1、2014届福建省清流一中高三上学期第一次阶段测试物理（普通班）试卷与答案（带解析） 选择题 关于质点的下列说法正确的是（ ） A研究地球公转时，由于地球很大，所以不能将地球看做质点 B万吨巨轮在大海中航行，研究巨轮所处的地理位置时，巨轮可看做质点 C研究火车经过南京长江大桥所用的时间时，可以将火车看做质点 D研究短跑运动员的起跑姿势时，由于运动员是静止的，所以可以将运动员看做质点 答案： B 试题分析：质点是一个物理抽象，也是一个理想化模型，即当物体的形状和大小与所研究的问题可以忽略不计时，就可以把物体看成是质点。万吨巨轮在大海中航行，研究巨轮所处的地理位置时，巨轮可看做质点， B选项正确；而
2、研究地球公转时、研究火车经过南京长江大桥所用的时间时、研究短跑运动员的起跑姿势时，地球、火车、短跑运动员都不可看成质点，所以 A、 C、 D均错。 考点：质点 在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间 t后停止 .现将该木板改置成倾角为 45的斜面，让小物块以相同的初速度沿木板上滑 .若小物块 与木板之间的动摩擦因数为 .则小物块上滑到最高位置所需时间与 t之比为（ ） A B C D 答案： A 试题分析：水平的足够长的固定木板上，小物块做匀减速直线运动其加速度为a，由牛顿第二定律 ， 则由 ，解得 ，现将该木板改置成倾角为 45的斜面，则小物块在斜面上匀减速运动
3、的加速度为 a1，得 ，再由 ，解得 ，则 ，所以 A选项正确。 考点：牛顿第二定律 匀变速直线运动规律 如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止， A、 D间细绳是水平的，现对 B球施加一个水平向右的力 F，将 B缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力 TAC、 TAD、 TAB的变化情况是（ ） A. TAC、 TAD、 TAB都变大 B.TAD和 TAB变大， TAC不变 C.TAC和 TAB变大， TAD不变 D.TAC和 TAD变大， TAB不变 答案： B 甲 乙 试题分析：将 B缓缓拉到图中虚线位置，分析 B的受力如图甲所以，设 AB绳与竖着方向的夹角 由 B物体的平衡
4、， ， ，解得所以随 的增大 F、 TAB增大，再分析 A、 B 整体受力，如图乙所示，设 AC绳与竖着方向的夹角 ，由 A、 B整体的平衡有， ，解得 ，在 AB绳与竖着方向的夹角 逐渐增大时 不发生改变，所以 不变，由于 和 不变，所以随 F的增大而增大，故此 B选项正确。 考点：受力分析 整体法和隔离法 物体的平衡 如图所示，木块 A的质量为 1kg，木块 B的质量为 4kg，叠放在水平地面上，A、 B间的最大静摩擦力为 1N， B与地面间的动摩擦因数为 0.1，今用水平力 F作用于 B，则保持 A、 B相对静止的条件是 F不超过 (g=10m/s2) （ ） A.1N B.10N C.
5、4N D.6N 答案： B 试题分析：保持 A、 B相对静止共同向右加速运动时， A物体受水平向右静摩擦力 f1，由牛顿第二定律 ，使 A、 B保持相对静止的条件为 f1达到最大静摩擦力 fm=1N，则 A、 B 共同运动的最大加速度为 ， ；B物体受水平向右拉力 F、 A对 B水平向左静摩擦力 f1，地面对 B的滑动摩擦力 f2= ，由牛顿第二定律 ， A、 B保持相对静止的条件 解得 所以 B选项正确。 考点：静擦力 最大静摩擦力 滑动摩擦力 牛顿第二定律 如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到 O点并系住物体 m.现将弹簧压缩到 A点，然后释放，物体一直可以运动到 B点，如果物体受到地面
6、的阻力恒定，则 （ ） A物体从 A到 O先加速 后减速 B物体从 A到 O加速运动，从 O到 B减速运动 C物体运动到 O点时所受合力为 0 D物体从 A到 O的过程加速度逐渐减小 答案： A 试题分析：物体 m受到水平向右的弹簧的弹力 F和向左的滑动摩擦力 f，由胡克定律 知，弹簧的弹力随 x的变化而变化，物体先向右加速运动，当物体达到 F=f时，物体向右运动的加速度最小而速度达到最大，之后物体又向右减速运动达到 B点，所以 A选项正确， B选项错误， O点为弹簧的原长点，此位置物体还受到阻力的作用，所以物体受的合力不为零， C选项错误，由牛顿第二定律分析知，物体从 A到 O 的过程加速度
7、先逐渐减小到零然后反方向增大，D选项错误。 考点：受力分析 加速度 牛顿第二定律 一物体恰能在一个斜面体上沿斜面匀速下滑，此时斜面体不受地面的摩擦力作用 .若沿斜面方向用力向下推此物体，使物体加速下滑，则关于斜面体受地面的摩擦力，正确的是（ ） A大小为零 B大小不为零，方向水平向右 C大小不为零，方向水平向左 D无法判断其大小和方向 答案： A 试题分析：一物体恰能在一个斜面体上沿斜面匀速下滑，物体受到竖直向下的重力 mg，垂直斜面向上的支持力 N和沿斜面向上的滑动摩擦力 f，设斜面倾角为 ，动摩擦因数为 ，由物体的平衡得 ，即 ，若沿斜面方向用力向下推此物体，使物体加速下滑，由于物体受到的
8、支持力没有发生改变，故此滑动摩擦力 也没有发生变化，所以物体对斜面的作用力与平衡时相同，故此时斜面体不受地面的摩擦力作用， A选项正确， B、 C、 D均错。 考点：物体的平衡 受力的分析 某飞机由静止开始做匀加速直线运动，从运动开始到起飞共前进 1600m，所用时间为 40 s，则它的加速度 a和离地时的速度 v分别为（ ） A 2 m/s2 80 m/s B 1 m/s2 40 m/s C 1 m/s2 80 m/s D 2 m/s2 40 m/s 答案： A 试题分析：飞机由静止开始做匀加速直线运动，由 得 ，由 得 ，所以 A选项正确。 考点：匀变速直线运动规律简单应用 甲、乙两物体沿
9、同一方向做直线运动， 6 s末在途中相遇，它们的速度图象如图 4所示，可以确定（ ） A t 0时甲在乙的前方 54 m处 B t 0时乙在甲的前方 27 m处 C 6 s之后两物体不会再相遇 D 6 s之后两物体还会再相遇 答案： C 试题分析：由题意知甲、乙两物体沿同一方向做直线运动， 6 s末在途中相遇，这时由速度图象求出甲乙的位移，本题可解。 ， ，所以 t 0时甲在乙的前方 27 m处，所以 A、 B选项错误； 6s前 v甲 v乙 甲比乙运动的快，所以 6 s之后两物体不会再相遇， C选项正确， D选项错误。 考点：速度 -时间图象 直线运动的追及问题 速度 如图所示为一物体沿南北方
10、向 (规定向北为正方向 )做直线运动的速度 -时间图象，由图可知（ ） A 3s末物体回到初始位置 B 3s末物体的加速度方向发生变化 C物体所受合外力的方向一直向南 D物体所受合外力的方向一直向北 答案： D 试题分析：由做直线运动的速度 -时间图象可知物体运动的加速度 ，物体先以初速 先向南方做匀减速直线运动， 3s末物体运动到南边最远处，再向北做匀加速直线运动 6s末回到出发点，故此 A、 B、 C均错，由牛顿第二定律 ，知物体的合外力方向一直向北， D选项正确。 考点：速度 -时间图象 加速度 牛顿第二定律 汽车从 10 m/s的速度开始刹车，刹车过程的加速度大小为 2 m/s2，下列
11、正确的是（ ） A前 2 s汽车的位移是 8 m B前 3 s汽车的位移是 16 m C前 6 s汽车的位移是 25 m D前 6 s汽车的位移是 24 m 答案： C 试题分析：汽车做匀减速直线运动，刹车时间为 t，则 =5s，汽车前 2 s的位移 ， A选项错误；汽车前 3 s的位移 ，B选项错误；要求汽车前 6 s的位移，由于汽车 5s就停下来，只求 5s内的位移就可，所以 ，故 C 选项正确， D选项错误。本题学生容易错选 D，若直接用公式 时，将时间 t代入 6s，求得 ，而错选 D。 考点：匀变速直线运动规律 刹车问题 如图所示，一个物体受到三个共点力 F1、 F2、 F3的作用，
12、若将它们平移并首尾相接，三个力矢量组成了一个封闭三角形，则物体所受这三个力的合力大小为（ ） A 2F1 B F2 C 2F3 D 0 答案： D 试题分析：根据力的平行四边形定则，先将 F1、 F2合成，其合力大小 跟 等大反向，在把 跟 合成其合力为零，所以共点力 F1、 F2、 F3 的合力为零，D选项正确。这可以总结出一个规律：当将共点力平移构成一个封闭的矢量三角形且首尾相接，则三个力的合力为零。推论：若物体受到多个共点力的作用，将它们平移构成一个封闭的矢量多边形且首尾相接，则多个力的合力也为零。 考点：平行四边形定则 力的合成 某人在静止的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后
13、自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度，不计空气阻力，取向上为正方向，在下图的 4个 v-t图象中，最能反映小铁球运动过程的是（ ） 答案： C 试题分析：小铁球的运动过程：小铁球先做竖直上抛运动后做自由落体，加速度均为 a=g，方向竖直向下，可以排除选项 B、 D，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度，所以小铁球受到了阻力和淤泥的阻力，加速度发生变化， v-t图象的斜率不相同，所以只有 C选项正确。 考点： v-t图象 实验题 在研究匀变速直线运动的实验中，如图甲所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中 A、 B、 C、 D、 E为相邻的计数点，相邻计数点间省略 4个点。 根据 可判定小球
14、做 运动 计算 B、 C、 D、 E各点瞬时速度， vB= m/s， vC= m/s， vD= m/s， vE= m/s (保留两位小数 ) 在图乙所示坐标中作出小车的 v-t图线（ 2分） 并根据图线求出加速度 a= m/s2。 将图线延长与纵轴相交，则交点的的物理意义是 答案： cm 匀变速直线运动 vB= 0.88m/s， vC= 1.23 m/s， vD= 1.58 m/s， vE= 1.93 m/s 在图乙所示坐标中作出小车的 v-t图线如图所示 a= 3.5 m/s2 物体运动的初速度， 即物体在点 A时速度为 0.53m/s 试题分析：（ 1）小车做匀变速直线运动的判定依据是在连
15、续相等的时间里位移之差等于恒量，由纸带 的数据求得 cm，所以小车做匀变速直线运动。 （ 2）纸带数据得 ， ， ， ，做匀变速直线运动的物体的平均速度等于时间中点的瞬时速度，由相邻计数点间省略 4个点，故打点周期 T=0.1s，所以 =0.88m/s，同理=1.23 m/s， =1.58 m/s，而 ，所以 = 1.93 m/s； （ 3）在图乙所示坐标中作出小车的 v-t图线如图所示，描点画图时，注意要连成直线，而不是折线； （ 4）由图象的斜率可求得加速度 a= 3.5 m/s2 （ 5）将图线延长与纵轴相交，则交点的的物理意义是运动的初速度，即物体在点 A时速度为 0.53m/s 考点
16、：匀变速直线运动规律 v-t图象 计算题 （ 8分）汽车由静止开始在平直的公路上行驶， 0 60s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示。 画出汽车在 0 60s内的 v-t图线； 求在这 60s内汽车行驶的路程。 答案： （ 1） （ 2） 900m 试题分析： (1)由题意知，物体在 0-10s做 a1=2m/s2匀加速直线运动， 10s 末物体的速度为 10s-40s做匀速直线运动， 40s-60s做 a2=-1m/s2匀减速直线运动， 60s 末物体的速度为 画出 v-t图象如图所示。 (4分 ) (2)由速度图象的面积可求出汽车作匀加速匀速匀减速三段运动的位移之和， (4分 ) 即
17、: 考点： v-t图象 速度图象的面积的意义 (9分 ) A火车以 v1=10 m/s速度匀速行驶，司机发现前方同轨道上相距 50 m处有另一列火车 B正以 v2=5 m/s速度匀速行驶， A车立即做加速度大小为 a的匀减速直线运动 .要使两车不相撞， a应满足什么条件 答案： a 0.25m/s2 试题分析：由两车恰不相撞的条件以及物体运动的位移关系列方程即可求得结论 两车恰不相撞的条件是两车速度相同时恰好相遇，设物体运动的加速度为 a 则 : v2=v1-at (2分 ) 对 A： s1=v1t- at2 (2分 ) 对 B： s2=v2t (1分 ) 又有位移关系： s1=s2+s0 (
18、1分 ) a= = 0.25 m/s2 (2分 ) 则 a 0.25m/s2 (1分 ) 考点：匀变速直线运动规律 追及问题 (9分 )光滑水平面上的一物体在与初速度相反的恒力作用下做匀减速直线运动，初速度 v0=20m/s，加速度 大小 a=5m/s2，求： (1)物体经多少秒后回到出发点？ (3分 ) (2)由开始运动算起，求 6s末时物体的速度 v？ (3分 ) (3)由开始运动算起，求 6s内时物体的位移 s？ (3分 ) 答案：（ 1） 8s（ 2） -10m/s（ 3） s=30m 试题分析：由题意知，物体做匀减速直线运动，由匀变速直线运动规律即可求 （ 1）由 t= 得 t=8s
19、 （ 3分） （ 2）由 v=v0-at得 v=-10m/s （ 3分） （ 3）由 得 s=30m （ 3分） 考点：匀变速直线运动规律的应用 (10分 )一物体 (可视为质点 )以一定的初速度冲上一倾角为 的斜面，结果最后静止在斜面上，如图所示，在第 1s内位移为 6 m，停止运动前的最后 1 s内位移为 2 m，求： (1)在整个减速运动过程中物体的位移大小，（ 5分） (2)整个减速过程共用多少时间。（ 5分） 答案：（ 1） 8m（ 2） 2s 试题分析： (1)设物体做匀减速运动的加速度大小为 a，初速度为 v0。由于物体停止运动前的最后 1s内位移为 2m，则由逆向思维物体做反方
20、向的匀加速直线运动，即 (1分 ) 解得 :a =4m/s2 (1分 ) 物体在第 1s内位移为 6m，则有 : (1分 ) 解得 :v0 =8m/s (1分 ) 在整个减速运动过程中物体的位移大小为 m=8m (1分 ) (2)对整个运动过程有 : (3分 ) 解得 : s=2s (2分 ) 考点：匀变速直线运动规律的应用 (10分 )如图所示，在倾角为 的粗糙斜面上，有一个质量为 m的物体被水平力 F推着静止于斜面上，已知物体与斜面间的动摩擦因数为 ，且 tan，若物体静止不动，求推力 F的范围。 (设最大静摩擦力等于滑动摩擦力 ) 答案： 试题分析：因为 tan，故 F=0时，物体不能静止在斜面上，所以当 F作用在物体上时，物体受到 的静摩擦力可能沿斜面向上，也可能沿斜面向下，由平衡条件列方程即可求出 F的范围 (1)当物体恰好不下滑时，受力如图甲所示，由平衡条件得 : mgsin=Fcos+f (2分 ) N=mgcos+Fsin (1分 ) 由题意知最大静摩擦力等于滑动摩擦力故有 :f=N (1分 ) 解得 : (1分 ) （ 2）当物体恰好不上滑时，受力如图乙所示，由平衡条件得 : mgsin+f=Fcos (1分 ) N=mgcos+Fsin (1分 ) f=N (1分 ) 解得 : (1分 ) 故 (1分 ) 考点：物体平衡 静摩擦力 最大静摩擦力
