1、1甘肃省天水市一中 2019 届高三物理上学期一轮复习第二次质量检测试题（满分：100 分 时间：90 分钟）一选择题：（每小题 4 分，共 48 分.其中第 1-9 题，每题仅有一个选项正确，第 10-12题，每题有多个选项正确）1东汉王充在论衡状留篇中记述了球的运动：“圆物投之于地，东西南北，无之不可；策杖叩动，才微辄停” 。关于运动和力的关系，下列说法中正确的是A. 力是维持物体运动的原因B. 力是改变物体惯性大小的原因C. 力是改变物体位置的原因D. 力是改变物体运动状态的原因2如图所示为 A、B 两质点在同一直线上运动的位移-时间（x-t）图像。A 质点的图像为直线，B 质点的图像为
2、过原点的抛物线，两图像交点 C、D 坐标如图所示下列说法正确的是A. t1时刻 B 追上 A，t 2时刻 A 追上 BB. t1t2时间段内 B 质点的平均速度小于 A 质点的平均速度C. 质点 A 做直线运动，质点 B 做曲线运动D. 两物体速度相等的时刻一定在 t1t2时间段内的某时刻3如图所示,物块 A 放在直角三角形斜面体 B 上面,B 放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁,初始时 A、B 静止;现用力 F 沿斜面向上推 A,但 A、B 仍未动。则施力 F 后,下列说法正确的是A. 弹簧弹力一定不变B. B 与墙面的弹力可能不变C. B 与墙之间可能没有摩擦力D. A、B 之间的摩擦力一定变大
3、4竖直正方形框内有三条光滑轨道 OB、OC 和 OD，三轨道交于 O 点，且与水平方向的夹角分别为 30o、45 o和 60o。现将甲、乙、丙三个可视为质点的小球同时从 O 点静止释放，分别沿 OB、OC 和 OD 运动到达斜面底端。则三小球到达斜面底端的先后次序是A. 甲、乙、丙 B. 丙、乙、甲C. 甲、丙同时到达，乙后到达 D. 不能确定三者到达的顺序5实验小组利用 DIS 系统(数字化信息实验系统),观察超重和失重现象.他们在学校电梯2内做实验,在电梯天花板上固定一个拉力传感器,测量挂钩向下,并在钩上悬挂一个重力为10 N 的钩码,在电梯运动过程中，计算机显示屏上出现如图所示图线,根据
4、图线分析可知下列说法错误的是A. 从时刻 t1到 t2,钩码处于失重状态,从时刻 t3到 t4,钩码处于超重状态B. t1到 t2时间内,电梯可能在向下运动,t 3到 t4时间内,电梯可能正在向上运动C. t1到 t4时间内,电梯可能先加速向下,接着匀速向下,再减速向下D. t1到 t4时间内,电梯可能先加速向上,接着匀速向上,再减速向上6有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为 v 的大河，小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直，去程与回程所用时间的比值为 k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为A. B. 21kvC. D. 21kv21k7
5、如图所示，两轻质弹簧 a、b 悬挂一质量为 m 的小球，整体处于平衡状态，a 弹簧与竖直方向成 30角，b 弹簧与竖直方向成 60角，a、b 两弹簧的形变量相等，重力加速度为 g，则A弹簧 a、b 的劲度系数之比为 3:2B弹簧 a、b 的劲度系数之比为 1C若弹簧 a 下端与小球松脱，则松脱瞬间小球的加速度大小为 3gD若弹簧 b 下端与小球松脱，则松脱瞬间小球的加速度大小为 3g8如图所示，水平传送带 A、B 两端相距 x=4.5m，物体与传送带间的动摩擦因数=0.1，物体滑上传送带 A 端的瞬时速度 VA=5m/s，到达 B 端的瞬时速度设为 VB下列说法中错误的是A. 若传送带不动，V
6、 B=4m/sB. 若传送带逆时针匀速转动，V B一定等于 4m/sC. 若传送带顺时针匀速转动，V B一定等于 4m/sD. 若传送带顺时针匀速转动，V B有可能等于 4m/s9如图所示，两个挨得很近的小球，从斜面上的同一位置 O 以不同的初速度 vA、v B做平抛运动，斜面足够长，在斜面上的落点分别为 A、B，空中运动的时间分别为 tA、t B，碰撞斜面前瞬间的速度与斜面的夹角分别为 、 ，已知 OB2OA，则有A. vA：v B=1：2 B. t A：t B = 1：2C. D. B 球离斜面最远的位置处速度平行于斜面2vk310如图所示，上表面光滑的半圆柱体放在水平地面上，一小物块从靠
7、近半圆柱体顶点O 的 A 点，在外力 F 作用下沿圆弧缓慢下滑到 B 点，此过程中 F 始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态。下列说法中正确的是A. 半圆柱体对小物块的支持力变大B. 地面对半圆柱体的摩擦力先增大后减小C. 外力 F 变大D. 地面对半圆柱体的支持力变大11如图所示，物体 A 和 B 的质量均为 m，且分别用轻绳连接跨过定滑轮（不计绳子与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦） 。当用水平变力 F 拉物体 B 沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中A. 物体 A 做匀加速直线运动B. 绳的拉力始终大于物体 A 的重力C. 绳子对 A 的拉力逐渐增大D. 地面对物体 B的支持力逐渐增大12
8、如图所示，质量为 m 的小球在竖直放置的光滑圆形 管道内做圆周运动，下列说法正确的是A. 小球通过最高点时的最小速度是B. 小球通过最高点时的最小速度为零C. 小球在水平线 ab 以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D. 小球在水平线 ab 以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力二实验题：（每小题 4 分，共 16 分）(一)如图所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图图中 A 为小车，质量为 m1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器 B，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，P 的质量为 m2，C 为弹簧测力计，实验时改变 P的质量，读出测力计对
9、应读数 F，不计绳与滑轮的摩擦13.电火花打点计时器工作电压为（ ）A.交流 ,220V B.直流,220V C.交流，6V D.直流，6V14.下列说法正确的是（ ）A一端带有定滑轮的长木板必须保持水平 B实验时应先接通电源后释放小车C实验中 m2应远小于 m1 D测力计的读数始终为 0.5 g2m（二）某同学设计了一个探究平抛运动特点的实验装置， 如右图所示：在水平桌面上放置一个斜面，让钢球从斜面上滚下，滚过桌面后钢球便做平抛运动。在钢球抛出后经过的地方，水平放置一块木板（还有一个用来调节木板高度的支架，图中未画）木板上放一张白纸，白纸上有复写纸，这样便能记录钢球在白纸上的落点，桌子边缘钢
10、球经过的地方挂4一条铅垂线。15.要完成本实验，还需要的实验器材是（ ）A.刻度尺 B.停表 C.天平 D.打点计时器16.利用本实验装置进行的探究，下列说法正确的是（ ）A每次实验过程中，钢球必须从同一位置由静止滚下B实验装置中的斜面必须是光滑的C若已知钢球在竖直方向做自由落体运动，可以探究钢球在水平方向上的运动规律D若已知钢球在水平方向上做匀速直线运动，可以探究钢球在竖直方向上的运动规律三计算题：（共 36 分）17 （10 分）如图所示，质量为 M=0.5kg 的框架 B 放在水平地面上。劲度系数为k=100N/m 的轻弹簧竖直放在框架 B 中，轻弹簧的上端和质量为 m=0.2kg 的物
11、体 C 连在一起。轻弹簧的下端连在框架 B 的底部。物体 C 在轻弹簧的上方静止不动。现将物体 C 竖直向下缓慢压下一段距离 x=0.03m 后释放，物体 C 就在框架 B 中上下做简谐运动。在运动过程中，框架 B 始终不离开地面，物体 C 始终不碰撞框架 B 的顶部。已知重力加速度大小为 g=10m/s2。当物体 C 运动到最低点时，试求：（1）物体 C 的加速度大小（2）此时框架 B 对地面的压力大小。18 （12 分）如图所示，在光滑的圆锥顶用长为 L 的细线悬挂一质量为 m 的小球，母线与轴线夹角为 ，当圆锥和球一起以角速度 匀速转动时，球压紧锥面。(1)此时绳的张力是多少？(2)若要
12、小球离开锥面，则小球的角速度至少为多少？19. （14 分）如图所示，从 A 点以 v0的水平速度抛出一质量 m=1kg 的小物块（可视为质点） ，当小物块运动至 B 点时，恰好沿切线方向进入固定的光滑圆弧轨道 BC，圆弧轨道BC 的圆心角 =37经圆孤轨道后滑上与 C 点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，圆弧轨道 C 端切线水平已知长木板的质量 M=4kg，A、B 两点距 C 点的高度分别为H=0.6m、h=0.15m，小物块与长木板之间的动摩擦因数 1=0.5，长木板与地面间的动摩擦因数 2=0.2，cos37=0.8，sin37=0.6，g=10m/s 2求：（1）小物块水平抛出时，初速
13、度 v0的大小；（2）小物块滑动至 C 点时，圆弧轨道对小球的支持力大小；（3）试判断木板是否相对地面滑动，并求出木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？5天水一中 2016 级一轮复习第二次质量检测物理答案1D【解析】这句话的意思是放置在地上运动的圆物，用棒拨动，才能使它停下来。说明力是改变物体运动状态的原因，A、B、C 错误、D 正确。2D【解析】图象的交点表示同一时刻到达同一位置而相遇， t1时刻 A 追上 B， t2时刻 B 追上A，故 A 错误；t 1t 2时间段内，两质点通过的位移相等，则 B 质点的平均速度与 A 质点匀速运动的速度相等，故 B 错误两物体的速度均为正值，故两
14、质点均做直线运动，选项C 错误；因曲线的切线的斜率等于物体的速度，故由图像可知两物体速度相等的时刻一定在 t1t 2时间段内的某时刻，故 D 正确故选 D.点睛：解决本题的关键要理解位移-时间图象点和斜率的物理意义：知道两图线相交表示相遇，斜率表示速度3A【解析】对整体分析，由于 AB 不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于 A、 B 的总重力，施加 F 后，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据平衡知，则B 与墙之间一定有摩擦力，故 A 正确 C 错误；以整体为研究对象，开始时 B 与墙面的弹力为零，后来加 F 后，弹力为 ，弹力变化，B 错误；对 A，开始受重力、 B 对
15、A 的支持力和静摩擦力平衡，当施加 F 后，仍然处于静止，开始 A 所受的静摩擦力大小为 ，若 ，则 A、 B 之间的摩擦力大小可能不变，D 错误4B【解析】对乙丙：设斜面的倾角为 ，则下滑的加速度 a gsin，下滑的位移，根据 x= at2得， 故倾角越大的下落时间越短，故lxsin12xltasin 乙和丙，丙先到达底端；对甲乙：运动到底端的时间，则甲乙两物体中，乙时间短，先到达底端；三小24cosin2lltagig 球到达斜面底端的先后次序是丙、乙、甲；故选 B.5D【解析】在 t1-t2时间内 Fmg,电梯有向上的加速度,处于超重状态,正确.因电梯速度方向未知,故当速度方向向上时,
16、则为向上减速或向上加速,当速度方向向下时,则为向下加速或向下减速, ABC 正确,选 D.6D6【解析】设船渡河时的速度为 ，当船头指向始终与河岸垂直，则有： ，当回cv cdtv去程时行驶路线与河岸垂直，则有： ，而回头时的船的合速度为： dtv回 合，由于去程与回程所用时间的比值为 k，所以小船在静水中的速度大小为：2cv合，故 D 正确；221cvk点睛：根据船头指向始终与河岸垂直，结合运动学公式，可列出河宽与船速的关系式，当路线与河岸垂直时，可求出船过河的合速度，从而列出河宽与船速度的关系，进而即可求解。7B【解析】试题分析：对小球受力分析，受到 a 弹簧的拉力，b 弹簧的拉力，和重力
17、，三力平衡，故有 ， ，故 ，A 错误 Bcos30aaTmgkxsin30bTmgkxcos30in1ab正确；若弹簧 a 下端与小球松脱，松脱瞬间 b 弹簧的弹力不变，故小球所受重力和 b 弹簧弹力的合力与 大小相等方向相反，故 ，若弹簧 b 下端与小球cs2ag松脱，则松脱瞬间 a 弹簧的弹力不变，故小球所受重力和 a 弹簧弹力的合力与 大小相bT等方向相反，故小球的加速度 ，C 错误 D 错误；sin3012mg考点：考查了牛顿第二定律的瞬时性，共点力平衡条件，【名师点睛】在应用牛顿第二定律解决瞬时问题时，一定要注意，哪些力不变，（弹簧的的形变量来不及变化，弹簧的弹力不变），哪些力变化
18、（如绳子断了，则绳子的拉力变为零，或者撤去外力了，则外力变为零，）然后结合整体隔离法，应用牛顿第二定律分析解题8C【解析】试题分析：物块滑上传送带，若传送到不动，物块做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出到达 B 点的速度若传送带逆时针转动，物块滑上传送带做匀减速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律进行求解若传送带顺时针匀速转动，根据物块的速度与传送带的速度大小判断物体的运动情况7若传送带不动，物体做匀减速直线运动，加速度 ，初速度211/mgas，位移 x=4.5m，故末速度 ，解得 ，A 正确；若传送5/Avms2BAvx4Bv带逆时针做匀速转动，物体受到的摩擦力方向向左，
19、仍与不动时方向相同，所以物体仍做匀减速直线运动，与不动时的运动情况相同，到达 B 点的速度仍为 ，B 正/Bs确；若传送带做顺时针匀速转动，如果传送带的速度小于 4m/s，则物块相对于传送带一直相对于传送带向右运动，受到的摩擦力方向一直向左，所以此种情况下物体一直做匀减速直线运动，到达 B 点的速度为 4m/s，若传送带的速度大于 5m/s，此种情况下物块相对于传送带的向后运动，受到的摩擦力方向向右，物体一直做加速运动，到达 B 点的速度大于 4m/s，故 C 错误 D 正确9D【解析】A、根据 结合几何关系可知，AB 两球运动的竖直方向位移之比2OA，水平位移 ，两球都做平抛运动，根据 ，得
20、： ，则12h12x 21hgt2htg，12ABt水平位移为： ，则 ，0xvt12ABC、两球都落在斜面上，位移与水平方向的夹角为定值，故有： 2001gttanv，位移与水平面的夹角相同，所以 ，故 C 错误；02yvgttanan 10BC【解析】物块缓慢下滑处于平衡状态， F 始终沿圆弧的切线方向即始终垂直于圆柱面支持力 F1的方向，受力分析如图所示：8因此总有 ，下滑过程中 增大，因此 F 增大， F1 减小，故 A 错误，C 正确；对半圆柱体分析，地面对半圆柱体的摩擦力：，地面对半圆柱体的支持力， 从接近 0到 90变化的过程中，摩擦力先增大后减小，支持力一直减小，故 B 正确，
21、D 错误。所以 BC 正确，AD 错误。11BD【解析】将 B 物体的速度 vB进行分解如图所示，则 vA=vBcos， 减小，v B不变，则 vA逐渐增大，说明 A 物体在竖直向上做加速运动，但不是匀加速运动，由牛顿第二定律 T-mg=ma，可知绳子对 A 的拉力 Tmg，故 A 错误，B 正确B 在竖直方向上平衡，有：Tsin+N=mg，运用外推法：若绳子无限长，B 物体距滑轮足够远，即当 0 时，有 vAv B，这表明，物体 A 在上升的过程中，加速度必定逐渐减小，绳子对 A 物体的拉力逐渐减小，sin 减小，则支持力增大故 C 错误，D 正确故选 BD点睛：解决本题的关键得出 A、B
22、的速度关系，由牛顿第二定律分析绳子的拉力与重力的大小关系，运用外推法，即极限法分析 A 物体的加速度如何变化是难点12BC【解析】在最高点，管壁对小球的作用力可以向上，可以向下，可知最小速度为零，故B 正确，A 错误小球在水平线 ab 以下管道运动时，由于径向的合力提供向心力，可知外侧管壁对小球一定有作用力，故 C 正确小球在水平线 ab 以上管道运动时，内侧管壁对小球不一定有作用力，比如在最高点，若速度 ，则内部对小球的作用力为零，故 D 错误 故选 BC点睛：解决本题的关键知道小球在竖直光滑圆形管道中运动，在最高点的最小速度为 0，以及知道小球在竖直面内做圆周运动的向心力由沿半径方向上的合
23、力提供13 A 14. B 15.A 16. ACD17a=15m/s 2 10N【解析】试题分析：物体 C 放上之后静止时：设弹簧的压缩量为 x0，对物体 C，有：mg=kx 0 （1 分）解得：x 0=0.02m （1 分）当物体 C 从静止向下压缩 x 后释放，物体 C 就以原来的静止位置为中心上下做简谐运动，9振幅 A=x=0.03m。 （1 分）当物体 C 运动到最低点时，对物体 C，有：k(x+x 0)-mg=ma （2 分）解得：a=15m/s 2 （1 分）当物体 C 运动到最低点时，设地面对框架 B 的支持力大小为 F，对框架 B，有：F = Mg +k(x+x 0) （2
24、分）解得：F=10N 所以框架 B 对地面的压力大小为 10N （1 分）考点：本题考查牛顿第二定律、简谐振动(1)T= (2)22)(sincoslmgcoslg【解析】题分析：(1)小球此时受到竖直向下的重力 mg，绳子的拉力 T，锥面对小球的支持力，三个力作用，合力充当向心力，即合力 2sinFl在水平方向上有， ， ，sincosTNamsinNg联立四个式子可得 T= 22)(ilmg（2）重力和拉力完全充当向心力时，小球对锥面的压力为零， ，故有向心力 ， ，联立可得tanF2sinlcosgl考点：考查了圆周运动实例分析点评：关键是对小球受力分析，判断向心力来源，根据牛顿第二定律列式求解（1）小物块水平抛出时，初速度 v0的大小 4m/s；（2）小物块滑动至 C 点时，对圆弧轨道 C 点的压力大小 47.3 N；（3）长木板至少为 2.8 m，才能保证小物块不滑出长木板19.18.
