1、2015届浙江省 “温州八校 ”高三返校联考物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图甲为一女士站立在台阶式自动扶梯上正在匀速上楼，如图乙为一男士站立在乘履带式自动人行道上正在匀速上楼。下列关于两人受到的力做功判断正确的是 A甲图中支持力对人做正功 B乙图中支持力对人做正功 C甲图中摩擦力对人做负功 D乙图中摩擦力对人做负功 答案： A 试题分析：甲图中，人匀速上楼，不受静摩擦力，摩擦力不做功，支持力向上，与速度方向为锐角，则支持力做正功，故 A正确， C错误；乙图中，支持力与速度方向垂直，支持力不做功，摩擦力方向与速度方向相同，做正功，故 B、D错误。 考点：本题考查了功的计算 如图所示，一质量
2、为 M的斜面体静止在水平地面上，质量为 m的木块沿粗糙斜面加速下滑 h高度，速度大小由 v1增大到 v2，所用时间为 t，木块与斜面体之间的动摩擦因数为 。在此过程中 A斜面体受水平地面的静摩擦力为零 B木块沿斜面下滑的距离为 t C如果给质量为 m的木块一个沿斜面向上的初速度 v2，它将沿斜面上升到 h高处速度变为 v1 D木块与斜面摩擦产生的热量为 mgh- m m 答案： BD 试题分析： A、以物体为研究对象，受力分析可知，物体受重力、斜面的作用力而加速下滑，则合外力一定沿斜面向下；根据二力的合成可知，斜面体对物块的作用力只能斜向右上方；再对斜面体分析可知，斜面体受物体向左下的压力；故
3、斜面体受到的摩擦力水平向右，选项 A错误。 B、木块沿斜面下滑的距离 ，故 B正确 . C、上滑时重力和摩擦力都做负功，比下滑时合外力做功多，则上升 h高处时速度小于 ，选项 C错误 . D、由能量守恒定律得： ，则木块与斜面增加的内能，故 D正确。 考点：本题考查了动能定理的应用、能量守恒定律 . 匀强磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正，磁感强度 B随时间 t变化规律如图甲所示。在磁场中有一细金属圆环，圆环平面位于纸面内，如图乙所示。令 I1、 I2、 I3分别表示 Oa、 ab、 bc段的感应电流， F1、 F2、 F3分别表示很小一段金属环对应 I1、 I2、 I3时受到的安培力。则
4、A I1沿逆时针方向， I2沿顺时针方向 B I2沿顺时针方向， I3沿顺时针方向 C F1方向指向圆心， F2方向指向圆心 D F2方向背离圆心向外， F3方向指向圆心 答案： ABD 试题 分析： A、由图甲所示可知， oa段，磁场垂直于纸面向里，穿过圆环的磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流 I1沿逆时针方向，在 ab段磁场向里，穿过圆环的磁通量减少，由楞次定律可知，感应电流 I2沿顺时针方向，故 A 正确；B、由图甲所示可知，在 bc段，磁场向外，磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流 I3沿顺时针方向，故 B正确； C、由左手定则可知， oa段电流受到的安培力 f1方向指向圆心， ab
5、段安培力 f2方向背离圆心向外，故 C错误； D、由左手定则可知， ab段安培力 f2方向背离圆心向外， bc段，安培力 f3方向指向圆心，故 D正确 。 考点：本题考查了法拉第电磁感应定律；楞次定律 有一种电荷控制式喷墨打印机的打印头的结构简图如图所示。其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒，此微粒经过带电室后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上，显示出字符。不必考虑墨汁的重力，为了使打在纸上的字迹缩小，下列措施可行的是 A减小墨汁微粒的质量 B减小墨汁微粒所带的电荷量 C增大偏转电场的电压 D增大墨汁微粒的喷出速度 答案： BD 试题分析：微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平
6、抛运动，则有：水平方向： L=v0t；竖直方向： ，加速度： 联立解得：，要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏移量 y，由上式分析可知，采用的方法有：减小比荷 、增大墨汁微粒进入偏转电场时的初动能 Ek0、减小极板的长度 L、减小偏转极板间的电压 U，故 A、 C 错误， B、D正确。 考点：本题考查了带电粒子在匀强电场中的加速、偏转。 如图所示装置绕竖直轴匀速旋转，有一紧贴内壁的小物体，物体随装置一起在水平面内匀速转动的过程中所受外力可能是 A重力、弹力 B重力、弹力、滑动摩擦力 C下滑力、弹力、静摩擦力 D重力、弹力、静摩擦力 答案： AD 试题分 析：当角速度满足一定值时，物体可能靠
7、重力和支持力两个力的合力提供向心力，所以物体可能受重力和弹力当角速度不满足一定值时，物体可能受重力、弹力还有静摩擦力，故 A、 D正确， B、 C错误。 考点：本题考查了向心力、力的合成与分解 . 如图是质量为 1 kg的质点在水平面上运动的 v-t图像，以水平向右的方向为正方向。以下判断正确的是 A在 0 3 s时间内，合力对质点做功为 10 J B在 4 6 s时间内，质点的平均速度为 3 m/s C在 1 5 s时间内，合力的平均功率为 4 W D在 t 6 s时，质点的加速度为零 答案： B 试题分析： A、根据动能定理，在 0 3.0s时间内，合力对质点做功等于动能的增加量，故 ，故
8、 A错误； B、由于速度时间图线与时间轴包围的面积表示位移，故物体在 4.0s 6.0s时间内的位移为，故平均速度为 ，故 B正确； C、根据动能定理，在 1s 5.0s时间内，合力对质点做功等于动能的增加量，故，故合力的平均功率为 ，故 C错误； D、在t=6.0s时，质点速度为零，但从 5s到 7s物体做匀变速直线运动，加速度不变，故该时刻物体的加速度不为零，故 D错误。 考点：本题考查了 v-t图像 、匀变速直线运动的规律、动能定理 . 人用手托着质量为 m的 “小苹果 ”，从静止开始沿水平方向运动，前进距离 l后，速度为 v（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为 ，则下
9、列说法正确的是 A手对苹果的作用力方向竖直向上 B苹果所受摩擦力大小为 mg C手对苹果做的功为 mv2 D苹果对手不做功 答案： C 试题分析： A、手对苹果的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上，故A错误 B、苹果的加速度 ，则摩擦力 ，故 B错误 C、根据动能定理得，手对苹果做功的大小 ，故 C正确， D错误。 考点：本题考查了功的计算；摩擦力的判断与计算 先后用相同材料制成的橡皮条彼此平行的沿水平方向拉同一质量为 m的物块，且每次橡皮条的伸长量均相同，物块 m在橡皮条拉力的作用下所产生的加速度 a 与所用橡皮条的数目 n 的关系如图所示。若更换物块所在水平面的材料，再重复这个实验，
10、则图中直线与水平轴线间的夹角将 A变小 B不变 C变大 D与水平面的材料有关 答案： B 试题分析：设每根橡皮条拉力大小为 F，物块与水平面间的动摩擦因数为 ，由牛顿第二定律得： ，得 ，由数学知识得知， 图象的斜率等于 ，由题意知， F、 m不变，图象的斜率保持不变，则直线与水平轴间的夹角 保持不变，故 B正确。 考点：本题考查了牛顿第二定律、图象 . 在匀速转动的水平圆盘上有一个相对转盘静止的物体，则物体相对于转盘的运动趋势是 A没有相对运动趋势 B沿切线方向 C沿半径指向圆心 D沿半径背离圆心 答案： D 试题分析：据题意，物体随转盘一起做匀速圆周运动，由静摩擦力提供向心力，方向始终指向
11、圆心，则物体相对于转盘的运动趋势是沿半径背离圆心，故选 D。 考点：本题考查了向心力的概念 气象研究小组用图示简易装置测定水平风速。在水平地面上竖直固定一直杆，质量为 m 的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端 O，当水平风吹来时，球在水平风力的作用下飘起来。已知风力大小正比于风速，当风速 v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角 =30。则 A细线拉力与风力的合力大于 mg B若风速增大到某一值时， 可能等于 90 C细线拉力的大小为 D =60时，风速 v=6m/s 答案： C 试题分析： A、小球受重力、拉力、风力处于平衡，如图所示， 则拉力和风力的合力等于重力，选项 A 错误 . B
12、、风速增大， 不可能变为 90，因为绳子拉力在竖直方向上的分力与重力平衡，故 B错误 C、由合成法可求得 ，选项 C正确。根据共点力平衡知风力 F=mgtan， 变为原来的 2倍，则风力变为原来的 3倍，因为风力大小正比于风速和球正对风的截面积，所以风速 v=9m/s，故 D错误。 考点：本题考查了共点力平衡的条件及其应用 阿明有一个磁浮玩具，其原理是利用电磁铁产生磁性，让具有磁性的玩偶稳定地飘浮起来，其构造如右图所示。若图中电源的电压固定，可变电阻为一可以随意改变电阻大小的装置，则下列叙述正确的是 A 电路中的电源必须是交流电源 B电路中的 a端点须连接直流电源的负极 C若增加环绕软铁的线圈
13、匝数，可增加玩偶飘浮的最大高度 D若将可变电阻的电阻值调大，可增加玩偶飘浮的最大高度 答案： C 试题分析： A、据电磁感应定律，只要线圈中具有变化的电流，就能产生磁场，从而对玩偶产生磁力，则电源可以是直流电源而改变阻值，选项 A错误 .B、 a端接电源正极，据楞次定律可知线圈对磁铁产生斥力，使玩偶悬浮，选项 B错误 .C、增加线圈匝数，可使得线圈产生磁场增强，斥力增大，高度变大，选项C正确 .D、电阻变大，由欧姆定律知电 流变小，线圈产生的磁场变弱，高度变小，选项 D错误。 考点：本题考查了电磁感应、楞次定律 带有等量异种电荷的一对平行金属板，上极板带正电荷。如果两极板间距不是足够近或者两极
14、板面积不是足够大，使得在两极板之间，它们的电场线也不是彼此平行的直线，而是如图所示的曲线（电场方向未画出）。虚线 MN是穿过两极板正中央的一条直线。关于这种电场，以下说法正确的是 A平行金属板间的电场，可以看做匀强电场 B b点的电势高于 d点的电势 C b点的电势低于 c点的电势 D若将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，它必将沿着电场线运动到负极板 答案： C 试题分析： A、由电场线的分布情况看出，平行金属板间各处的电场强度不是处处相同，所以不能看成匀强电场，故 A错误 B、与电场线垂直的直线应是等势线，由图看出图中虚线是一条等势线， b点与 d点的电势相同，故 B错误 C、据题上极板带
15、正电荷，电场线从上极板指向下极板，根据顺着电场线方向电势降低，可知 d点的电势低于 c点，而 b、 d两点的电势相等，所以 b点的电势低于 c点的电势，故 C正确 D、将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，不一定能沿电场 线运动，只有在 ab所在的电场线上，正电荷所受的电场力一直沿电场线向下，能沿此电场线运动，其他电场线是曲线，正电荷所受的电场力沿电场线的切线方向，将使电荷离开电场线，故 D错误，故选： C 考点：本题考查了电势、电场强度、电场线 . 如图所示，小船过河时，船头偏向上游与水流方向成 角，船相对于静水的速度为 v，其航线恰好垂直于河岸。现水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到
16、达对岸，下列措施中可行的是 A减小 角，增大船速 v B增大 角，增大船速 v C减小 角，保持船速 v不变 D增大 角，保持船速 v不 变 答案： B 试题分析：将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分运动与合运动具有等时性，求出到达对岸沿水流方向上的位移以及时间 由题意可知，船相对水的速度为 v，其航线恰好垂直于河岸，当水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，则如图所示，可知，故 B 正确， A、C、 D错误。 考点：本题考查了运动的合成和分解 实验题 某同学要测绘标有 “2.5V 0.3A”字样小灯泡的伏安特性曲线。他从实验室找来相关器材连成如图甲所示的电路进行实验
17、。其中电压表量程选用 0-3V。该同学一边实验一边思考，提出疑问，请你帮他解决： （ 1）开关闭合前变阻器的滑片应置于 端（填 “左 ”或 “右 ”） （ 2）测得小灯泡两端电压为 0.10V时电流为 0.10A，电压为 0.50V时电流为0.18A，那么当电压表的指针如图乙所示时，电压值为 V，试分析此时电流 0.14A（填 “一定等于 ”、 “一定大于 ”、 “可能大于 ”或 “可能小于 ”）。 答案：（ 1）右；（ 2） 0.29 0.31V，一定大于 试题分析：（ 1）为避免接错线路，造成电流过大，在连接电路时开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值 处，即右端 （ 2）由图
18、知，电压表选择的是 0 3V量程，对应的分度值为 0.1V，此时的示数为 0.30V；当小灯泡的电压逐渐增大，即温度逐渐升高时，电阻增大，小灯泡两端电压为 0.10V时电流为 0.10A，电压为 0.50V时电流为 0.18A，所以电压为 0.30V时电流一定大于 0.14A 考点：本题考查了描绘小灯泡的伏安特性曲线 . 利用下图装置可以做力学中的许多实验，（ 1）以下说法正确的是 _ _。 A用此装置 “研究匀变速直线运动 ”时，必须设法消除小车和滑轨间的摩擦阻力的影响 B用此装置 “研究匀变速 直线运动 ”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行 C用此装置 “探究加速度 a 与力
19、F 的关系 ” 每次改变砝码及砝码盘总质量之后，需要重新平衡摩擦力 D用此装置 “探究加速度 a与力 F的关系 ”应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量 （ 2）本装置中要用到打点计时器，如图所示为实验室常用的两种计时器，其中甲装置用的电源要求是 。 A交流 220V B直流 220V C交流 4 - 6V D直流 4 - 6V （ 3）在利用此装置 “探究加速度 a与力 F的关系 ”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如下图。 已知打点计时器接在频率为 50Hz的交流电源上，则此次实验中打点计时器打下 A点时小车的瞬时速度为 m/s。（结果保留 2位有效数字） 答案： ) BD （
20、 2） A （ 3） 0.51 0.53 试题分析： (1) A、此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力，故 A错误 B、用此装置 “研究匀变速直线运动 ”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行，保持小车的加速度不变，故 B正确 C、平衡摩擦力的方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响， 即 mgsin=mgcos，式子成立与质量无关，故改变质量后不需重新进行平衡，故 C错误 D、在利用该装置来 “探究物体的加速度与力、质量的关系 ”时，设小车的质量为 M，小吊盘和盘中物块的质量为 m，设绳子上拉力为 F，以
21、整体为研究对象有 mg=（ m+M） a解得： ，以 M为研究对象有绳子的拉力为：F=Ma= ，显然要有 F=mg必有 m+M=M，故有 M m，即只有 Mm 时才可以认为绳对小车的拉力大小等于小吊盘和盘中物块的重力，故 D 正确。 （ 2）甲装置是电火花打点计时器，直接接 220V交流电源，故选 A。 （ 3）根据 中间时刻的速度等于平均速度得. 考点：本题考查了探究牛顿第二定律、匀变速直线运动规律 . 在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力变化的规律的实验中，特设计了如图甲所示的演示装置，力传感器 A与计算机连接，可获得力随时间变化的规律，将力传感器固定在光滑水平桌面上，测力端通过细绳与一滑
22、块相连 (调节传感器高度可使细绳水平 )，滑块放在较长的小车上，小车一端连接一根轻绳并跨过光滑的轻定滑轮系一只空沙桶 (调节滑轮可使桌面上部细绳水平 )，整个装置处于静止状态。实验开始时打开传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子，小车一旦运动起来，立 即停止倒沙子，若力传感器采集的图象如图乙，则结合该图象，下列说法不正确的是 A可求出空沙桶的重力 B可求出滑块与小车之间的滑动摩擦力的大小 C可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小 D可判断第 50秒后小车做匀速直线运动 (滑块仍在车上 ) 答案： D 试题分析：在整个过程中，滑块受到水平向右的摩擦力 f与水平向左的传感器的拉力 F，滑块始终静止，处于
23、平衡状态，由平衡条件得：则 f=F；小车与滑块的摩擦力 f与滑块对小车的摩擦力 f是作用力与反作用力，由牛顿第三定律得：f=f，则 f=F； A、 t=0时，没有向桶中倒沙， G 空沙桶 =F，由图乙所示图象可知，G 空沙桶 =F=2N，故 A正确； B、当小车运动时，滑块与小车间的摩擦力是滑动摩擦力，由图乙所示图象可知， f=F=3N，故 B正确； C、当小车由静止刚好开始运动时，滑块与小车间的摩擦力是最大静摩擦力，由图乙所示图象可知，滑块与小车间的最大静摩擦力 fmax=F=3.5N，故 C正确； D、由图象我们只能知道50s后小车受到的滑动摩擦力是 3N，恒定不变，并不知道沙桶对小车的拉
24、力是多少，不知小车所受合力是多少，无法判断小车的运动状态，小车可能做匀速直线运动，也可能做 加速直线运动，故 D错误；本题选错误的故选 D 考点：本题考查了共点力的平衡、摩擦力 . 计算题 如图所示，质量为 m的小球从 A点水平抛出，抛出点距离地面高度为 H，不计与空气的摩擦阻力，重力加速度为 g。在无风情况下小球的落地点 B到抛出点的水平距离为 L；当有恒定的水平风力 F时，小球仍以原初速度抛出，落地点 C到抛出点的水平距离为 3L/4，求： （ 1）小球初速度的大小； （ 2）水平风力 F的大小； 答案：（ 1） （ 2） 试题分析：（ 1）无风时，小球做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运
25、动，在竖直方向上做自由落体运动 ，则有水平方向： L=v0t （ 1分） 竖直方向： H= （ 1分） 得 t= （ 1分） 解得，初速度 v0=L （ 1分） （ 2）有水平风力后，小球在水平方向上做匀减速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，小球运动的时间不变。则 （ 2分） 又 F=ma （ 1分） t= 联立以上三式得 :F= （ 1分） 考点：本题考查了平抛运动、匀变速直线运动、牛顿第二定律 . 如图所示，相距为 L的两条足够长光滑平行金属导轨固定在水平面上，导轨由两种材料组成。 PG右侧部分单位长度电阻为 r0，且 PQ=QH=GH=L。 PG左侧导轨与导体棒电阻均不计。整个导轨处
26、于匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下，磁感应强度为 B。质量为 m的导体棒 AC在恒力 F作用下从静止开始运动，在到达 PG之前导体棒 AC已经匀速。 （ 1）求当导体棒匀速运动时回路中的电流； （ 2）若导体棒运动到 PQ中点时速度大小为 v1，试计算此时导体棒加速度； （ 3）若导体棒初始位置与 PG相距为 d，运动到 QH位置时速度大小为 v2，试计算整个过程回路中产生的焦耳热。 答案：（ 1） （ 2） ，方向水平向左 （ 3） Q F（ L d）- 试题分析： (1)导体棒匀速，则： F F 安 （ 1分） 根据安培力公式 F 安 ILB （ 1分） 解得： （ 1分） (2)导
27、体棒进入 PQ右侧后，回路中电阻减小，电流增大，导体棒做减速运动。 （ 1分） 设导体棒的加速度为 a，则： F 安 -F ma （ 1分） F 安 ILB 根据闭合电路欧姆定律有： I （ 1分） 根据法拉第电磁感应定律有： E BLv1 （ 1分） 解得： （ 1分），方向水平向左 （ 1分） (3)对导体棒整个运动过程应用功能关系，有： F（ L d） Q （ 2分） 解得： Q F（ L d） - （ 1分） 考点：本题考查了电磁感应定律、牛顿第 二定律、功能关系、欧姆定律 . “太空粒子探测器 ”是由加速、偏转和收集三部分组成，其原理可简化如下：如图甲所示，辐射状的加速电场区域边界为
28、两个同心平行半圆弧面，圆心为 O，外圆弧面 AB的半径为 L，电势为 1，内圆弧面 CD的半径为 L/2，电势为 2。足够长的收集板 MN平行边界 ACDB， O到 MN板的距离 OP为 L。假设太空中漂浮着质量为 m，电量为 q的带正电粒子，它们能均匀地吸附到 AB圆弧面上，并被加速电场从静止开始加速，不计粒子间的相互作用和其它星球对粒子引力的影响。 （ 1）求粒子到达 O点时速度的大小： （ 2）如图乙所示，在边界 ACDB和收集板 MN之间加一个半圆形匀强磁场，圆心为 O，半径为 L磁场方向垂直纸面向内，则发现从 AB圆弧面收集到的粒子有 2/3能打到 MN板上（不考虑过边界 ACDB的
29、粒子再次返回），求所加磁感应强度的大小； （ 3）随着所加磁场大小的变化，试定量分析收集板 MN上的收集效率 与磁感应强度 B的关系。 答案：（ 1） （ 2） （ 3）磁感应强度增大，收集效率变小 试题分析：（ 1）带电粒子在电场中加速时，电场力做功，得： qU （ 2分） U=1-2 （ 1分） 所以： （ 1分） （ 2）从 AB圆弧 面收集到的粒子有 2/3能打到 MN板上，则刚好不能打到 MN上的粒子从磁场中出来后速度的方向与 MN平行，则入射的方向与 AB之间的夹角是 60，在磁场中运动的轨迹如图甲，轨迹圆心角 =600。 （ 1分） 根据几何关系，粒子圆周运动的半径： r=L（ 1分） 由洛伦兹力提供向心力得： qvB （ 1分） 联合解得： （ 1分） （ 3）磁感应强度增大，则粒子在磁场中运动的轨道半径减小，由几何关系知，收集效率变小 （ 1分） 设粒子在磁声中运动圆弧对应的圆心角为 ，如图乙 由几何关系可知， （ 1分） 收集板 MN上 的收集效率 （ 1分） 当 时，收集效率 （ 1分） 考点：本题考查了带电粒子在电场中的加速和磁场中的偏转
