1、2015 年普通高等学校招生全国统一考试 (四川卷 )数学理 一、 选择题:本大题共 10 个小题 , 每小题 5 分 , 共 50 分 .在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的 . 1.设集合 , 集合 ,则 ( ) A.x|-1x3 B.x|-1x1 C.x|1x2 D.x|2x3 解析: 答案: A 2.设 i 是虚数单位,则复数 ( ) A.-i B.-3i C.i D.3i 解析: . 答案: C 3.执行如图所示的程序框图,输出 S 的值是 ( ) A. B. C.- D. 解析: 这是一个循环结构,每次循环的结果依次为: ,大于 4,所以输出的 . 答案: D 4.下
2、列函数中,最小正周期为且图象关于原点对称的函数是 ( ) A. B. C. D. 解析: 对于选项 A,因为 ,且图象关于原点对称 . 答案: A 5.过双曲线 的右焦点且与 x 轴垂直的直线,交该双曲线的两条渐近线于 A, B 两点,则 ( ) A. B. C.6 D. 解析: 双曲线的右焦点为 F(2, 0),过 F与 x轴垂直的直线为 x=2,渐近线方程为 ,将 x=2 代入 ,得 y2=12, y= 2 3 . 答案: D 6.用数字 0, 1, 2, 3, 4, 5 组成没有重复数字的五位数,其中比 40000 大的偶数共有 ( ) A. 144 个 B. 120 个 C. 96 个
3、 D. 72 个 解析: 据题意,万位上只能排 4、 5.若万位 上排 4,则有 个;若万位上排 5,则有个 .所以共有 个 . 答案: B 7.设四边形 ABCD 为平行四边形, , .若点 M, N 满足 ,则 ( ) A. 20 B. 15 C. 9 D. 6 解析: 因为 , 所以. 答案: C 8.设 a, b 都是不等于 1 的正数,则 “ ” 是 “ ” 的 ( ) A. 充要条件 B. 充分不必要条件 C. 必要不充分条件 D. 既不充分也不必要条件 解析: 若 ,则 a b 1,从而有 ,故为充分条件,若 ,不一定有 a b 1,比如: a=13, b=3,从而 3a 3b
4、3,不成立 . 答案: B 9.如果函数 在区间 单调递减,则mn 的最大值为 ( ) A.16 B. 18 C.25 D. 解析: 时,抛物线的对称轴为 .据题意,当 时, 即. . 由 且 得.当 时,抛物线开口向下,据题意得, 即 .由 且 得 ,故应舍去 .要使得 取 得 最 大 值 , 应 有 . 所以,所以最大值为 18. 答案: B 10.设直线 l 与抛物线 相交于 A, B 两点,与圆 相切于点M,且 M 为线段 AB 的中点 .若这样的直线 l 恰有 4条,则 r的取值范围是 ( ) A.(1, 3) B.(1, 4) C.(2, 3) D.(2, 4) 解析: 设 A(x
5、1, y1), B(x2, y2), M(x0, y0),则 斜率存在时,设斜率为 k,则 y12=4x1, y22=4x2,利用点差法可得 ky0=2, 因为直线与圆相切,所以 ,所以 x0=3, 即 M 的轨迹是直线 x=3, 代入抛物线方程可得 y= 2 3 ,所以交点与圆心 (5, 0)的距离为 4, 所以 2 r 4 时,直线 l 有 2 条; 斜率不存在时,直线 l 有 2 条; 所以直线 l 恰有 4 条, 2 r 4. 答案: D 二、填空题 (每题 5 分,满分 25 分,将答案填在答题纸上 ) 11.在 的展开式中,含 的项的系数是 (用数字作答 ). 解析: ,所以 的系
6、数为 . 答案: -40 12. . 解析: . 答案: 13.某食品的保鲜时间 y(单位:小时 )与储藏温度 x(单位: )满足函数关系 y=ekx+b(e=2.718为自然对数的底数, k、 b 为常数 ).若该食品在 0的保鲜时间是 192 小时,在 22的保鲜时间是 48 小时,则该食品在 33的保鲜时间是 小时 . 解析: 由题意可得, x=0 时, y=192; x=22 时, y=48. 代入函数 y=ekx+b, 可得 eb=192, e22k+b=48, 即有 e11k= 12, eb=192, 则当 x=33 时, y=e33k+b=18 192=24. 答案: 24 14
7、.如图,四边形 ABCD 和 ADPQ 均为正方形,他们所在的平面互相垂直,动点 M 在线段 PQ上, E、 F 分别为 AB、 BC 的中点,设异面直线 EM 与 AF 所成的角为,则 cos的最大值为 . 解析 :根据已知条件, AB, AD, AQ 三直线两两垂直,分别以这三直线为 x, y, z 轴,建立如图所示空间直接坐标系,设 AB=2,则: A(0, 0, 0), E(1, 0, 0), F(2, 1, 0); M 在线段 PQ 上,设 M(0, y, 2), 0 y 2; EM =(-1, y, 2), AF =(2, 1, 0); cos =|cos EM , AF |= ;
8、 cos2 = ,设 t= ,整理得: (5t-1)y2+4y+25t-4=0,将该式看成关于 y 的方程; (1)若 t=15,则 y=-14,不符合 0 y 2,即这种情况不存在; (2)若 t 15,便是关于 y 的一元二次方程,该方程有解; =16-4(5t-1)(25t-4) 0;解得 0 t 425; t 的最大值为 425; cos2的最大值为 425, cos最大值为 25. 故答案为: 2515.已知函数 f(x)=2x, g(x)=x2+ax(其中 a R).对于不相等的实数 x1、 x2,设 m= ,n= .现有如下命题: 对于任意不相等的实数 x1、 x2,都有 m 0
9、; 对于任意的 a 及任意不相等的实数 x1、 x2,都有 n 0; 对于任意的 a,存在不相等的实数 x1、 x2,使得 m=n; 对于任意的 a,存在不相等的实数 x1、 x2,使得 m=-n. 其中的真命题有 (写出所有真命题的序号 ). 解析 : 对于,由于 2 1,由指数函数的单调性可得 f(x)在 R 上递增,即有 m 0,则正确; 对于,由二次函数的单调性可得 g(x)在 (-, -2a)递减,在 (2a, + )递减,则 n 0 不恒成立, 则错误; 对于,由 m=n,可得 f(x1)-f(x2)=g(x1)-g(x2),考查函数 h(x)=x2+ax-2x, h (x)=2x
10、+a-2xln2,当 a -, h (x)小于 0, h(x)单调递减,则错误; 对于,由 m=-n,可得 f(x1)-f(x2)=-g(x1)-g(x2),考查函数 h(x)=x2+ax+2x, h (x)=2x+a+2xln2,对于任意的 a, h (x)不恒大于 0 或小于 0,则正确 . 故答案为: 三、解答题 (本大题共 6 小题,共 75 分 .解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 .) 16.设数列 an(n=1, 2, 3, )的前 n 项和 Sn满足 Sn=2an-a1,且 a1, a2+1, a3成等差数列 . ( )求数列 an的通项公式; ( )记数列 1na的前 n
11、 项和为 Tn,求使得 |Tn-1| 11000成立的 n 的最小值 . 解析: ( )由已知数列递推式得到 an=2an-1(n 2),再由已知 a1, a2+1, a3成等差数列求出数列首项,可得数列 an是首项为 2,公比为 2 的等比数列,则其通项公式可求; ( )由 ( )求出数列 1na的通项公式,再由等比数列的前 n 项和求得 Tn,结合 |Tn-1|11000 求解指数不等式得 n 的最小值 . 答案 : ( )由已知 Sn=2an-a1,有 an=Sn-Sn-1=2an-2an-1(n 2), 即 an=2an-1(n 2), 从而 a2=2a1, a3=2a2=4a1, 又
12、 a1, a2+1, a3成等差数列, a1+4a1=2(2a1+1),解得: a1=2. 数列 an是首项为 2,公比为 2 的等比数列 .故 an=2n. ( )由 ( )得: , . 由 |Tn-1| 11000,得 ,即 2n 1000. 29=512 1000 1024=210, n 10. 于是,使 |Tn-1| 11000成立的 n 的最小值为 10. 17.某市 A、 B 两所中学的学生组队参加辩论赛, A 中学推荐了 3 名男生、 2 名女生, B 中学推荐了 3 名男生、 4 名女生,两校所推荐的学生一起参加集训 .由于集训后队员水平相当,从参加集训的男生中随机抽取 3 人
13、,女生中随机抽取 3 人组成代表队 . ( )求 A 中学至少有 1 名学生入选代表队的概率; ( )某场比赛前,从代表队的 6 名队员中随机抽取 4 人参赛,设 X 表示参赛的男生人数,求X 的分布列和数学期望 . 解析: ( )求出 A 中学至少有 1 名学生入选代表队的对立事件的概率,然后求解概率即可; ( )求出 X 表示参赛的男生人数的可能值,求出概率,得到 X 的分布列,然后求解数学期望 . 答案 : ( )由题意,参加集训的男、女学生个有 6 人,参赛学生全从 B 中抽出 (等价于 A 中没有学生入选代表队 )的概率为: ,因此 A 中学至少有 1 名学生入选代表队的概率为: .
14、 ( )某场比赛前,从代表队的 6 名队员中随机抽取 4 人参赛, X 表示参赛的男生人数, 则 X 的可能取值为: 1, 2, 3, P(X=1)= , P(X=2)= , P(X=3)= . X 的分布列: 和数学期望 EX=1 15+2 35+3 15=2. 18. 一个正方体的平面展开图及该正方体的直观图的示意图如图所示 .在正方体中,设 BC的中点为 M、 GH 的中点为 N. ( )请将字母 F、 G、 H 标记在正方体相应的顶点处 (不需说明理由 ); ( )证明:直线 MN平面 BDH; ( )求二面角 A-EG-M 的余弦值 . 解析: ( )根据展开图和直观图之间的关系进行
15、判断即可; ( )利用线面平行的判定定理即可证明直线 MN平面 BDH; ( )利用定义法求出二面角的平面角进行求解 . 答案 : ( )F、 G、 H 的位置如图 . ( )证明:连接 BD,设 O 是 BD 的中点, BC 的中点为 M、 GH 的中点为 N, OM CD, OM=12CD, HN CD, HN=12CD, OM HN, OM=HN, 即四边形 MNHO 是平行四边形, MN OH, MN 平面 BDH; OH?面 BDH,直线 MN平面 BDH. ( )连接 AC,过 M 作 MH AC 于 P, 则正方体 ABCD-EFGH 中, AC EG, MP EG, 过 P 作
16、 PK EG 于 K,连接 KM, KM平面 PKM 则 KM EG, 则 PKM 是二面角 A-EG-M 的平面角, 设 AD=2,则 CM=1, PK=2, 在 Rt CMP 中, PM=CMsin45 = 22, 在 Rt PKM 中, KM= 22PK PM =322, cos PKM= PKKM=2 23, 即二面角 A-EG-M 的余弦值为 2 23. 19.如图, A、 B、 C、 D 为平面四边形 ABCD 的四个内角 . ( )证明: ; ( )若 A+C=180, AB=6, BC=3, CD=4, AD=5,求 的值 . 解析: ( )直接利用切化弦以及二倍角公式化简证明
17、即可 . ( )通过 A+C=180,得 C=180 -A, D=180 -B,利用 ( )化简= , 连接 BD,在 ABD 中,利用余弦定理求出 sinA,连结 AC,求出 sinB,然后求解即可 . 答案 : ( ) .等式成立 . ( )由 A+C=180,得 C=180 -A, D=180 -B,由 ( )可知: = , 连结 BD,在 ABD 中, 有 BD2=AB2+AD2-2AB ADcosA, AB=6, BC=3, CD=4, AD=5, 在 BCD 中,有 BD2=BC2+CD2-2BC CDcosC, 所以 AB2+AD2-2AB ADcosA=BC2+CD2-2BC
18、CDcosC, 则: cosA= . 于是 sinA= , 连结 AC,同理可得: cosB= , 于是 sinB= . 所以 . 20.如图,椭圆 E: (a b 0)的离心率是 22,过点 P(0, 1)的动直线 l 与椭圆相交于 A、 B 两点,当直线 l 平行于 x 轴时,直线 l被椭圆 E截得的线段长为 2 2 . ( )求椭圆 E 的方程; ( )在平面直角坐标系 xOy 中,是否存在与点 P 不同的定点 Q,使得 恒成立?若存在,求出点 Q 的坐标;若不存在,请说明理由 . 解析: ( )通过直线 l 平行于 x 轴时被椭圆 E 截得的线段长为 2 2 及离心率是 22,计算即得
19、结论; ( )通过直线 l 与 x 轴平行、垂直时,可得若存在不同于点 P 的定点 Q 满足条件,则 Q 点坐标只能是 (0, 2).然后分直线 l 的斜率不存在、存在两种情况,利用韦达定理及直线斜率计算方法,证明对任意直线 l,均有 即可 . 答案 : ( )直线 l 平行于 x 轴时,直线 l 被椭圆 E截得的线段长为 2 2 , 点 ( 2 , 1)在椭圆 E 上, 又离心率是 22, ,解得 a=2, b= 2 , 椭圆 E 的方程为: . ( )结论:存在与点 P 不同的定点 Q(0, 2),使得 恒成立 . 理由如下: 当直线 l 与 x 轴平行时,设直线 l 与椭圆相交于 C、
20、D两点, 如果存在定点 Q 满足条件,则有 =1,即 |QC|=|QD|. Q 点在直线 y 轴上,可设 Q(0, y0). 当直线 l 与 x 轴垂直时,设直线 l 与椭圆相交于 M、 N两点, 则 M、 N 的坐标分别为 (0, 2 )、 (0, - 2 ), 又 , ,解得 y0=1 或 y0=2. 若存在不同于点 P 的定点 Q 满足条件,则 Q 点坐标只能是 (0, 2). 下面证明:对任意直线 l,均有 . 当直线 l 的斜率不存在时,由上可知,结论成立 . 当直线 l 的斜率存在时,可设直线 l 的方程为 y=kx+1, A、 B 的坐标分别为 A(x1, y1)、 B(x2,
21、y2), 联立 ,消去 y 并整理得: (1+2k2)x2+4kx-2=0, =(4k)2+8(1+2k2) 0, x1+x2=- , x1x2=- , =2k, 已知点 B 关于 y 轴对称的点 B的坐标为 (-x2, y2), 又 kAQ= , kQB = , kAQ=kQB ,即 Q、 A、 B三点共线, . 故存在与点 P 不同的定点 Q(0, 2),使得 恒成立 . 21.已知函数 f(x)=-2(x+a)lnx+x2-2ax-2a2+a,其中 a 0. ( )设 g(x)是 f(x)的导函数,讨论 g(x)的单调性; ( )证明:存在 a (0, 1),使得 f(x) 0 在区间
22、(1, + )内恒成立,且 f(x)=0 在区间 (1,+ )内有唯一解 . 解析: ( )求出函数 f(x)的定义域,把函数 f(x)求导得到 g(x)再对 g(x)求导,得到其导函数的零点,然后根据导函数在各区间段内的符号得到函数 g(x)的单调期间; ( )由 f(x)的导函数等于 0 把 a 用含有 x 的代数式表示,然后构造函数 (x)= ,由函数零点存在定理得到 x0 (1, e),使得 (x0)=0.令 a0= , u(x)=x-1-lnx(x 1),利用导数求得 a0 (0, 1),然后进一步利用导数说明当 a=a0时,若 x (1, + ),有 f(x) 0,即可得到存在 a
23、 (0, 1),使得 f(x) 0 在区间 (1, + )内恒成立,且 f(x)=0 在区间 (1, + )内有唯一解 . 【解答】 ( )由已知,函数 f(x)的定义域为 (0, + ), g(x)=f (x)=2(x-a)-2lnx-2(1+ax), g (x)= . 当 0 a 14时, g(x)在 (0, ), ( , + )上单调递增, 在区间 ( , )上单调递减; 当 a 14时, g(x)在 (0, + )上单调递增 . ( )由 f (x)=2(x-a)-2lnx-2(1+ax)=0,解得 a= , 令 (x)= , 则 (1)=1 0, (e)=- 0. 故存在 x0 (1
24、, e),使得 (x0)=0. 令 a0= , u(x)=x-1-lnx(x 1), 由 u (x)=1-1x 0 知,函数 u(x)在 (1, + )上单调递增 . 0= 1. 即 a0 (0, 1), 当 a=a0时,有 f (x0)=0, f(x0)= (x0)=0. 由 ( )知, f (x)在 (1, + )上单调递增, 故当 x (1, x0)时, f (x) 0,从而 f(x) f(x0)=0; 当 x (x0, + )时, f (x) 0,从而 f(x) f(x0)=0. 当 x (1, + )时, f(x) 0. 综上所述,存在 a (0, 1),使得 f(x) 0 在区间 (1, + )内恒成立,且 f(x)=0 在区间 (1,+ )内有唯一解 .