北京市丰台区2018_2019学年高二化学上学期期中试卷（含解析）.doc

1、1北京市丰台区 2018-2019 学年高二化学上学期期中试卷（含解析）1.下列有机化合物的分类不正确的是A B C D苯的同系物 芳香化合物 烯烃 醇A. A B. B C. C D. D【答案】C【解析】试题分析：A、苯环上的氢原子被烷烃基取代后生成的有机物称为同系物，通式为 CnH2n6， 属于苯的同系物，A 正确；B、含有苯环的化合物是芳香族化合物，属于芳香族化合物，B 正确；C、含有 1 个碳碳双键的链烃是烯烃，不属于烯烃，是芳香烃，C 错误；D、羟基与烃基或苯环侧链上的碳原子相连的化合物称为醇， 属于醇，D 正确，答案选 C。考点：考查有机物分类判断22.可以准确判断有机化合物含有

2、哪些官能团的分析方法是A. 李比希燃烧法 B. 红外光谱法C. 质谱法 D. 核磁共振氢谱法【答案】B【解析】【详解】A李比希燃烧法可确定元素的种类，不能确定含有的官能团，故 A 不选；B红外光谱法可确定有机物分子中含有的官能团，故 B 选；C质谱法可确定分子的相对分子质量，不能确定含有的官能团，故 C 不选；D核磁共振氢谱法可确定分子中不同位置的 H 的种类和数目，不能确定含有的官能团，故 D 不选；故选 B。3.下列有关化学用语表示正确的是A. 乙烷的实验式 C2H6 B. 乙醇的结构式 CH3CH2OHC. 羟基电子式 D. 1,3-丁二烯的分子式：C 4H8【答案】C【解析】【详解】A

3、实验式是分子中原子个数的最简整数比，乙烷的实验式 CH3，故 A 错误；B乙醇的结构式为 ，CH 3CH2OH 为乙醇的结构简式，故 B 错误；C羟基含有 9 个电子，羟基电子式为 ，故 C 正确；D1，3-丁二烯的分子中含有 2 个碳碳双键，通式为 CnH2n-2，则 1，3-丁二烯的分子式为 C4H6，故 D 错误；故选 C。【点睛】本题考查了常见化学用语的表示方法。本题的易错点为 C，要注意羟基与氢氧根离子的区别。4.下列各组混合物中能用分液漏斗进行分离的是A. 乙醇和水 B. 苯和甲苯 C. 溴乙烷和水 D. 乙醇和乙酸【答案】C【解析】【详解】乙醇和水、苯和甲苯、乙醇和乙酸三组物质中

4、的物质能够互溶，溶液不分层，不能用分液的方法分离，而溴乙烷不溶于水，液体分层，可用分液漏斗分离，故选 C。5.下列有机物的命名正确的是3A. 3-甲基 2-乙基戊烷 B. 2，3，3-三甲基丁烷C. 2-甲基-3-丁炔 D. 3， 3 -二甲基 -1- 丁烯【答案】D【解析】【详解】A、烷烃命名时，应选最长的碳链为主链，故主链上有 6 个碳原子，在 3 号和 4 号碳原子上各有一个甲基，故名称为 3，4-二甲基己烷，故 A 错误；B、烷烃命名时，当两端离支链一样近时，应从支链多的一端开始编号，故此烷烃的正确的名称为 2，2，3-三甲基丁烷，故 B 错误；C、炔烃命名时，应从离官能团近的一端给主

5、链上的碳原子进行编号，故碳碳三键在 1 号和 2 号碳原子之间，在 3 号碳原子上有一个甲基，故名称为 3-甲基-1-丁炔，故 C 错误；D、烯烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有 4 个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，故在 1 号和 2 号碳原子之间有碳碳双键，在 3 号碳原子上有两个甲基，故名称为 3，3-二甲基-1-丁烯，故 D 正确；故选 D。6.四种常见有机物的比例模型如下图。下列说法正确的是A. 乙可与溴水发生取代反应而使溴水褪色B. 甲能使酸性 KMnO4溶液褪色C. 丙中的碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键D. 丁为醋酸分子的比例模

6、型【答案】C【解析】分析：根据四种常见有机物的比例模型可知甲是甲烷，乙是乙烯，丙是苯，丁是乙醇，据此解答。详解：A. 乙烯分子中含有碳碳双键，乙可与溴水发生加成反应而使溴水褪色，A 错误；B. 甲烷不能使酸性 KMnO4溶液褪色，B 错误；C. 苯分子中的碳碳键是一种介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键，C 正确；D. 丁为乙醇分子的比例模型，D 错误。答案选 C。7.含有一个三键的炔烃，氢化后的产物结构简式为4，此炔烃可能的结构简式有.A. 1 种 B. 2 种 C. 3 种 D. 4 种【答案】A【解析】【详解】根据炔烃与 H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带 2 个氢原子

7、的碳原子间是对应炔烃存在 CC 的位置。有如图所示的 2 个位置可以还原为 CC 键，其中 1、2两位置相同，故该炔烃共有 1 种，故选 A。【点睛】本题以加成反应为载体，考查同分异构体的书写，理解加成反应原理是解题的关键。解答本题可以采取逆推法还原碳碳三键，需要注意的是“1、2 两位置相同” 。也是本题的易错点。8.下列物质中，沸点最高的是A. 乙烷 B. 乙醇 C. 乙二醇 D. 丙三醇【答案】D【解析】【详解】乙醇和乙二醇与乙烷比较，乙醇和乙二醇含有氢键，沸点较高，在常温下为液体，而乙烷为气体；乙醇和乙二醇相比较，乙二醇的相对分子质量较大，含有的氢键数目较多，则沸点比乙醇的高，则同理乙二

8、醇与丙三醇相比较，沸点较高的为丙三醇，故选 D。9.除去下列物质中的少量杂质(括号内)，选用的试剂和分离方法不能达到实验目的的是混合物 试剂 分离方法A 粗苯甲酸(泥沙等) 水 重结晶B 乙酸乙酯(乙酸) 饱和碳酸钠溶液 分液5C 乙炔(硫化氢) 硫酸铜溶液 洗气D 苯(苯酚) 溴水 过滤A. A B. B C. C D. D【答案】D【解析】【详解】A苯甲酸的溶解度受温度影响大，可用重结晶分离，故 A 正确；B乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应而被吸收，可用分液法分离，故 B 正确；C硫化氢能与硫酸铜反应生成硫化铜沉淀和硫酸，而乙炔与硫酸铜溶液不反应，可以除去杂质，故 C 正确；

9、D溴、三溴苯酚均溶于苯，不能除杂，应加 NaOH 溶液洗涤、分液除杂，故 D错误；故选 D。10.1 mol 某气态烃能与 1 mol 氯化氢发生加成反应，加成后的产物又可与 7 mol 氯气发生完全的取代反应，则该烃的结构简式为A. CH2=CH2 B. CH3CH=CH2 C. .CH3CH2CH=CH2 D. CH3CH2CH2CH=CH2【答案】B【解析】【详解】烯烃和 HCl 发生加成反应时，烯烃中碳碳双键物质的量与所需 HCl 的物质的量相等，1mol 某气态烃能与 1mol 氯化氢发生加成反应，说明该气态烃中含有 1 个碳碳双键；卤代烃和氯气发生取代反应时，卤代烃中氢原子的物质的

10、量与所需氯气的物质的量相等，说明该卤代烃中含有 7 个 H 原子，且其中一个 H 原子为加成得到的，所以该烯烃中含有 6个 H 原子，符合条件的为 B，故选 B。11.若丙醇中氧原子为 18O，它和乙酸反应生成酯的相对分子质量是A. 100 B. 104 C. 120 D. 122【答案】B【解析】【详解】酸与醇反应的原理为酸脱羟基，醇脱氢，故丙醇与乙酸反应的原理为：CH3COOH+C3H718OH CH3CO18OC3H7+H2O，故 CH3CO18OC3H7的相对分子质量为6512+16+18+101=104，故选 B。【点睛】本题考查了酯化反应的实质，酯化反应的反应机理是酸脱羟基，醇脱氢

11、，本题的关键是判断 18O 的去向。12.用核磁共振仪对分子式为 C3H8O 的有机物进行分析，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积之比是 1:1:6，则该化合物的结构简式为A. CH3-O-CH2-CH3 B. CH3CH（OH）CH 3C. CH3CH2CH2OH D. C3H7OH【答案】B【解析】【详解】ACH 3-O-CH2-CH3含 3 种 H，且原子个数比为 3:2:3，故 A 不选；BCH 3CH(OH)CH3含 3 种 H，且原子个数比为 1:1:6，故 B 选；CCH 3CH2CH2OH 含 4 种 H，故 C 不选；DC 3H7OH 若为 2-丙醇含 3 种 H，若为 1-丙醇含

12、 4 种 H，故 D 不选；故选 B。13.下列烃的一卤代物同分异构体数目最多的是A. 乙烷 B. 2甲基丙烷C. 2，2二甲基丙烷 D. 2，2二甲基丁烷【答案】D【解析】【详解】A、乙烷的结构简式为 CH3CH3，分子中含有 1 种氢原子，其一氯代物有 1 种；B、2-甲基丙烷的结构简式为 CH3CH(CH3)2，分子中含有 2 种氢原子，其一氯代物有 2 种异构体；C、2，2-二甲基丙烷的结构简式为 C(CH3)4，分子中含有 1 种氢原子，其一氯代物有1 种异构体；D、2，2-二甲基丁烷的结构简式为(CH 3)3CCH2CH3，分子中含有 3 种氢原子，其一氯代物有 3 种异构体；故选

13、 D。14.“绿色化学”对化学反应提出了“原子经济性”(原子节约)的新概念及要求，理想原子经济性反应是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，实现零排放。下列反应类型一定符合这一要求的是(1)取代反应 (2)加成反应 (3)消去反应 (4)水解反应 (5) 酯化反应 (6)氧化反应A. (2) B. (1)(4) C. (3)(5) D. (2)(6)【答案】A【解析】【详解】(1)取代反应、(3)消去反应、(4)水解反应、(5)酯化反应、(6)氧化反应这四种反7应生成物一般均不止一种，且有副产物产生，不符合原子经济理念；(2)加成反应中原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，且不产生副产物，

14、原子利用率高达 100%，符合原子经济理念；故选 A。【点睛】本题考查反应类型的特点，正确把握原子经济理念解反应的特点是解本题关键。原子经济性反应是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，常见的反应有化合反应，加成反应，加聚反应。15.为了鉴定溴乙烷中卤素原子的存在，以下各步实验：加入 AgNO3溶液 加热 用 HNO 3酸化溶液 加入 NaOH 水溶液 ，其中操作顺序合理的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】为了检验溴乙烷中含有溴元素，不能直接向溴乙烷中滴加硝酸银溶液来检验，因为溴乙烷不溶于水，不能电离出溴离子。检验溴乙烷中含有溴元素一定要将之转化为溴离子，可以采用卤代烃的水

15、解方法生成卤离子，即加入氢氧化钠溶液，加热，发生水解反应生成 NaBr，用 HNO3酸化溶液至溶液呈酸性，最后加入硝酸银溶液，生成淡黄色沉淀，则证明含溴元素，即操作顺序为，故选 A。16.分子式为 C4H8的烯烃共有(要考虑顺反异构)A. 3 种 B. 4 种 C. 5 种 D. 6 种【答案】B【解析】【详解】分子式为 C4H8的烯烃为单烯烃，主链上可能是 4 个 C 原子、3 个碳原子，如果主链上有 4 个 C 原子，有 1-丁烯、2-丁烯，且 2-丁烯有顺反两种结构；如果主链上含有 3个 C 原子，为 2-甲基丙烯，所以一共有 4 种结构，故选 B。【点睛】本题考查同分异构体种类判断。本

16、题的易错点为顺反异构的判断，存在顺反异构，需要在碳碳双键两端的上的 C 原子，连接的原子或原子团不一样。17.十九大报告提出将我国建设成为制造强国，2020 年我国“PX”产能将达到 3496 万吨/年。有机物（烃） “PX”的结构模型如下图，下列说法错误的是8A. “PX”的分子式为 C8H10B. “PX”的二氯代物共有 6 种（不考虑立体异构）C. “PX”分子中，最多有 14 个原子共面D. 可用酸性 KMnO4溶液鉴别“PX”与苯【答案】B【解析】根据模型，PX 为对二甲苯。A、分子式为 C8H10，故 A 正确；B. “PX”的二氯代物共有共 7 种，故 B 错误；C、 “PX”分

17、子中，苯环上的 C 和 H 共面，有 12个原子，每个甲基中可有 1 个 H 旋转至共平面，故该分子中最多有 14 个原子共面，故 C 正确；D、对二甲苯可使酸性高锰酸钾褪色，而苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故可用酸性KMnO4溶液鉴别“PX”与苯，故 D 正确；故选 B。18. 可用于鉴别乙醇、甲酸、乙醛、乙酸 4 种无色液体的一种试剂是( )A. 水 B. 新制 Cu(OH)2 C. NaOH 溶液 D. 石蕊试剂【答案】B【解析】试题分析：A四种有机物都溶于水，不能鉴别，故 A 错误；B加入新制 Cu(OH)2悬浊液，乙醇不反应，乙醛在加热时生成砖红色沉淀，乙酸和氢氧化铜发生中和反应，氢

18、氧化铜溶解，甲酸能溶解氢氧化铜，含有醛基，加热时有砖红色沉淀生成，可鉴别，故 B 正确；C氢氧化钠溶液不能鉴别乙醇、乙醛，二者都不反应，也不能鉴别乙酸、甲酸，没有明显9的现象，故 C 错误；D乙醇、乙醛溶液呈中性，乙酸、甲酸溶液呈酸性，用石蕊试剂不能鉴别，故 D 错误；故选 B。【考点定位】考查有机物的鉴别【名师点晴】为高频考点，侧重于学生的分析、实验能力的考查，本题注意把握常见有机物的性质和鉴别方法，鉴别有机物时，要有明显的现象；四种有机物都易溶于水，其中乙醛含有-CHO，具有还原性，可用新制 Cu(OH)2悬浊液检验，乙酸具有酸性，甲酸既具有酸性又具有还原性，以此选择鉴别试剂。19.下列各

19、物质中既能发生消去反应又能催化氧化，并且催化氧化的产物是醛的A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】A 不能发生催化氧化，可发生消去反应，故 A 错误；B能发生催化氧化，但不能发生消去反应，故 B 错误；C能发生催化氧化、也能发生消去反应，但氧化产物为丙酮，不能发生银镜反应，故 C 错误；D 能发生消去反应，催化氧化可生成醛，能发生银镜反应，故 D 正确；故选 D。【点睛】本题考查有机物的结构和性质。解答本题要注意醇类物质发生消去、催化氧化反应与结构的关系，同时注意催化氧化的产物与结构的关系。20.分子式 C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物 A 和 B。将 A 氧化最终可得

20、 C，且 B和 C 为同系物。若 C 可发生银镜反应，则原有机物的结构简式为：（ ）A. HCOOCH2CH2CH3 B. CH3COOCH2CH3 C. CH3CH2COOCH3 D. HCOOCH（CH 3） 2【答案】C10【解析】试题分析：分子式 C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物 A 和 B，C 4H8O2可为酯，水解生成酸和醇，将 A 氧化最终可得 C，且 B 和 C 为同系物，说明 A 为醇，B 和 C 为酸，C 可发生银镜反应，则 C 为 HCOOH，则 A 应为 CH3OH，B 为 CH3CH2COOH，对应的酯的结构简式为CH3CH2COOCH3，答案为 C。考点

21、：考查有机物的推断21.下列有关甲苯的实验事实中，能说明侧链对苯环性质有影响的是A. 甲苯燃烧产生大量黑烟B. 1mol 甲苯与 3mol H2发生加成反应C. 甲苯能使酸性 KMnO4溶液褪色而甲烷不能D. 苯在 5060C 时发生硝化反应而甲苯在 30C 时即可【答案】D【解析】【详解】A甲苯含碳量高，燃烧有黑烟，与组成元素有关，与结构无关，故 A 不选；B甲苯含苯环，1mol 甲苯与 3mol H2发生加成反应，与苯环的不饱和度有关，与侧链无关，故 B 不选；C甲苯能被高锰酸钾溶液氧化，是侧链甲基受到苯环影响的结果，故 C 不选；D苯在 5060C 时发生硝化反应而甲苯在 30C 时即可

22、，说明苯环受到了侧链甲基的影响，故 D 选；故选 D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握有机物的结构、性质及有机反应为解答的关键。选项 C 为解答的易错点，要注意区分侧链对苯环性质的影响与苯环对侧链性质的影响。22.用如图所示装置检验乙烯时不需要除杂的是乙烯的制备 试剂 X 试剂 Y A CH3CH2Br 与 NaOH 乙醇溶液共热 H2O KMnO4 酸性溶液11B CH3CH2Br 与 NaOH 乙醇溶液共热 H2O Br2 的 CCl4 溶液 C C2 H5OH 与浓硫酸加热至170 NaOH 溶液KMnO4 酸性溶液D C2 H5OH 与浓硫酸加热至170 NaOH 溶液Br2

23、的 CCl4 溶液A. A B. B C. C D. D【答案】B【解析】【详解】A溴乙烷的消去反应：CH 3CH2Br+NaOH CH2=CH2+NaBr+H 2O，乙烯能够被高锰酸钾溶液氧化，导致酸性 KMnO4溶液褪色，检验乙烯；但乙烯中含有杂质乙醇，乙醇能与 KMnO4酸性溶液反应，使 KMnO4酸性溶液褪色，乙醇干扰乙烯的检验，乙醇能和水任意比互溶，而乙烯难溶于水，故需用水除去乙烯中的乙醇蒸气，故 A 正确；BCH 3CH2Br 与NaOH 乙醇溶液共热生成的乙烯中含有乙醇杂质，乙醇不与 Br2的 CCl4溶液反应，不干扰乙烯的检验，无需除去乙醇，故 B 错误；C乙醇在浓硫酸加热 1

24、70发生消去反应生成乙烯气体，CH 3-CH2-OH CH2CH 2+H 2O，同时乙醇和浓硫酸在 170以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化碳、二氧化硫气体和水，生成的乙烯中含有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳和水蒸气，二氧化硫、乙醇能与 KMnO4酸性溶液反应，导致酸性 KMnO4溶液褪色，二氧化硫、乙醇干扰乙烯的检验，NaOH 溶液能溶解乙醇，能和二氧化硫反应，故需用 NaOH溶液除去乙醇、二氧化硫，故 C 正确；D乙醇在浓硫酸加热 170发生消去反应生成的乙烯中含有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳和水蒸气，二氧化硫在水蒸气存在下能与 Br2的CCl4溶液反应，SO 2干扰乙烯的检验，需用氢氧

25、化钠溶液除去二氧化硫，故 D 正确；故选B。23. 在阿司匹林的结构简式(下式)中分别标出了其分子中的不同的键。将阿司匹林与足量 NaOH 溶液共热,发生反应时断键的位置是 ( )12A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：阿司匹林中含有酯基和羧基，与足量 NaOH 溶液共热可发生中和反应（断号键）和酯的水解反应（断号键） ，选 D。考点：考查有机物的结构与性质。24.有一种合成维生素的结构简式为 ,对该合成维生素的叙述正确的是A. 该合成维生素有三个苯环B. 该合成维生素 1 mol 最多能中和 5 mol 氢氧化钠C. 该合成维生素 1 mol 最多能和含 6 mol 单质溴的

26、溴水反应D. 该合成维生素可用有机溶剂萃取【答案】D【解析】【详解】A由结构简式可知该合成维生素有二个苯环，故 A 错误；B能与氢氧化钠反应的只有酚羟基，该合成维生素 1 mol 最多能中和 4 mol 氢氧化钠，故 B 错误；C能与溴水反应的为酚羟基的邻、对位的取代以及碳碳双键的加成反应，则该合成维生素 1 mol 最少能和 5mol 单质溴的溴水反应，故 C 错误；D有机物大都溶于有机溶剂，故 D 正确；故选D。25.我国在 CO2催化加氢制取汽油方面取得突破性进展，CO 2转化过程示意图如下：13下列说法不正确的是A. 反应的产物中含有水B. 反应中只有碳碳键形成C. 汽油主要是 C5C

27、11的烃类混合物D. 图中 a 的名称是 2-甲基丁烷【答案】B【解析】A、通过图示可以得到反应为 CO2+H2CO，根据原子守恒，得到反应为CO2+H2CO+H 2O，因此 A 描述正确；B、反应生成（CH 2） n中含有碳氢键盘和碳碳键，则B 描述错误；C、汽油主要是 C5C11的烃类混合物，选项 C 描述正确；D、观察可以发现图中 a 是(CH 3)2CHCH2CH3，其系统命名是 2-甲基丁烷，选项 D 描述正确。答案选 B。26.下列几组物质：苯和乙苯CH 3COOH 和 CH 3CH2CH2CH3和 CH 3CH2CCH 和 CH3CCCH 3CH 2=CHCH2CH3和 和 （1

28、）属于同系物的是_(填序号，下同)；（2）属于同一物质的是_；（3）由于碳骨架不同而产生的同分异构体是_ ；（4）由于官能团的位置不同而产生的同分异构体是_；（5）具有不同官能团的同分异构体是 _。【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). 【解析】【分析】(1)结构相似，组成相差 n 个 CH2原子团的有机物为同系物；(2)分子式、结构相同的为同一物质；14(3)由于碳骨架不同而产生的同分异构体是碳链异构；(4)由于官能团的位置不同而产生的同分异构体是位置异构；(5)具有不同官能团的同分异构体是官能团异构；据此分析解答。【详解】(1)苯和乙苯的结构相似，组成上相差 2 个 C

29、H2原子团，故为同系物，故答案为：；(2)CH 3CH2CH2CH3和 的分子式、结构均相同，故为同一物质，故答案为：；(3)CH2=CH-CH2-CH3 和 是由于碳骨架不同而产生的同分异构体，故答案为：；(4)CH 3CH2CCH 和 CH3CCCH 3是由于官能团的位置不同而产生的同分异构体，故答案为：；(5)CH 3COOH 和 是具有不同官能团的同分异构体，即属于官能团异构，故答案为：。27.现有下列 8 种有机物:乙炔甲苯溴乙烷乙醇苯酚乙醛乙酸乙酸乙酯。请回答:（1）实验室制备的反应方程式_（2）能与碳酸氢钠溶液反应产生气体的是_（填序号，下同）（3）在一定条件下能与浓硝酸反应生成

30、 TNT 的是_此反应的化学方程式为_（4）能与银氨溶液发生银镜反应的是_此反应的化学方程式为_（5）在一定条件下能与氢氧化钠水溶液反应的是_【答案】 (1). CaC+2HOHCa(OH)+CHCH (2). (3). (4). (5). (6). CH3CHO+2Ag(NH3)2OH CH3COONH4+2Ag+3NH 3+H2O (7). 15【解析】【分析】(1)实验室用碳化钙和水反应制备乙炔；(2)能够与碳酸氢钠溶液反应，该有机物具有酸性，且酸性大于碳酸，说明含有羧基；(3)TNT 为三硝基甲苯，据此书写方程式；(4)含有醛基的有机物能够发生银镜反应； (5)氢氧化钠为碱溶液，能够与

31、氢氧化钠反应的有卤代烃、苯酚、乙酸、酯类等物质；据此分析解答。【详解】(1)碳化钙和水反应生成氢氧化钙和乙炔，故化学方程式为 CaC+2H2OCa(OH)+CHCH，故答案为：CaC+2H 2OCa(OH)+CHCH；(2)能与碳酸氢钠溶液反应产生气体，说明该有机物显示酸性，且酸性大于碳酸，说明分子中含有羧基，满足条件的为乙酸，故答案为：；(3)在一定条件下能与浓硝酸反应生成 TNT，TNT 为三硝基甲苯，所以该有机物为甲苯，反应的化学方程式为 ，故答案为：；(4)分子中含有醛基的有机物能够发生银镜反应，8 种有机物中，只有乙醛中含有醛基，能够发生银镜反应，反应的化学方程式为：CH 3CHO+

32、2Ag(NH3)2OH CH3COONH4+H2O+2Ag+3NH 3，故答案为：；CH 3CHO+2Ag(NH3)2OH CH3COONH4+H2O+2Ag+3NH 3；(5)苯酚、乙酸能够与氢氧化钠溶液发生中和反应，溴乙烷能够与氢氧化钠溶液发生取代(水解)反应，乙酸乙酯能够与氢氧化钠溶液发生取代(水解)反应，故答案为：。28.人们对苯及芳香烃的认识有一个不断深化的过程。（1）已知分子式为 C6H6的结构有多种，其中的两种为：这两种结构的区别表现在定性方面(即化学性质方面)：能_(填入编号，下同)，而不能_。A.被酸性高锰酸钾溶液氧化 B.与溴水发生加成反应16C.与溴发生取代反应 D.与氢

33、气发生加成反应定量方面(即消耗反应物的量的方面)：1 mol C 6H6与 H2加成，需_mol,而需_mol。今发现 C6H6还可能有另一种如图所示的立体结构，该结构的二氯代物有_种。（2）已知萘的结构简式为 ，该结构简式不能解释萘的下列_事实(填编号)。A.萘不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B.萘能与 H2发生加成反应C.萘分子中所有原子在同一平面上D.一溴代萘(C 10H7Br)只有两种同分异构体【答案】(1)ABCD AB 3 2 3 (2) A【解析】(1)有碳碳双键，故能发生 A、B、D，也有烷烃碳原子，故能发生 C；为苯分子，故能发生 C、D，则不能发生 A、B；1 mol C6H6与

34、 H2加成，需 3mol H2,而需 2 mol H2（因 1 分子 II 含 2 个碳碳双键） ；3 种：三角形一条边上、正方形一条边上、正方形的对角线上；(2)若奈的结构如图所示，则含有碳碳双键，应能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使之褪色；29.某有机化合物 A 经李比希法测得其中含碳为 72.0%、含氢为 6.67%,其余为氧。现用下列方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构。方法一:用质谱法分析得知 A 的相对分子质量为 150。方法二:核磁共振仪测出 A 的核磁共振氢谱有 5 个峰,其面积之比为 1:2:2:2:3,如下图所示。17方法三:利用红外光谱仪测得 A 分子的红外光谱如下图所

35、示。请填空:（1）A 的分子式为 _。 （2）A 的分子中含一个甲基的依据是 _。a. A 的相对分子质量b. A 的分子式c. A 的核磁共振氢谱图d. A 分子的红外光谱图 （3）A 的结构简式为_。【答案】 (1). C 9H10O2 (2). bc (3). 【解析】【分析】(1)根据各元素的含量，结合相对分子质量确定有机物 A 中 C、H、O 原子个数，进而确定有机物 A 的分子式；(2)A 的核磁共振氢谱有 5 个峰，说明分子中有 5 种 H 原子，其面积之比为对应的各种 H 原子个数之比，根据分子式可知分子中 H 原子总数，进而确定甲基数目；(3)根据 A 分子的红外光谱可知，结

36、构中含有 C6H5C-、C=O、CO、CC 等基团，结合核磁共振氢谱确定确定 A 的结构简式。【详解】(1)有机物 A 中 C 原子个数 N(C)= =9，有机物 A 中 H 原子个数 N(H)= 72%15012=10，有机物 A 中 O 原子个数 N(O)= =2，所以有机物 A 的分子式为6.67%1501 (1-72%-6.67%)1501618C9H10O2，故答案为：C 9H10O2(2)A 的核磁共振氢谱有 5 个峰，说明分子中有 5 种 H 原子，其面积之比为对应的各种 H 原子个数之比，由分子式可知分子中 H 原子总数为 10，峰面积之比为 1:2:2:2:3，进而可以确定分

37、子中含 1 个甲基，所以需要知道 A 的分子式及 A 的核磁共振氢谱图，故答案为：bc；(3)由 A 分子的红外光谱知，含有 C6H5C-基团，由苯环上只有一个取代基可知，苯环上的氢有 3 种，H 原子个数分别为 1 个、2 个、2 个，由 A 的核磁共振氢谱可知，除苯环外还有两种氢，且两种氢的个数分别为 2 个、3 个，由 A 分子的红外光谱可知，A 分子结构有碳碳单键、C=O、CO 等，所以符合条件的有机物 A 结构简式为 C6H5COOCH2CH3，故答案为：C6H5COOCH2CH3。30.萜品醇可作为消毒剂、抗氧化剂、医药和溶剂。合成 萜品醇 G 的路线之一如下:已知：请回答下列问题

38、：（1）A 所含官能团的名称是_。（2）B 的分子式为_；写出同时满足下列条件的 B 的链状同分异构体的结构简式：_。 核磁共振氢谱有 2 个吸收峰 能发生银镜反应（3） B C、E F 的反应类型分别为_、_。（4）C D 的化学方程式为_。（5） 通过常温下的反应，区别 E、F 和 G 的试剂是_和_。【答案】 (1). 羧基 羰基 (2). C8H14O3 (3). (4). 取代反应 (5). 酯化反应 (6). 19(7). NaHCO3溶液 (8). Na【解析】【分析】根据 C 生成 D 的反应条件可知，C 中含有卤素原子，则 B 与 HBr 发生取代反应生成 C，C 为， 发生

39、消去反应生成 D，D 为 ，D 酸化得到 E，E 为，E 与乙醇发生酯化反应生成 F，F 为 ，F 发生信息反应生成 G，结合 F 与 G 的结构可知，Y 为 CH3MgBr，据此解答。【详解】(1)由有机物 A 的结构可知，A 中含有羰基、羧基，故答案为：羰基、羧基；(2)由 B 的结构简式可知，B 的分子式为 C8H14O3，B 的同分异构体中，核磁共振氢谱有 2 个吸收峰，说明分子中含有 2 种 H 原子，由 B 的结构可知，分子中 H 原子数目很多，故该同分异构体为对称结构；能发生银镜反应，说明含有醛基，且为 2 个-CHO，其余的 H 原子以甲基形式存在，故符合条件的同分异构体的结构

40、简式为： ，故答案为：C8H14O3； ；(3)根据上面的分析可知，由 B 到 C 的反应是 B 与溴化氢发生的取代反应，EF 发生酯化反应生成 F，故答案为：取代反应；酯化(取代)反应；(4)由上面的分析可知，CD 的反应方程式为 +2NaOH +NaBr+2H2O，故答案为： +2NaOH +NaBr+2H2O；20(5)E 为 ，含有羧基；F 为 ，含有碳碳双键、酯基；G 为，G 中含有 C=C 双键、醇羟基；利用羧基、羟基与钠反应，酯基不反应，区别出 F，再利用碳酸氢钠与羧基反应区别 G 与 E，故答案为：Na；NaHCO 3溶液。【点睛】本题考查有机物的推断与合成，充分利用有机物的结

41、构、反应条件及反应信息进行判断，掌握官能团的性质与理解反应信息是关键。本题的难点为(2)，要注意结构的对称性的思考。31.已知乙醇可以和氯化钙反应生成微溶于水的 CaCl26C2H5OH。有关的有机试剂的沸点如下：CH3COOC2H5为 77.1； C 2H5OH 为 78.3；C2H5OC2H5（乙醚）为 34.5； CH 3COOH 为 118。实验室合成乙酸乙酯粗产品的步骤如下：在蒸馏烧瓶内将过量的乙醇与少量浓硫酸混合，然后经分液漏斗边滴加醋酸，边加热蒸馏。由上面的实验可得到含有乙醇、乙醚、醋酸和水的乙酸乙酯粗产品。（1）制取乙酸乙酯的方程式是_。将粗产品经下列步骤精制：（2）为除去其中

42、的醋酸，可向产品中加入_（填字母） 。A.无水乙醇 B.碳酸钠粉末 C.无水醋酸钠（3）再向其中加入饱和氯化钙溶液，振荡，分离，其目的是_。（4）然后再向其中加入无水硫酸铜，振荡，其目的是_。最后，将经过上述处理后的液体加入另一干燥的蒸馏瓶内，再蒸馏，弃去低沸点馏分，收集沸点在7678之间的馏分即得纯净的乙酸乙酯。【答案】 (1). CH3COOH+HOCH2CH3 CH3COOCH2CH3+H2O (2). B (3). 除去粗产品中的乙醇 (4). 除去粗产品中的水【解析】【分析】21(1)实验室通过乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯；(2)醋酸能够与碳酸钠反应，乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中

43、的溶解度较小，反应后能够分层；(3)根据题意：乙醇可以和氯化钙反应生成微溶于水的 CaCl26C2H5OH，结合酯在盐溶液中的溶解度较小分析；(4)无水硫酸铜可以与水反应生成硫酸铜晶体；据此分析解答。【详解】(1)制取乙酸乙酯的化学方程式为 CH3COOH+HOC2H5 CH3COOC2H5+H2O，故答案为：CH 3COOH+HOC2H5 CH3COOC2H5+H2O；(2)醋酸能够与碳酸钠反应放出二氧化碳，而乙酸乙酯不能，因此除去粗产品中的醋酸，可向产品中加入碳酸钠粉末，故答案为：B；(3)乙醇可以和氯化钙反应生成微溶于水的 CaCl26C2H5OH，再向其中加入饱和氯化钙溶液，振荡，分离，其目的是除去粗产品中的乙醇，故答案为：除去粗产品中的乙醇；(4)然后再向其中加入无水硫酸铜，振荡，其目的是除去粗产品中的水，最后，将经过上述处理后的液体加入另一干燥的蒸馏瓶内，再蒸馏，弃去低沸点馏分，收集沸点在7678 之间的馏分即得纯净的乙酸乙酯，故答案为：除去粗产品中的水。