2020版高考物理一轮复习分层规范快练23电场的能的性质新人教版.doc

上传人:王申宇 文档编号:1094674 上传时间:2019-04-14 格式:DOC 页数:7 大小:2.06MB
下载 相关 举报
2020版高考物理一轮复习分层规范快练23电场的能的性质新人教版.doc_第1页
第1页 / 共7页
2020版高考物理一轮复习分层规范快练23电场的能的性质新人教版.doc_第2页
第2页 / 共7页
2020版高考物理一轮复习分层规范快练23电场的能的性质新人教版.doc_第3页
第3页 / 共7页
2020版高考物理一轮复习分层规范快练23电场的能的性质新人教版.doc_第4页
第4页 / 共7页
2020版高考物理一轮复习分层规范快练23电场的能的性质新人教版.doc_第5页
第5页 / 共7页
点击查看更多>>
资源描述

1、1分层规范快练(二十三) 电场的能的性质双基过关练12016全国卷关于静电场的等势面,下列说法正确的是( )A两个电势不同的等势面可能相交B电场线与等势面处处相互垂直C同一等势面上各点电场强度一定相等D将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面,电场力做正功解析:在静电场中,两个电势不同的等势面不会相交,选项 A 错误;电场线与等势面一定相互垂直,选项 B 正确;同一等势面上的电场强度可能相等,也可能不相等,选项 C错误;电场线总是由电势高的等势面指向电势低的等势面,移动负试探电荷时,电场力做负功,选项 D 错误答案:B2一个带正电的质点,电荷量 q2.010 9 C,在静电场中由

2、 a 点移动到 b 点在这过程中除静电力外,其他力做的功为 6.0105 J,质点的动能增加了 8.0105 J,则a、 b 两点间的电势差 Uab为( )A110 4 V B110 4 VC410 4 V D710 4 V解析:根据动能定理得 Wab6.010 5 J8.010 5 J,则Wab8.010 5 J6.010 5 J2.010 5 J.由 UAB 得 Uab V110 4 WABq 2.010 52.010 9V,选项 A 正确答案:A32019浙江温州十五校联考有一空间分布的电场,如图所示为其中一条电场线,A、 B、 C 为电场线上的三点,箭头方向为各点的切线方向,则下列说法

3、正确的是( )A A 点的场强不可能小于 C 点的场强B A、 B、 C 三点的切线方向为试探电荷在该位置的受力方向C正点电荷从 A 点沿电场线运动到 C 点,电势能减小D正点电荷仅受电场力作用由 A 处静止释放后将沿该电场线运动解析:电场线的疏密表示场强的大小,而一条电场线无法判断电场线的分布情况,又不知道是何种电荷产生的电场,则无法比较场强的大小,所以 A 点的场强可能小于 C 点的场强,故 A 错误;据场强方向的规定,正电荷在某点所受电场力的方向与该点场强方向相2同,若为负电荷,则与该点场强方向相反,故 B 错误;正点电荷从 A 点沿电场线运动到 C点,电场力做正功,电势能减小,故 C

4、正确;正点电荷仅受电场力作用由 A 处静止释放,该电荷所受的电场力是变力,与电场线相切,据曲线运动的条件可知该电荷并不能沿电场线运动,故 D 错误答案:C4.如图所示,电场中某一水平方向的电场线上有 a、 b、 c 三点, c 点为 ab 的中点 a、 b两点的电势分别为 a5 V、 b3 V下列叙述正确的是( )A c 点的电势一定为 4 VB a 点的场强 Ea一定大于 b 点的场强 EbC一正电荷从 c 点运动到 b 点,电势能一定减少D一正电荷运动到 c 点时受到的电场力由 c 指向 a解析:只有一条电场线,此处电场并不一定是匀强电场,故 A、B 错误;由电势高低情况可知,电场强度方向

5、为由 a 指向 b,故正电荷所受的电场力方向由 c 指向 b,D 错误;正电荷由 c 点运动到 b 点,电场力做正功,电势能减少,故 C 正确答案:C5(多选)如图甲,直线 MN 表示某电场中一条电场线, a、 b 是线上的两点,将一带负电荷的粒子从 a 点处由静止释放,粒子从 a 运动到 b 过程中的 v t 图线如图乙所示,设a、 b 两点的电势分别为 a、 b,场强大小分别为 Ea、 Eb,粒子在 a、 b 两点的电势能分别为 Wa、 Wb,不计重力,则有( )A a b B EaEbC EaEpb解析:电场线为直线,带负电的粒子仅在电场力的作用下由静止释放,那么一定沿着电场力的方向运动

6、,故电场强度的方向向左, b 点的电势高,选项 A 错误;由 v t 图象的斜率表示粒子运动的加速度可知粒子运动的加速度越来越小,故 b 点的场强小, EaEb,选项 B 正确、C 错误;电场力做正功,电势能减少,选项 D 正确答案:BD362019山东滨州模拟(多选)真空中某静电场,虚线表示等势面,各等势面电势的值如图所示一带电粒子只在电场力的作用下,沿图中的实线从 A 经过 B 运动到 C, B、 C两点位于同一等势面上,则以下说法正确的是( )A带电粒子在 A 点的电势能小于在 C 点的电势能B A 点电场强度大于 B 点电场强度C带电粒子从 A 经过 B 运动到 C 的过程中动能先增大

7、再减小D带电粒子从 A 到 C 电场力所做的功等于从 A 到 B 电场力做的功解析:由运动轨迹可知,带电粒子带负电,负电荷在电势低处电势能大,所以带电粒子在 A 点的电势能小于在 C 点的电势能,A 正确;对于等差等势面,等势面密处电场强度大,所以 A 点电场强度小于 B 点电场强度,B 错误;带电粒子从 A 经过 B 运动到 C 的过程中电场力先做负功后做正功,动能先减小再增大,C 错误;因为 B、 C 两点电势相等,所以带电粒子从 A 到 C 电场力所做的功等于从 A 到 B 电场力做的功,D 正确答案:AD72019山东潍坊市一模如图所示,匀强电场的方向平行于 xOy 坐标系平面,其中坐

8、标原点 O 处的电势为 2 V, a 点的坐标为(0 cm,4 cm),电势为 8 V, b 点的坐标为(3 cm,0 cm),电势为 8 V,则电场强度的大小为( )A250 V/m B200 V/mC150 V/m D120 V/m4解析:由题意可知 a、 b 两点的电势相等,则 ab 为一条等势线,又 O 点电势为 2 V,则知匀强电场的场强方向垂直于 ab 指向左下方过 O 点作 ab 的垂线交 ab 于 c 点,由几何关系得:tan b ,得 b5343Oc Obsin b0.03 msin532.410 2 mc、 O 间的电势差 U8 V2 V6 V则电场强度大小 E 250 V

9、/m,故 A 正确UOc答案:A82019山西晋中调研如图所示,真空中有直角坐标系: xOy,在 x 轴上固定着关于 O 点对称的等量异种点电荷 Q 和 Q, C 是 y 轴上的一个点, D 是 x 轴上的一个点, DE连线垂直于 x 轴下列说法中正确的是( )A D、 E 两点场强大小相等B D 点电势比 E 点电势低C将正电荷由 O 移至 C 电势能减少D将正电荷由 O 移至 D 和由 C 移至 E 电势能变化相等解析:由等量异种点电荷 Q 和 Q 特点可知 D、 E 两点场强大小不相等,故 A 错误;由于 D 点靠近负电荷,所以 D 点电势比 E 点电势低,故 B 正确; O、 C 两点

10、电势相等,将正电荷由 O 移至 C 电场力不做功,电势能不变,故 C 错误;由于 D 点电势比 E 点电势低,所以正电荷由 O 移至 D 和由 C 移至 E 电势能变化不相等,故 D 错误答案:B92019泰安一模如图所示, Q 为固定的正点电荷,虚线圆是其一条等势线两电荷量相同、但质量不相等的粒子,分别从同一点 A 以相同的速度 v0射入,轨迹如图中曲5线, B、 C 为两曲线与圆的交点 aB、 aC表示两粒子经过 B、 C 时的加速度大小, vB、 vC表示两粒子经过 B、 C 时的速度大小不计粒子重力,以下判断正确的是( )A aB aC vB vC B aBaC vB vCC aBaC

11、 vBvC解析:库仑力 F ,两粒子在 B、 C 两点受的库仑力大小相同,根据粒子的运动轨kQqr2迹可知 aBaC, a ,解得 mBaN B rMrNC rM rN D WM WN解析:根据库仑定律可知,在距离相等时,带电荷量较大的点电荷 qN所受的库仑力较大,由牛顿第二定律可知 qN刚开始运动时的加速度较大,即 aNaM,选项 A 错误;由于两个点电荷的初动能相同,根据动能定理,分别从 M、 N 点出发到距离 O 点最近的过程中, qM、 qN克服电场力做功相同,即 WM WN,选项 D 正确;由于 qM、 qN克服电场力做功相同,而 qN所受的库仑力较大,所以 qN运动的距离较小, q

12、N距离 O 点最近的距离较大,即 rMrN,选项 B、C 错误答案:D12如图所示,光滑绝缘的半圆形轨道固定于竖直平面内,半圆形轨道与光滑绝缘的水平地面相切与半圆的端点 A,一质量为 1 kg 的小球在水平地面上匀速运动,速度为 v6 m/s,经 A 运动到轨道最高点 B,最后又落在水平地面上的 D 点(图中未画出),已知整个空间存在竖直向下的匀强电场,小球带正电荷,小球所受电场力的大小等于 2mg, g 为重力加速度(1)当轨道半径 R0.1 m 时,求小球到达半圆形轨道 B 点时对轨道的压力;(2)为使小球能运动到轨道最高点 B,求轨道半径的最大值解析:(1)由于电场力方向沿竖直方向,小球

13、在水平轨道上运动时,速度与电场力方向垂直所以电场力在水平轨道上部做功,小球做匀速直线运动,故到达 A 点时的速度为 6 7m/s.从 A 到 B 过程中,重力和电场力都做负功,故根据动能定理可得 mg2R FE2R mv mv ,根据牛顿第二定律可得在 B 点 FE mg FN m ,解得12 2B 12 2A v2BRFN210 N,根据牛顿第三定律可得小球对轨道的压力为 210 N.(2)小球恰好能通过最高点 B 时,小球与轨道间没有相互作用力,重力与电场力的合力完全充当向心力故有 mg FE mv2BRmax从 A 到 B 过程中,重力和电场力都做负功,故根据动能定理可得 mg2Rmax FE2Rmax mv mv ,解得 Rmax0.2 m.12 2B 12 2A答案:(1)210 N (2)0.2

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 考试资料 > 中学考试

copyright@ 2008-2019 麦多课文库(www.mydoc123.com)网站版权所有
备案/许可证编号:苏ICP备17064731号-1