故选项 B错误；测量电路中的电阻时，应将电阻断开，以避免电路中的电流造成影响，故选项 C正确；测量电阻时，只要调整档位，就必须重新调零，故选项 D错误 考点：本题考查了欧姆表的使
18、用方法 计算题 （ 7分）如图所示，在倾角为 37的光滑斜面上有一根长为 0.4 m，质量为610-2 kg的通电直导线，电流强度 I 1 A，方向垂直于纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒增加 0.4 T，方向竖直向上的磁场中设 t 0时， B 0，则需要多长时间斜面对导线的支持力为零？ (g取 10 m/s2) 答案： t 5 s. 试题分析：斜面对导线的支持力为零时导线的受力如图所示由平衡条件 （ 1分） （ 1分） 由 解得： （ 1分），代入数值得： F 0.8 N（ 1分） 由 （ 1分）得： （ 1分） B与 t的变化关系为 B 0.4 t所以 t
19、 5 s. （ 1分） 考点：本题考查了安培力公式和平衡条件的应用 （ 10分）如图所示，在一个大小为 V/m，方向水平向左的匀强电场中，有一个小物块，质量为 80g，带正电荷 ，与水平轨道之间的动摩擦因数 0.2，在水平轨道的末端 处，连接一个光滑的半圆形轨道，半径为 40cm，取 10m/s2，求： （ 1）若小物块恰好运动到轨道的最高点，那么小物块应该从水平轨道的哪个位置释放？ （ 2）如果在第（ 1）问的位置释放小物块，当它运动到 （轨道中点）点时对轨道的压力等于多少？ 答案： (1)20N (2)3.0N 试题分析：（ 1）物块能通过轨道最高点的临界条件是 解得 v=2m/s （ 2
20、分） 设小物块释放位置距 处为 ，则由动能定理 （ 2分） 解得 ，即小物块应该从在水平位置距 处为 20m处开始释放（ 1分） （ 2） P点到最高点由动能定理： （ 2分） 物块到 P点时， （ 2分） 解得 由牛顿第三运动定律可得物块对轨道的压力为 3.0N（ 1分） 考点：本题利用物体在电场中的圆周运动考查向心力公式和动能定理的综合应用，要理解题目中恰好通过最高点的含义是重力提供向心力，可以求出在最高点的速度，再结合动能定理求解 （ 9分）如图所示，电解槽 A和电炉 B并联后接到电源上，电源内阻 r 1 ，电炉电阻 R 19 ，电解槽电阻 r 0.5 。当 S1闭合、 S2断开时，电炉
21、消耗功率为 684 W； S1、 S2都闭合时电炉消耗功率为 475 W(电炉电阻可看作不变 )试求： (1)电源的电动势； (2)S1、 S2均闭合时，流过电解槽的电流大小； (3)S1、 S2闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率 答案： (1)120V (2)20A (3)1700W 试题分析： (1)S1闭合、 S2断开时电炉功率为 P1 电炉中电流 ，（ 1分）电源电动势 （ 1分） (2)S1、 S2都闭合时电炉功率为 P2 电炉中电流为 ，（ 1分）电源路端电压为，（ 1分） 流过电源的电流为 ，（ 1分）流过电解槽的电流为（ 1分） (3)电解槽消耗的电功率 PA IAU 20
22、95 W 1 900 W（ 1分） 电解槽内热损耗功率 （ 1分） 电解槽转化成化学能的功率为 （ 1分）（以上每式 1分） 考点：本题考查了闭合电路的欧姆定律及电路中电功和电热的计算 （ 10分）如图所示，甲图是用来使带正电的离子加速和偏转的装置乙图为该装置中加速与偏转电场的等效模拟以 y轴为界，左侧为沿 x轴正向的匀强电场，场强为 E；右侧为沿 y轴负方向的匀强电场。已知 OA AB， OAAB，且 OB间的电势差为 U0。若在 x轴的 C点无初速地释放一个电荷量为 q、质量为 m的正离子 (不计重力 )，结果正离子刚好通过 B点求： (1)CO 间的距离 d； (2)粒子 通过 B点的速度大小 答案： (1) (2) 试题分析： (1)设正离子到达 O 点的速度为 v0(其方向沿 x轴的正方向 ) 则正离子由 C点到 O 点由动能定理得： （ 2分） 而正离子从 O 点到 B点做类平抛运动，则 （ 1分） （ 2分） AB v0t（ 1分） 而 OA AB 由 得 （ 1分） (2)设正离子到 B 点时速度的大小为 vB，正离子从 C 到 B 过程中由动能定理得： （ 2分） 解得 （ 1分） 考点：解决本题的关键知道粒子在竖直匀强电场中做类平抛运动，掌握处理类平抛运动的方法在第（ 2）问中，可 以通过动能定理求解，也可以根据类平抛运动的规律求解
