1、1河北武邑中学 2018-2019学年高二上学期第三次月考物理试题一、选择题1.关于场强的三个公式 的适用范围，下列说法正确的是（ ）A. 三个公式都只能在真空中适用B. 公式能在真空中适用，公式和在真空中和介质中都适用C. 公式和能在真空中适用，公式在真空中和介质中都适用D. 公式适用于任何电场,公式只适用于真空的点电荷形成的电场,公式只适用于匀强电场【答案】D【解析】【详解】公式 是电场强度的定义式，适用于任意电场；公式 是由库仑定律得出的真空中点电荷周围的场强，只适用于真空中点电荷形成的电场；公式 是匀强电场中场强与电势差的关系，只适用于匀强电场。故 D项正确，ABC 三项错误。2.如图
2、所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中 M点以相同速度飞出 a、b 两个带电粒子，仅在电场力作用下运动轨迹如图中虚线所示，则( )A. a一定带正电，b 一定带负电B. a的加速度将减小，b 的加速度将增加C. a的速度将减小，b 的速度将增加D. 两个粒子的电势能一个增加一个减小【答案】B2【解析】【详解】A：据电场力的方向沿电场线的切线和曲线运动物体所受合力方向指向轨迹的凹侧，可得 a、b 两粒子在 M点的受力如图，则 a、b 两粒子受力方向相反，即两粒子带异种电荷；由于电场线的方向未知，不确定哪个粒子带正电。故 A项错误。B：由图知，a 向电场线稀疏的地方运动，所受电场力减小，加速度
3、减小；b 向电场线密集的地方运动，所受电场力增大，加速度增大。故 B项正确。CD：由图知，a、b 所受电场力方向与运动位移间均成锐角，两粒子所受电场力对粒子均做正功，两粒子的电势能都减小，两粒子的动能均增大，两粒子的速度都增大。故 CD两项错误。3.某电场的电场线分布如图所示，A、B 是电场中的两点，A、B 两点的电场强度的大小分别为 EA、E B，则 EA、E B的大小关系是（ ）A. EAE B B. EA=EB C. EAE B D. 无法确定【答案】C【解析】【详解】电场线的疏密表示电场强度的大小，A 点处的电场线比 B点处的电场线稀疏，则。故 C项正确，ABD 三项错误。EAEB4.
4、一个标有“220V 60W 的白炽灯加上由零开始逐渐增加到 220V的电压，此过程中 U和 I的关系如果用以下几条图线表示，可能的是（ ）A. B. 3C. D. 【答案】B【解析】【详解】白炽灯加上由零开始逐渐增加到 220V的电压，白炽灯灯丝的温度升高，灯丝的电阻率增大，灯丝的电阻增大。 图象中点与原点连线斜率表示电阻的大小，故 B项正确，UIACD三项错误。【点睛】 图象中点与原点连线斜率表示电阻的大小，不是图象切线斜率表示电阻的大UI小。5.如图所示，直线 a为某电源的 U-I图线，直线 b为电阻 R的 U-I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的内阻分别为( )
5、 A. 4W，1 B. 6W，1 C. 4W，0.5 D. 2W，0.5【答案】C【解析】电源的输出功率 P=UI=2V2A=4W， ,故选 Cr=UI=36=0.56.如图所示，A、B、C、D、E、F 为匀强电场中一个边长为 1m的正六边形的六个顶点，A、B、C 三点电势分别为 10V、20V、30V，则下列说法正确的是（ ）A. B、E 一定处在同一等势面上B. 匀强电场的场强大小为 10V/m4C. 正点电荷从 E点移到 F点，则电场力做负功D. 电子从 F点移到 D点，电荷的电势能增加 20eV【答案】A【解析】【详解】A：连接 AC如图，AC 中点 G的电势 ，与 B电势相等，则 B
6、G连线G=A+C2 =20V为一等势线；由几何知识，BG 连线过 E点，则 B、E 一定处在同一等势面上。故 A项正确。B：CA 间电势差 ，又 ，得 。故 B项错UCA=20V UCA=E2Lsin600 E= UCA2Lsin600=20232=2033Vm误。C：B、E 处在同一等势面上，匀强电场中电场线与等势线垂直，则电场线方向如图，且A、F 也处在一等势面上，A、B 两点电势分别为 10V、20V，则 E、F 两点电势分别为20V、10V。正点电荷从 E点移到 F点，电势能减少，电场力做正功。故 C项错误。D：电场线方向如图，则 D、C 也处在一等势面上；C 点电势为 30V，则 D
7、点电势为 30V。电子从 F点移到 D点，电势增加 20V，电势能减少了 20eV。故 D项错误。【点睛】在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段的电势差等分；在匀强电场中电场线平行且均匀分布，在匀强电场中等势线也平行且均匀分布。7.如图所示，R 110，R 220，R 330，接在电源上时，功率分别为 P1、P 2、P 3，则（ ）A. P1P 2P 3 B. P1P 2P 3C. P2P 1P 3 D. P1P 2P 3【答案】C5【解析】试题分析：设 R2两端电压为 U，则 ，同理 ，则 R3的功率为 ，故选 C考点：考查串并联和功率的计算点评：本题难度较小，并联时电压相等，明确不变量，
8、根据电功率公式求解8.电动势为 E、内阻为 r的电源与定值电阻 R1、R 2及滑动变阻器 R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向 b端时，下列说法正确的是A. 电压表和电流表读数都增大B. 电压表和电流表读数都减小C. 电压表读数增大，电流表读数减小D. 电压表读数减小，电流表读数增大【答案】A【解析】【详解】由电路图可知，滑片由中点滑向 b端，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变小，电源内电压变小，路端电压变大，则电压表示数变大；由 U=E-Ir可知路端电压增大，即电压表示数增大。由于电路电流变小，R1两端的电压减小，故并联部分电压增
9、大，由欧姆定律可知电流表示数增大；故 A正确。【点睛】本题中 R1也可直接作为内电阻处理，可直接由闭合电路欧姆定律得出并联部分的电压减小，流过 R2的电流减小9.平行板电容器的两极板接于电池两极，一带电小球悬挂在电容器内部。闭合电键 k，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，则下述说法正确的是( )6A. 保持电键 k闭合，带正电的 A板向 B板靠近，则不变B. 保持电键 k闭合，带正电的 A板向 B板靠近，则变大C. 电键 k断开，带正电的 A板向 B板靠近，则不变D. 电键 k断开，带正电的 A板向 B板靠近，则增大【答案】BC【解析】【详解】AB：保持电键 k闭合，电容器两板间电压
10、不变，带正电的 A板向 B板靠近，两U板间距离 减小，由 知，两板间场强增大，小球所受电场力增大，则增大。故 A项错d E=Ud误，B 项正确。CD：电键 k断开，电容器所带电荷量不变，带正电的 A板向 B板靠近，两板间距离 减小；d由 、 、 得 ，则板间场强不变，小球所受电场力不变，不变。故 CC=S4kd U=QCE=Ud E=4kQS项正确，D 项错误。【点睛】平行板电容器充电后，若保持其始终与直流电源相连，则板间电压 不变。当U电容器电容的影响因素发生变化后，据 、 、 来判断各量如何变化。C=S4kd Q=CU E=Ud平行板电容器充电后与电源断开，由于电荷不能移动，电容器的带电量
11、 不变。当电容Q器电容的影响因素发生变化后，据 、 、 来判断各量如何变化。C=S4kd U=QCE=Ud10.如图所示，带电荷量之比为 qA qB13 的带电粒子 A、 B以相等的速度 v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在 C、 D点，若 OC CD，忽略粒子重力的影响，则( ) 7A. A和 B在电场中运动的时间之比为 12 B. A和 B运动的加速度大小之比为 41C. A和 B的位移大小之比为 11 D. A和 B的质量之比为 112【答案】ABD【解析】【详解】A：粒子在电场中做类平抛运动，水平方向 ，初速度相等，则x=v0t。故 A项正确。tAtB
12、=xAxB= OCOC+CD=12B：粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动， ，y 相同，则 。故 By=12at2 aAaB=t2Bt2A=41项正确。C： A和 B的位移大小之比 ，故 C项错误。sAsB= y2+OC2y2+(OC+CD)21D：由牛顿第二定律得： ，则粒子质量 ，所以 。故 D项正qE=ma m=qEa mAmB=qAqBaBaA=1314=112确。11.一个标有 220V 100W字样的白炽灯泡，它两端所加的电压 U由 0逐渐增大到 220V，在此过程中电压 U和电流 I的关系可用图线表示.下列给出的四个图象中，不符合实际情况的是（ ）A. B. C. D.
13、【答案】BCD【解析】【详解】白炽灯两端电压由零开始逐渐增加到 220V，白炽灯灯丝的温度升高，灯丝的电阻率增大，灯丝的电阻增大。 图象中点与原点连线斜率表示电阻的大小，则 A图符合实UI际，BCD 三图不符合实际。本题选不符合实际的，答案是 BCD。12. 静电场在 x轴上的场强 E随 x的变化关系如图所示，x 轴正向为场强正方向，带正电的点电荷沿 x轴运动，则点电荷( ).8A. 在 x2和 x4处电势能相等B. 由 x1运动到 x3的过程中电势能增大C. 由 x1运动到 x4的过程中电场力先减小后增大D. 由 x1运动到 x4的过程中电场力先增大后减小【答案】BD【解析】试题分析： x2
14、-x4处场强为 x轴负方向，则从 x2到 x4处逆着电场线方向移动，电势升高，正电荷在 x4处电势能较大，故 A错误；x 1-x3处场强为 x轴负方向，则从 x1到 x3处逆着电场线方向移动，电势升高，正电荷在 x3处电势能较大，B 正确；由 x1运动到 x4的过程中，由图可以看出电场强度的绝对值先增大后减小，故电场力先增大后减小，故 D正确，C 错误；故选 BD.考点：电场力；电势及电势能【名师点睛】本题考查了电场力、电势及电势能等知识，同时考查从图象获取信息的能力，要知道沿着电场线的方向电势降低，对于正电荷而言电势降低则电势能减小；另外 U=Ed，所以 E-x图象组成图形的面积还可以表示电
15、势差.二、实验题13.某同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，使用的器材如下：A.待测小灯泡（2.5V，1.25W）B.电源（电动势 3V，内阻不计）C.电流表（00.6A，内阻约 0.125）D.电流表( 03A，内阻约 0.025）E.电压表（03V，内阻约 3k )F. 电压表（015V，内阻约 15k）G.滑动变阻器（最大阻值 5，最大允许电流 2.0A）H.滑动变阻器（最大阻值 1500，最大允许电流 0.3A）I.单刀单掷开关及导线若干9(1)为减小误差，实验时电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_。 （用序号字母表示） ；(2)如图是本实验器材的实物图，图中已连
16、接了部分导线，为了满足实验要求并尽可能减小误差，请补充完成实物图间的连线_(3)闭合开关，改变滑动变阻器滑动端的位置，并记录对应的电流表示数、电压表示数 U中电流表选择 00.6A 量程，电压表选择 03V 量程，电流表、电压表示数如图所示，可知该状态下小灯泡电阻的测量值_（计算结果保留三位有效数字） 。(4)如图是该同学根据实验数据描绘出的伏安特性曲线。从图线可以得出小灯泡灯丝的电阻率随温度变化的特点是_。【答案】 (1). E (2). C (3). G (4). 10(5). 3.73 (6). 从绘制出的伏安特性曲线的弯曲情况可以看出，随着温度的升高，小灯泡灯丝的电阻率增大；【解析】【
17、详解】(1)待测小灯泡的规格是“2.5V，1.25W” ，则灯泡的额定电流 ；Ie=PeUe=1.252.5A=0.50A所以电压表应选用量程为 03V 的电压表 E，电流表应选用量程为 00.6A 的电流表 C。描绘伏安特性曲线，所以滑动变阻器应采用分压式接法，灯泡的额定电流大于滑动变阻器H的最大允许电流，所以滑动变阻器选 G。(2)灯泡正常发光时的电阻 ，灯泡电阻远小于电压表电阻，则电流表采RL=UeIe=2.50.50=5用外接法，电路连线如图：(3)电流表的分度值是 0.02A，则电流表示数为 0.22A；电压表的分度值是 0.1V，则电压表示数为 0.82V；该状态下小灯泡电阻 。R
18、=UI=0.820.223.73(4) 图象中点与原点连线斜率表示电阻的倒数，由图知随着温度的升高，小灯泡灯丝的IU电阻率增大。三、计算题14.用一条绝缘绳悬挂一个带电小球，小球质量为 ，所带电荷量为1.010-2kg.现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与铅垂线成 夹角.求这个匀强+2.010-8C 450电场的电场强度. 11【答案】E=510 6N/C 方向水平向右【解析】试题分析：由于小球处于平衡状态，据平衡条件得：F=Eq 联立式得匀强电场的电场强度为：E= 代入数据，得E=5106N/C 方向水平向右 考点：本题考查物体的平衡条件和电场力。15.如图所示，一个电子以 的速度沿与电
19、场垂直的方向从 A点飞进匀强电场，并4106ms且从另一端 B点沿与场强方向成 150角方向飞出，电子从 A到 B运动的时间为 .1103s电子的质量为 ，电子重力不计。则：9.11031kg(1)A、 B两点间的电势差为多少？ (2)匀强电场的电场强度为多少？【答案】 （1）-136.5V（2）3.910 -2V/m【解析】（1）电子做类平抛运动，将 vB分解为水平速度 v0和竖直速度 vy，v A=vBcos60 12所以：v B=2vA=24106=8106m/s设 A、B 两点间的电势差为 UAB，根据动能定理： eUAB=12mv2B12mv2A所以 UAB=m(v2Bv2A)2e
20、=9.11031(821012421012)21.61019 V=136.5V（2）竖直分速度：v y=v0tan30 由运动学公式有：v y=at 牛顿第二定律：eE=ma 联立解得： E=mv0tan60et =9.11031410631.610191103V/m=3.9102V/m点睛：本题运用动能定理求电势差，也可以根据类平抛运动的特点，牛顿第二定律和运动学结合求解16.一个允许通过最大电流为 2 A的电源和一个滑动变阻器，接成如图甲所示的电路滑动变阻器最大阻值为 R022 ，电源路端电压 U随外电阻 R变化的规律如图乙所示，图中U12 V 的直线为图线的渐近线，试求：(1)电源电动势
21、 E和内阻 r；(2)A、 B空载时输出电压的范围；(3)若要保证滑动变阻器的滑片任意滑动时，干路电流不能超过 2 A， A、 B两端所接负载电阻至少多大【答案】 （1）12 V 2（2）011V（3）4.9 【解析】试题分析：由乙图可知，当 R时，E12 V而当 U6 V 时，应有 rR2.当滑片滑至上端时，U AB最大 11V当滑片滑至下端时，U AB为零 ，因此，A、B 空载时输出电压范围为 011V.A、B 两端接某一负载电阻后，滑动变阻器滑片移至上端时，干路电流最大13此时 I为了使电源不过载，应保证 I2 A，代入数据得 Rx4.9即所接负载电阻最小值为 4.9 .考点：本题考查欧姆定律、对电路的分析，意在考查学生的分析计算能力。
