1、初级网络管理员上午试题-104 及答案解析(总分：15.00，做题时间：90 分钟)一、单项选择题(总题数：11，分数：15.00)1.以下不是 Intel 和 IBM 公司研制的 DVI 技术的核心部件的是U /U。AVDPI BVDP2 CAVSS DMMC（分数：1.00）A.B.C.D.2.某学校有多个班，每个班有多名学生但只能有一个班长，那么班长与学生这两个实体之间的关系是_。A1:1 B1:n Cn:1 Dm:n（分数：1.00）A.B.C.D.某计算机的 cache 采用相联映像，cache 容量为 16 千字节，每块 8 个字，每个字 32 位，并且将 cache 中每 4 块
2、分为一组。若主存最大容量为 4GB 且按字节编址，则主存地址应为U (3) /U位，组号应为U (4) /U位。若 cache 的命中率为 0.95，且 cache 的速度是主存的 5 倍，那么与不采用 cache相比较，采用 cache 后速度大致提高到U (5) /U倍。（分数：3.00）(1).A24 B32 C36 D40（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A5 B6 C7 D8（分数：1.00）A.B.C.D.(3).A3.33 B3.82 C4.17 D4.52（分数：1.00）A.B.C.D.3.下列说法错误的是U /U。A) 网络中某台主机的 IP 地址是唯一的B) 网络
3、中某台主机的 IP 地址每位不能全部为 1，这个地址是 TCP/IP 的广播地址C) 网络中某台主机的 IP 地址每位不能全部为 0，这个地址是 TCP/IP 的广播地址D) B 类网络默认的子网掩码为 255.255.0.0（分数：1.00）A.B.C.D.4.以下是部分 ARM 汇编程序，该程序的执行结果是U /U。AREA EXAMPLE2，CODE，READONLYENTYRstart MOV ro，#10MOV r1，#3BL DOADDdoadd ADD r0，r0，r1MOV pc，1rEND A结果值 13 存放在 R0 寄存器中 B结果值 23 存放在 R1 寄存器中 C结果
4、值 13 存放在 LR 寄存器中 D结果值 23 存放在 LR 寄存器中（分数：1.00）A.B.C.D.Modern computers are electronic andU (8) /Udevices. The basic building block of a modem computer is aU (9) /U.（分数：2.00）(1).A) chemical B) digital C) phisical D) anal0g（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A) chip B) tube C) transistor D) switch（分数：1.00）A.B.C.D.5.工
5、程建设设计阶段进度控制的任务包括U /U。A协助建设单位编制项目总进度计划B协助承建单位编制项目总进度计划C协助承建单位编制单项工程施工进度计划D协助建设单位确定合理的设计时限要求（分数：1.00）A.B.C.D.某公司三个部门今年前四个月的销售额(单位：万元)统计表抄录如表 1-3 所示。表 1-3 某公司三部门销售额表部门 A 部门 B 部门 C 合计1 月 3 10 6 192 月 5 8 8 213 月 4 9 10 234 月 6 8 9 22合计 18 35 32 85信息处理技术员小张很快就发现了错误。对于这样小的报表，如果有错误，则存在一个数据错的概率最大。所以小张推断错误的数
6、据是U (11) /U，该数据应纠正为U (12) /U万元。（分数：2.00）(1).A部门 B 的 4 月销售额 B部门 C 的 4 月销售额 C部门 C 各月销售额的合计 D4 月各部门销售额的合计（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A8 B9 C23 D33（分数：1.00）A.B.C.D.6.下列情况中，U /U必须是有确认服务。A连接建立 B数据传输 C连接释放 D以上都错（分数：1.00）A.B.C.D.7.在解决计算机主机与打印机之间速度不匹配问题时通常设置一个打印数据缓；中区，主机将要输出的数据依次写入该缓；中区，而打印机则依次从该缓；中区中取出数据打印，该缓；中区应是
7、一个U /U结构。A线性表 B数组 C堆栈 D队列（分数：1.00）A.B.C.D.8.下列_不是关于文件共享优点的正确描述。A) 节省文件所占的存储空间 B) 减少实际输入、输出的文件次数C) 实现进程间相互通信 D) 节约内存，减少存储空闲区（分数：1.00）A.B.C.D.初级网络管理员上午试题-104 答案解析(总分：15.00，做题时间：90 分钟)一、单项选择题(总题数：11，分数：15.00)1.以下不是 Intel 和 IBM 公司研制的 DVI 技术的核心部件的是U /U。AVDPI BVDP2 CAVSS DMMC（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：2.某学校有多个班
8、，每个班有多名学生但只能有一个班长，那么班长与学生这两个实体之间的关系是_。A1:1 B1:n Cn:1 Dm:n（分数：1.00）A.B. C.D.解析：一个班中有一个班长和多名学生，因此班长与学生是一对多的关系。某计算机的 cache 采用相联映像，cache 容量为 16 千字节，每块 8 个字，每个字 32 位，并且将 cache 中每 4 块分为一组。若主存最大容量为 4GB 且按字节编址，则主存地址应为U (3) /U位，组号应为U (4) /U位。若 cache 的命中率为 0.95，且 cache 的速度是主存的 5 倍，那么与不采用 cache相比较，采用 cache 后速度
9、大致提高到U (5) /U倍。（分数：3.00）(1).A24 B32 C36 D40（分数：1.00）A.B. C.D.解析：(2).A5 B6 C7 D8（分数：1.00）A.B.C. D.解析：(3).A3.33 B3.82 C4.17 D4.52（分数：1.00）A.B.C. D.解析：分析 cache 与主存之间可采取多种地址映射方式。常见的有直接映射方式、全相联映射方式和组相联映射方式。直接映射方式是一种多对一的映射关系，但一个主存块只能拷贝到 cache 的一个特定块位置上去。cache的块号 i 和主存的块号 j 有如下函数关系：i=j%m，(m 为 cache 中的总块数)。
10、直接映射方式的优点是硬件简单，成本低。缺点是每个主存块只有一个固定的块位置可存放，容易产生冲突。因此适合大容量cache 采用。全相联映射方式是指主存中一个块的地址与块的内容一起存于 cache 的块中，其中块地址存于 cache 块的标记部分中。这种方法可使主存的一个块直接拷贝到 cache 中的任意一块上，非常灵活。它的主要缺点是比较器电路难于设计和实现，因此只适合于小容量 cache 采用。组相联映射方式是前两种方式的折中方案。它将 cache 分成 u 组，每组 v 块，主存块存放到哪个组是固定的，至于存到该组哪一块是灵活的，即有如下函数关系：m=uy，组号 q=j%u。组相联映射方式
11、中的每组行数 v 一般取值较小，这种规模的 v 路比较器容易设计和实现。而块在组中的排放又有一定的灵活性，冲突减少。主存最大容量为 4GB 且按字节编址，由于 232=4GB，所以主存地址应为 32 位。因为每块 8 个字，每个字 32 位，并且将 cache 中每 4 块分为一组，则每组的大小为32/884=128B。cache 容量为 16KB，共可分成 16KB/128B=128 组，由于 27=128，所以组号应为 7 位。设主存的存取周期为 h，因 cache 的速度是主存的 5 倍，所以 cache 的存取周期为 1/5h，且 cache 的命中率为 0.95，则采用了 cache
12、 以后，平均存取周期为 h(1-95%)+1/5h95%=0.24h，因此，速度提高到了原来的 1/0.24=4.17 倍。3.下列说法错误的是U /U。A) 网络中某台主机的 IP 地址是唯一的B) 网络中某台主机的 IP 地址每位不能全部为 1，这个地址是 TCP/IP 的广播地址C) 网络中某台主机的 IP 地址每位不能全部为 0，这个地址是 TCP/IP 的广播地址D) B 类网络默认的子网掩码为 255.255.0.0（分数：1.00）A.B.C. D.解析：解析 网络中某台主机的 IP 地址每位不能全部为 1，这个地址是 TCP/IP 的广播地址4.以下是部分 ARM 汇编程序，该
13、程序的执行结果是U /U。AREA EXAMPLE2，CODE，READONLYENTYRstart MOV ro，#10MOV r1，#3BL DOADDdoadd ADD r0，r0，r1MOV pc，1rEND A结果值 13 存放在 R0 寄存器中 B结果值 23 存放在 R1 寄存器中 C结果值 13 存放在 LR 寄存器中 D结果值 23 存放在 LR 寄存器中（分数：1.00）A. B.C.D.解析：这是一段子程序调用(BL 指令完成)的程序，子程序 DO ADD 完成加法运算，操作数放在 r0 和 r1 寄存器中，结果放在 r0 中。Modern computers are e
14、lectronic andU (8) /Udevices. The basic building block of a modem computer is aU (9) /U.（分数：2.00）(1).A) chemical B) digital C) phisical D) anal0g（分数：1.00）A.B. C.D.解析：解析 译文：现代计算机是电子数字设备，其校心部分是芯片。(2).A) chip B) tube C) transistor D) switch（分数：1.00）A. B.C.D.解析：解析 略5.工程建设设计阶段进度控制的任务包括U /U。A协助建设单位编制项目总进度
15、计划B协助承建单位编制项目总进度计划C协助承建单位编制单项工程施工进度计划D协助建设单位确定合理的设计时限要求（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：分析 题目问的是“工程建设设计阶段进度控制的任务包括”。已经在设计阶段不可能才编制总体进度计划，所以答案 A 和 B 不对。监理是受承建单位委托的第三方，没有义务在承建单位编制单项工程施工进度计划提供帮助，所以答案 C 也不对。选项 D 正确。某公司三个部门今年前四个月的销售额(单位：万元)统计表抄录如表 1-3 所示。表 1-3 某公司三部门销售额表部门 A 部门 B 部门 C 合计1 月 3 10 6 192 月 5 8 8 213 月 4
16、 9 10 234 月 6 8 9 22合计 18 35 32 85信息处理技术员小张很快就发现了错误。对于这样小的报表，如果有错误，则存在一个数据错的概率最大。所以小张推断错误的数据是U (11) /U，该数据应纠正为U (12) /U万元。（分数：2.00）(1).A部门 B 的 4 月销售额 B部门 C 的 4 月销售额 C部门 C 各月销售额的合计 D4 月各部门销售额的合计（分数：1.00）A.B. C.D.解析：(2).A8 B9 C23 D33（分数：1.00）A. B.C.D.解析：本题从查错和纠错的角度来训练信息处理技术员的数据推理能力。对计算机中的数据表来说，合计中的数据是
17、计算机算出来的，一般不会算错。但手工抄写的数据则很容易出错，包括合计的数据。在没有原始数据表对照的情况下，只能首先从合计是否正确来进行检查。逐行检查数据合计时发现，在 4 月的数据行中，其合计数据与各部门数据的合计不符，而其他行数据则没有发现错误。但 4 月数据中究竟是合计数据错了，还是哪个部门的数据错了，还不能有定论。再逐列检查数据合计时发现，在部门 C 的数据列中，其合计数据与各月数据的合计不符，而其他列数据则没有发现错误。由于 4 月数据行中发现有错，部门 C 的数据列中也发现有错，而这样的小表，最大的可能是有一个数据错了，因此小张推断，部门 C 的 4 月销售额数据 9 抄错了。根据
18、4 月数据的推算，部门 C 的销售额应是 22-6-8=8 万元。也可以根据部门 C 的数据推算，4 月销售额应是 32-6-8-10=8 万元。6.下列情况中，U /U必须是有确认服务。A连接建立 B数据传输 C连接释放 D以上都错（分数：1.00）A. B.C.D.解析：解析 在有确认服务中，作为对请求原语的反应，接收方要发出一个明确的响应原语。具体地讲，有确认服务包括请求、指示、响应和证实 4 个原语，而无确认服务则只有请求和指示 2 个原语。连接服务总是有确认服务，因为远程对等实体必须同意才能建立连接。数据传输和连接释放可以是有确认服务，也可是无确认服务，所以正确答案为 A。7.在解决
19、计算机主机与打印机之间速度不匹配问题时通常设置一个打印数据缓；中区，主机将要输出的数据依次写入该缓；中区，而打印机则依次从该缓；中区中取出数据打印，该缓；中区应是一个U /U结构。A线性表 B数组 C堆栈 D队列（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：由于主机将要输出的数据依次写入缓；中区，而打印机则依次从缓；中区中取出数据打印，数据写入缓)中区的次序与缓)中区中取数据打印的次序是一致的，因此该缓)中区是一个队列结构。8.下列_不是关于文件共享优点的正确描述。A) 节省文件所占的存储空间 B) 减少实际输入、输出的文件次数C) 实现进程间相互通信 D) 节约内存，减少存储空闲区（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：
