1、1湖南省长沙市天心区长郡中学 2018-2019 学年高二物理上学期第一次模块考试试卷（含解析）注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用
2、签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题)一、单选题1如图为一匀强电场，某带电粒子从 A 点运动到 B 点在这一运动过程中克服重力做的功为 2.0J，电场力做的功为 1.5J则下列说法正确的是（ ）A粒子带负电B粒子在 A 点的电势能比在 B 点少 1.5JC粒子在 A 点的动能比在 B 点多 0.5JD粒子在 A 点的机械能比在 B 点少 1.5J2如图所示，
3、 A、 B、 C、 D 是匀强电场中的四个点， D 是 BC 的中点， A、 B、 C 构成一个直角三角形， AB 长为 1 m，电场线与三角形所在的平面平行，已知 A=5 V、 B= -5 V、 C=15 V，由此可以判断( )A场强的方向由 C 指向 BB场强的方向垂直 AD 连线斜向上C场强的大小为 10 V/mD场强的大小为3带电粒子仅在电场力作用下，从电场中 a 点以初速度 进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到 b 点，如图所示，实线是电场线，关于粒子，下列说法正确的是（ ）A在 a 点的加速度大于在 b 点的加速度B在 a 点的电势能小于在 b 点的电势能C在 a 点的速度小于在 B
4、点的速度D电场中 a 点的电势一定比 b 点的电势高4示波管是示波器的核心部件它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上 P 点出现亮斑，那么示波管中的（ ）A极板 x 应带正电 B极板 x应带正电C极板 y 应带负电 D极板 y可能不带电5一带负电的粒子在电场中做直线运动的速度图象如图所示，在第 2s 末和第 8s 末分别经过 M、N 两点，已知运动过程中粒子仅受电场力的作用，则以下判断正确的是（ ）A该电场可能是由点电荷产生的BM 点的电势低于 N 点的电势C从 M 点到 N 点的过程中，电势能逐渐增大D带电粒子在 M 点所受电场力大于在 N 点所受电场力6一节干电池的电动势
5、为 1.5 V，这表示( )2A电池中每通过 1 C 的电荷量，该电池能将 1.5 J 的化学能转变成电势能B该电池接入电路工作时，电池两极间的电压恒为 1.5 VC该电池存储的电能一定比电动势为 1.2 V 的电池存储的电能多D将 1 C 的电子由该电池负极移送到正极的过程中，非静电力做了 1.5 J 的功二、多选题7直流电路如图所示，闭合开关 S 后，在滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，电源的（ ）A总功率一定增大B效率一定增大C内部损耗功率一定减小D输出功率一定先增大后减小8如图电路中，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和 R3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器。当 R2的滑动触点在
6、 a 端时合上开关 S，此时三个电表 V、A 1、A 2的示数分别为 U、I 1、I 2现将 R2的滑动触点向 b 端移动，则三个电表示数的变化情况是（ ）AU 增大，I 1增大，I 2减小BU 减小，I 1增大，I 2增大CI 1变化量的绝对值小于 I2变化量的绝对值DU 变化量的绝对值小于电源内电压变化量的绝对值第 II 卷（非选择题)三、实验题9图甲是一个欧姆表的电路结构图，图乙是其表盘(表盘刻度值是按照表内电池电动势为1.5V 的正常值而刻制的)。已知在电流满偏刻度的 处所标的电阻值为 15，如图乙所示。则该欧姆表的内阻(即 Rg、r 与 R 之和)为_；在电流满偏刻度 的 B 点所标
7、的电阻值为_。10用电流表和电压表测定电池的电动势 E 和内电阻 r，所用的电路如图 1 所示，一位同学测得的 6 组数据如下表中所示组别 I/（A） U/（V）1 0.12 1.372 0.20 1.323 0.31 1.244 0.32 1.185 0.50 1.106 0.57 1.05（1）试根据这些数据在图 2 中作出 UI 图线；（2）根据图线得出电池的电动势 E= V，根据图线得出的电池内阻 r= 四、解答题311如图所示，一重力不计的带电粒子从平行板电容器的上极板左边缘处以某一速度沿极板方向射入电容器。若平行板电容器所带电荷量为 Q1，该粒子经时间 t1恰好打在下极板正中间，若
8、平行板电容器所带电荷量为 Q2，该粒子经时间 t2恰好沿下极板边缘飞出。不考虑平行板电容器的边缘效应，求两种情况下：（1）粒子在电容器中运动的时间 t1、t 2之比；（2）电容器所带电荷量 Q1、Q 2之比。12如图电源电动势 E=6V，内阻不计，定值电阻 R=4，电动机 M 内阻 r=1，电压表和电流表均是理想表，闭合开关，电压表示数 U=4V，求：（1）电源消耗的电功率；（2）电动机的电功率和输出功率。13如图所示，直线 OA 与竖直方向的夹角 37，P 为直线上的一点，空间有一匀强电场，方向平行于纸面水平向右，一质量为 m、电量为 q（q0）的小球以一定的初动能 E0从 P 点沿直线AO
9、 向上运动，当小球的动能减小到零时，机械能减少了 E0运动过程中受到空气阻力的大小不变，已知重力加速度为 g，sin370.6，cos370.8，求：（1）电场强度的大小 E；（2）小球返回 P 点的动能 Ek。2018-2019 学 年 湖 南 省 长 沙 市 天 心 区 长 郡 中 学 高 二上 学 期 第 一 次 模 块 考 试 物 理 试 题物 理 答 案1CD【解析】A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电，故 A 正确；B、从 A 到 B 的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在 A 点是的电
10、势能要大于在 B 点时的电势能，故 B 错误；C、从 A 到B 的过程中，克服重力做功 2.0J，电场力做功 1.5J，由动能定理可知，粒子在 A 点的动能比在 B点多 0.5J，故 C 错误；D、从 A 到 B 的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了 1.5J，即粒子在 A 点的机械能比在 B 点少 1.5 J，故 D 正确。【点睛】本题考查功能关系，要熟练掌握各种功和能的关系，在学习中注意掌握。2D【解析】由题意， A=5V、 B=-5V、 C=15V，则
11、 BC 连线的中点 D 的电势为，则 D= A，AD 为一条等势线。根据电场线与等势线垂直，可知场强的方向垂直于 AD 连线斜向下。故 AB 错误。场强的大小为 ，故 C 错误，D 正确。故选 D。点睛：解答本题的关键是得到 D 点的电势，找到等势线；掌握电场线与等势线的关系，正确理解公式 E=U/d 中 d 的含义3C【解析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知 EAE B，所以 a、b 两点比较，粒子的加速度在 b 点时较大，故 A 错误；由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方向与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正功，电势能
12、先增大后减小，整个过程电场力做正功，电势能减小，即在 a 点的电势能大于在 b 点的电势能，故B 错误；整个过程电场力做正功，根据动能定理得经 b 点时的动能大于经 a 点时的动能，所以无论粒子带何种电，经 b 点时的速度总比经 a 点时的速度大，故 C 正确；由于不知道粒子的电性，也不能确定电场线的方向，所以无法确定 a 点的电势和 b 点的电势大小关系，故 D 错误；故选 C4A【解析】电子受力方向与电场方向相反，因电子向 X 向偏转则，电场方向为 X 到 ，则 X 带正电，带负电，同理可知 Y 带正电， 带负电，故选项 A 正确，BCD 错误。【点睛】本题考查电子的偏转，要知道电子的受力
13、与电场的方向相反，会分析两个方向上所加不同电压对应的不同偏转情况。5B【解析】AD：由速度图象知，粒子在电场中做匀变速直线运动，加速度是一个定值，粒子仅受电场力的作用，粒子所受电场力不变；粒子仅受电场力的作用时，不可能在点电荷的电场中做匀变速直线运动，该电场不可能是由点电荷产生的。故 AD 两项错误。BC：由速度图象知，粒子从 M 点到 N 点的过程中，速度先减小后增大，动能先减小后增大；粒子仅受电场力的作用，粒子电势能与动能之和不变，则粒子的电势能先增大后减小。又由速度图象知，粒子在 M 点速度小于在 N 点速度，粒子在 M 点动能小于在 N 点动能，粒子在 M 点电势能大于在 N 点电势能
14、，粒子带负电，M 点的电势低于N 点的电势。故 B 项正确，C 项错误。【点睛】粒子仅受电场力的作用，粒子电势能与动能之和不变。6A【解析】A 项：电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电路中每通过 1C 的电量，该电池能将1.5J 的化学能转变成电能，故 A 正确；B 项：接入电路后，两极电压为路端电压，若外电路正常工作，则路端电压小于电动势，故 B 错误；C 项：电动势表示电源是把其他形式的能转化为电能的本领的物理量，电动势大储存的电能不一定多，故 C 错误；D 项：一节干电池的电动势为 1.5V，表示该电池能将 1C 电量的正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了 1.5J 的功，故
15、 D 正确。7BC【解析】由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流 I 变小；A、电源电动势 E 不变，电流 I 变小，电源总功率 减小，故 A 错误；B、电源的效率 ，电源内阻 r 不变，滑动变阻器阻值 R 变大，则电源效率增大，故 B 正确；C、电源内阻 r 不变，电流 I 减小，电源的热功率 减小，故 C 正确；D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故 D 错误。【点睛】考查闭合电路
16、的欧姆定律以及最大值问题，熟练应用闭合电路欧姆定律、电功率公式即可正确解题。8BC【解析】AR2 的滑动触点向 b 端移动时,R2 减小,整个电路的总电阻减小,则总电流增大,即 I1增大；内电压增大,外电压减小,即电压表示数 U 减小,R1 电压增大,R1、R2 并联电压减小,通过 R3 的电流减小,而总电流 I1增大,则流过 R2 的电流 I2 增大,即 A2 示数 I2 增大。故 A 错误，B 正确；C通过R3 的电流减小, 则流过 R2 的电流 I2 增大,I2 的增加量减去 R3 电流的减小量的绝对值等于总电流I1的增大量,所以 I 1变化量的绝对值小于 I2变化量的绝对值，故 C 正
17、确；D路端电压的减小量等于内电阻电压的增加量，故 D 错误。故选：BC。点睛：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，根据电路中电阻的变化，利用闭合电路欧姆定律进行分析915；45【解析】该欧姆表的内阻等于电流满偏刻度的 ，处所标的电阻值，即 R 内 =15。设电流表的满偏刻度为 Ig，根据闭合电路欧姆定律： ，当电流为满偏刻度 时， ，联立可得： RB=3R内 =45。10（1）如图：（2）1.45；0.70【解析】（1）利用表中坐标值，采用描点法并连线得图象如图所示：（2）由闭合电路欧姆定律可知 U=EIr，再由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电
18、动势故电源的电动势为 1.45V；而图象的斜率表示电源的内阻， 【点评】本题考查数据的处理方法，用图象法处理可以减小误差；在连线时注意若出现误差较大的点应舍掉11（1） （2）【解析】（1）设粒子在极板间的运动时间为 t，沿极板方向的位移为 x，粒子在水平方向上做匀速直线运动，则 t= 即 tx由条件可知 t 1：t 2=1：2 （2）设电容器电容为 C，极板间电压为 U，极板间距离为 d，极板间电场强度为 E，则有： 设粒子的质量为 m，带电量为 q，在电容器中的加速度为 a，则有：a= d= 由可得：Q 所以 Q1：Q 2=4：1【点睛】解决本题的关键是知道粒子在水平方向和竖直方向上的运动
19、规律，得到运动时间和电容器电荷量的表达式，再求比值，要学会运用比例法。12(1) P=3W (2)2W；1.75W【解析】(1)设定值电阻所分电压为 U1，则 E=U+U1 对定值电阻 R 有：I= 由电源总功率 P=E.I 解得电源消耗功率 P=3W (2)设电动机消耗的电功率 P 电 ，热功率为 P 热 ，机械功率为 P 机 ，则有：P 电 =P 热 +P 机 22IR0.51.W热U4电解得 P 机 =1.75W考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路13(1) (2) 【解析】（1）小球沿直线 AO 向上运动，则合力方向与 AO 共线，电场力水平向右，重力竖直向下，则合力沿 OA 斜向下，则 Eq=mgtan370，解得（2）设动能减到零时向上的位移为 L，由动能定理： 由功能关系：联立解得 Wf= E0则小球回到 P 时，机械能损失 2 Wf= E0，即动能为 E0点睛：此题关键是理解小球做直线运动的条件；知道动能的减小量等于合外力的功；机械能的减小量等于除重力外的其它力的功.
