1、2013届广州市白云区中考一模物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图所示，甲、乙、丙、丁是不同的声音输入到示波器上时所显示的波形图则下面说法中不正确的是（ ） A甲和乙声音的音调相同 B丙声音在空气中传播速度最快 C甲声音的响度最小 D丁声音属于噪声 答案： B 试题分析：音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高 响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大 音调跟发声体的材料、品质有关 相同时间内，振动的次数越多，频率越大；偏离原位置越远，振幅越大 A、从图中可以看出，相同时间内，甲和乙振动的频率相同，丙振动频率大，丁振动频率更大，所以音调相同的是甲和乙故 A正确，但不符合题意； B、声
2、音在空气中的传播速度是相同的，故 B错误；符合题意； C、甲振幅最小，丁的振幅较大，乙和丙振幅相同，故乙丙响度相同，甲的响度最小故 C正确，但不符合题意； D、丁图是无规则的振动，所以丁图属于噪音故 D正确，但不符合题意； 考点：频率及音调的关系；响度与振幅的关系 点评：通过比较声音的波形图来考查频率对音调的影响和振幅对响度的影响，解题的关键是能够从波形图上看懂频率和振幅 如图是某同学所连的两盏白炽灯和一个插座的电路图，通电后发现部分不能正常工作，为使电路中的灯泡能正常使用，下面几个措施中可行的是（ ） A拆掉灯泡乙，将灯座的两条导线连在一起 B拆掉灯泡甲，将插座的两条导线连在一起 C把甲的二
3、孔插座换成三孔插座并接地保护 D拆掉开关 S1，将拆后的两条导线连在一起 答案： B 试题分析：如图，因为插座的位置问题使得灯乙不能正常工作，分别分析拆掉灯甲、插座、灯乙分析，把两条导线连在一起时，电路所处的状态，看有无短路现象 A、拆掉灯泡乙，将灯座的两条导线连在一起，电路不通，不符合题意，故 A错误； B、拆掉灯泡甲，将插座的两条导线连在一起，灯乙组成通路，正常工作，符合题意，故 B正确； C、把甲的二孔插座换成三孔插座并接地保护，灯乙断路，同样不能工作，不符合题意，故 C错误； D、拆掉开关 S1，两条导线连在一起，和开关 S1闭合一样，灯乙同样不能正常工作，不符合题意，故 D错误 考点
4、：家庭电路的连接 点评：本题考查了学生对插座的连接方法、短路危害的了解和掌握，属于与实际用电相结合题目，有意义 如图是甲乙两电阻的电流与电压关系的图象，现将甲乙串联后接在电压为4.5V的电源两端下列分析正确的是（ ） A甲的阻值是乙阻值的两倍 B通过乙的电流比通过甲的电流大 C甲两端的电压比乙两端电压大 D乙消耗的电功率比甲的电功率大 答案： D 试题分析：（ 1）由 U-I图象分别找出电阻两端的电压与对应的电流，然后由欧姆定律分别求出两电阻的阻值； （ 2）根据串联电路的电路特点可知通过两电阻的电流关系，根据欧姆定律可知两电阻两端的电压关系，根据 P=I2R可知两者消耗电功率的关系 （ 1）
5、由图知，当 U 甲 =U 乙 =3V时， I 甲 =0.6A， I 乙 =0.3A， I=， R 甲 = = =5， R 乙 = = =10， 乙的阻值是甲阻值的两倍，故 A不正确； （ 2） 串联电路中各处的电路相等， 通过甲的电流和通过乙的电流相等，故 B不正确； U=IR， 甲两端的电压比乙两端的电压小，故 C不正确； P=I2R， 乙消耗的电功率比甲的电功率大，故 D正确 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电功率的计算 点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据图象得出两电阻之间的关系是关键 （ 2011 翁牛特旗）如图所示，小球沿轨道由静止从 A处运动到
6、 D处的过程中，忽略空气阻力和摩擦力，仅有动能和势能互相转化则（ ） A小球在 A处的动能等于在 D处的动能 B小球在 A处的动能大于在 D处的动能 C小球在 B处的机械能小于在 C处的机械能 D小球在 B处的机械能等于在 C处的机械能 答案： D 试题分析：该题仅有动能和势能的互相转化，所以可以通过比较小球所处的高度来分析重力势能和动能的大小小球在 A 处所处的高度最高，重力势能最大，动能最小；小球在 B处所处的高度最小，重力势能最小但动能最大另 外，小球在运动的过程中忽略空气阻力和摩擦力，没有能量的损耗，其动能和势能的总和（机械能）是不变的 对于 A、 B 选项：根据题意，小球在运动的过程
7、中仅有动能和势能互相转化，所以小球在重力势能较大的地方其动能肯定较小观察图象，发现小球在 A处比在 D处所处的高度较高，具有的重力势能较大，所以小球在 A处具有的动能较小，故 A、 B选项都不正确 对于 C、 D 选项：根据题意 “小球沿轨道由静止从 A 处运动到 D 处的过程中，忽略空气阻力和摩擦力，仅有动能和势能互相转化 ”，所以在整个过程中没有能量的损耗，动能和势能的总和即机械能是 不会减少的，小球在各处的机械能都是相等的，故 D符合题意， C不符合题意 考点：动能和势能的转化与守恒 点评：该题考查了能量的转化和能量的守恒对于动能和势能的相互转化问题，物体动能最大的时候势能最小，物体在势
8、能最大的地方动能最小如果忽略空气阻力和摩擦力，没有能量的损耗，其动能和势能的总和是不变的 下列交通运输工具的说法正确的是（ ） A 高速行驶的汽车具有稳定性，静止时不具有惯性 B 飞机机翼应用了液体压强与流速的关系 C 舰艇由长江驶入大海后，它受到的浮力增大 D 起重机将货物举得越高，机械效率越高 答案： B 试题分析：（ 1）一切物体都具有惯性； （ 2）流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大； （ 3）物体漂浮时：所受的浮力等于本身的重力 （ 4）知道有用功与总功的比值就是起重机的机械效率，产生额外功的因素是机械的重力和摩擦 A、所有物体在任何情况下都具有
9、惯性汽车运动时有惯性，静止时也有惯性；故 A错误； B、由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以机翼上、下方的空气流速不同；使受到一个向上的升力；故 B正确； C、舰艇由江中驶入大海后， 一直是处于漂浮状态，即所受的浮力等于本身的重力，因舰艇本身的重力没有改变，所以所受浮力不变，故 C错误； D、起重机将货物举得越高，有用功越多，但额外功也增加，机械效率不一定提高，故 D错误 考点：惯性；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用；机械效率 点评：题综合考查惯性、流体压强与流速的关系、物体浮沉的条件以及机械效率等内容；物体的浮沉条件的应用时要注意题目中的隐含条件：物体漂浮，所受重力不变等；机械效
10、率的变化注意判断有用功和总功的比值变化 药品检验中要利用红外线进行光谱分析下列关于红外线的说 法正确的是（ ） A红外线是可见光不是电磁波 B十字路口的红灯发出的光是红外线 C一红外线的波长为 10-4 m，则它的频率是 31012Hz D红外线在真空中的传播速度要小于 3108m/s 答案： C 试题分析：（ 1）在光谱中波长自 0.76至 400微米的一段称为红外线，红外线是不可见光，有热效应，穿透能力强 （ 2） c=f的变形应用 A、因红外线是一种不可见光，故 A错误； B、因红外线是一种不可见光，故十字路口的红灯发出的光不是红外线，故 B错误； C、 c=f， f= = =31012
11、Hz，故 C正确 D、红外线是一种不可见光，在真空中的传播速度是 3108m/s，故 D错误； 考点：波速、波长和频率的关系 点评：本题主要考查了对红外线的波长、速度、频率等相关认识，属于基础知识 蜡烛、凸透镜，光屏依次放在图所示的 A、 B、 C三处，这时光屏上恰好得到一个倒立、缩小的实像，根据图中数据，此凸透镜的焦距可能为（ ） A 28cm B 16cm C lOcm D 8cm 答案： C 试题分析：凸透镜成像时， u 2f，成倒立、缩小的实像根据物距和焦距的关系，求出凸透镜焦距的取值范 围 从图中可以看出，物距等于 28cm，像距等于 16cm，又成倒立缩小实像，所以28cm大于二倍
12、焦距，像距 16cm大于焦距小于二倍焦距； 则有： 28cm 2f， f 16cm 2f， 即 f 14cm， 8cm f 16cm， 故 8cm f 14cm 考点：凸透镜成像的应用 点评：此类题先根据题干中给出的像的性质，找出物距和焦距的不等式关系，解出焦距符合的条件，从选择项中选出正确答案： 酒精测试仪可检测驾驶员是否酒后驾车，如图甲所示是它的原理图，酒精气体传感器的电阻跟酒精气体浓度的关系如图乙所示 R0是定值电 阻如果测试到的酒精气体浓度越大，那么（ ） A传感器的电阻越大 B通过传感器的电流越小 C传感器两端的电压越大 D电压表的示数越大 答案： D 试题分析：从电路图上可以看出两
13、电阻串联，电压表测量 R0两端的电压，从图象上可以看出，当酒精气体浓度越大，酒精气体传感器电阻变小，根据欧姆定律判断电路中电流的变化和 R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断传感器两端电压的变化 由电路图可知，两电阻串联，电压表测量 R0两端的电压， 由图象可知，酒精气体浓度越大传感器的电阻越小，串联电路的总电阻越小，故 A不正确； I=， 电路中电流变大即通过传感器的电流变大，定值电阻 R0两端的电压变大即电压表的示数变大，故 B不正确， D正确； 串联电路中总电压等于各分电压之和， 在电源电压不变时，传感器两端的电压变小，故 C不正确 考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆
14、定律的应用 点评：本题考查了欧姆定律和串联电路特点的灵活运用和掌握，侧重考查了学生的读图能力，熟练的分析坐标图的含义是解决本题的关键 足球比赛中，一前锋球员踢出的任意球越 过人墙而弯入球门，如图所示若不计空气阻力，使足球在空中飞行时运动状态发生变化的施力物体是（ ） A地球 B前锋球员 C对方人墙 D对方守门员 答案： A 试题分析：（ 1）地球表面的一切物体都要受到重力的作用 （ 2）重力的施力物体是地球 空中飞行的足球沿抛物线运动，最终落到地面上，是由于受到了地球的吸引力即重力的作用，重力的施力物体是地球 考点：力的作用效果 点评：地球附近的物体都要受到重力的作用，要确定施力物体，首先要明
15、确足球受到的力有哪些 如图器材的设计中，主要是利用增大压力来达到增大摩擦的是（ ） A 鞋底凸凹不平的花纹 B 自行车刹车装置 C 行李箱可以滚动的轮子 D 矿泉水瓶盖上的条纹 答案： B 试题分析：增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力 减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动 A、鞋底凸凹不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，防止打滑，不符合题意； B、自行车刹车装置，是通过压力来增大摩擦，符合题意； C、行李箱可以滚动的轮子，用滚动代替滑动减小摩擦，不符合题意； D、矿
16、泉水瓶盖上的条纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，不符合题意 考点：增大或减小摩擦的方法 点评：本题考查了生活中增大和减小摩擦的方法，学好摩擦知识，增大有益摩擦，让摩擦为人们服务 如图所示的四种现象中，其物态变化过程要放热的是（ ） A 开空调房间的窗户玻璃上有水滴 B 用干手器将手烘干 C 春天冰雪消融 D 冰冻的衣服晾干 答案： A 试题分析：（ 1）在一定条件下，物体的三种状态 -固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化； （ 2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫
17、凝固 （ 3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华 A、玻璃上的水滴是水蒸气液化形成的，液化过程中放热；故 A正确； B、手上的水被吹干，是水发生了汽化现象，汽化过程中吸热；故 B错误； C、冰雪逐渐消融 ，是熔化现象，此过程吸热；故 C错误； D、结冰的衣服会变干，是由于衣服上的冰发生升华现象，升华过程中吸热；故 D错误； 考点：液化及液化现象 点评：分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识 机场安检过程中，防暴犬功不可没即便隔着
18、多层包装，防暴犬也能嗅出炸药的气味，这说明组成炸药的分子（ ） A相互之间存在斥力 B处于永不停息的运动中 C相互之间存在引力 D一直处于静止状态 答案： B 试题分析：即使隔着多层包装，由于炸药的分子是在不停的做无规则运动，所以当炸药分子运动到空气中时，防暴犬就会闻到炸药的气味 考点：分子的运动 点评：此题考查的是分子的运动形成的扩散现象，是一道基础题；考查的方式比较好，联系实际，体现了物理应用于生活的物理理念；解答此题的关键是我们要知道是用什么知识来解释 实验题 小明利用一个烧杯、天平和水（密度记为 水 ），测出了一小块不规则小石块的密度 （ 1）把图 1所示的托盘天平放在水平台上，调节天
19、平平衡时应将标尺上的游码移到标尺的 处，若这时天平还不平衡，则应 ，直到指针指到分度盘的中线处用天平测量小石块的质量，天平平衡时，右盘中的砝码和标尺上的游码如图 2所示，则小石块的质量 m= g （ 2）如图 3所示， A、往烧杯中加入适量的水，把小石块浸没，在水面位置做上标记； B、取出小石块，测得烧杯和水的总质量为 m1； C、往烧杯中加水，直到水面与标记相平，再测出此时烧杯和水的总质量为 m2 （ 3）用本题中使用的物理量符号表示石块的体积，其表达式为 V= ；石块密度的表达式为 石 = （ 4）用此方法测得的密度值将 （选填 “偏大 ”或 “偏小 ”） 原因： 答案：（ 1）零刻度；调
20、节平衡螺母； 66.4； （ 3） ； ； （ 4）偏小；取出小石块时有水粘在小石块上，使得所测烧杯中原来水的质量偏小，导致所加水的质量偏大，即小石块的体积偏大，所以计算得出其密度偏小 试题分析：（ 1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，调节平衡螺母使天平的横梁平衡 物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值 （ 2）石块浸没在水中，到达一个标记石块取出后增加水到标记处，小石块的体积等于增加水的体积 求出石块的质量和体积，根据密度公式求出石块的密度 （ 3）石块的质量测量是准 确的，石块从水中取出后，带走一部分的水，使增加水的体积稍大于石块的体积，求出石块的密度偏小 （ 1）把托盘天
21、平放在水平台上，将标尺上的游码移到标尺的零刻度处，调节平衡螺母，使天平的横梁平衡 石块的质量： m=50g+10g+5g+1.4g=66.4g （ 3）石块浸没在水中，记下标记，石块取出后，增加水到标记处，石块的体积等于增大水的体积 增加水的质量为： m=m2-m1， 增加水的体积为： V= = ； 石块的体积为： V= ； 石块的密度为： = = ； （ 4）取出石块时，石块上带走一部分水，要达到标记处，增加的水的体积大于石块的体积，石块体积的测量值偏大，质量是准确的，密度偏小 考点：固体密度的测量 点评：对于密度测量值偏大偏小的问题，一定要确定质量和体积哪个是准确的，分析另一者的偏大和偏小
22、，根据密度公式再判断密度的偏大和偏小 初三（ 2）班分组实验中，进行一下两个实验： （ 1）小明按如图 1 是 “探究电流通过导体产生热量与导体电阻关系 “的实验装置，两根阻值不等的锰铜丝和镍铬合金丝分别浸在质量和初温相同的煤油中，每一烧瓶各插入一支温度计闭合开关一段时间后， 两电阻丝产生的热量的多少通过 反映出来；采用这种连接方式的目的是： （ 2）小亮利用如图 2所示的电路，探究 “流过导体的电流跟电阻的关系 ”，得到的数据如下表： 实验次数 1 2 3 4 电阻 R/ 5 10 ？ 30 电流 I/A 0.6 0.3 0.2 0.1 在第一次实验得出数据后，断开开关小亮要把图 20中 R
23、的电阻阻值从 5换成 10的，再闭合开关，为得出表中第 2次实验数据，则滑动变阻器的滑片P （选填 “左移 ”、 “右移 ”或 “不移动 ”），目的是 第三次实验时，换上的定值电阻 R但忘记写下它的阻值，根据数据可计算出R= 答案：（ 1）比较两烧杯中煤油的末温；通过两导体的电流大小相等；（ 2） 右移；使电阻两端的电压保持不变； 15 试题分析：（ 1）根据 Q=cm t及串联电路电流的特点进行分析； 质量相同的相同物质，升高的温度越大，则吸收的热量较多； 串联电路中各处电路都相等； （ 2）探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，改变电阻； 根据串分压的知识判断换接电阻后电压表的示
24、数变化，从而判断出滑片的移动方向； 根据表格中其他数据利用公式 U=IR 计算出电压，然后根据 R=计算出电阻值 （ 1）两电阻丝产生的热量的多少通过比较两烧杯中煤油的末温反应出来，末温越高，说明产生的热量越多； 图 1两电阻丝串联，是为了使通过两导体的电流大小相等； （ 2） 把图 20中 R的电阻阻值从 5换成 10的，电压表的示数变大，则应将滑片向右移动，使电阻两端的电压保持不变； 由第 1组数据知， U=IR=0.6A5=3V，所以第三组实验中，电阻的值为 R= =15 考点：探究电流与电压、电阻的关系实验；焦耳定律 点评：此题是 “探究电流通过导体产生热量与导体电阻关系 “及探究 “
25、流过导体的电 流跟电阻的关系 ”实验，考查了控制变量法的应用，涉及到了串联电路电流的特点及串分压的知识，同时考查了有关欧姆定律的应用 （ 1）在图甲所示的电路中，上有几根导线未连接，请用笔画线代替导线，要求：闭合开关后， L1和 L2并联发光，且电流表测 L2的电流 （ 2）开关闭合后，电流表示数 0.46A，请在图乙中画出指针所指位置，同时画出接线柱的接线 答案： 试题分析：（ 1）由题意可知，两灯泡并联，电流表测 L2的电流说明电流表位于 L2的支路，据此连接电路图； （ 2）电流表的示数为 0.46A，则量程应选 0 0.6A，然后确定分度值画出指针的位置 （ 1）两灯泡并联，电流表与
26、L2串联，电路图如下所示： （ 2）电流表选 “-”和 “0.6”的接线柱，分度值为 0.02A，指针位于 0.4的右侧 3个刻度，如下图所示： 考点：实物的电路连接；电流表的读数方法 点评：本题考查了实物电路图的连接和电流表的使用，关键是电流表量程的选择，难度不大，是一道基础题目 小聪同学在学习了阿基米德原理时想到 “物体受到浮力大小可能还跟物体的密度有关？ ”、 “没有天平和量筒，只用弹簧测力计和水也能测铁块等的密度 ”，他选取了两块体积和形状都相同的 实心铜块和铁块（已知铜的密度大于铁的密度），进行了如图的实验 （ 1）步骤 C中的铁块在水中所受到的浮力为 N （ 2）验证物体所受的浮力
27、大小是否与物体的密度有关？ 小聪应该选取图中的 等步骤（填字母符号）进行对比，根据他所选择的几个图中弹簧测力计的示数可以知道铜块受到的浮力 （选填 “大于 ”、 “等于 ”或 “小于 ”）铁块受到的浮力由此得出物体所受的浮力大小与物体的密度 （选填 “有关 ”或 “无关 ”） （ 3）按照图中的 A、 C、 D步骤实验，可以得出的结论是： （ 4）利用本实验的数据，测得铁块的密度大小是 kg/m3 答案：（ 1） 0.3；（ 2） ABDE；等于；无关；（ 3）物体排开的液体体积越大，受到的浮力越大；（ 4） 8.0103 试题分析：（ 1）已知铁块重力和浸在液体中弹簧测力计的示数，利用称重法
28、可以得到此时受到的浮力； （ 2）要验证物体受到的浮力与密度是否有关，需要使密度不同的物体浸入同一种液体，并且排开液体的体积相同，根据称重法得到密度不同的物体受到的浮力进行比较； （ 3）同一物体排开液体体积不同，受到的浮力不同，对应关系从拉力大小确定； （ 4）已知铁块 受到的浮力和水的密度，利用阿基米德原理变形公式得到铁块排开水的体积，也就是铁块的体积；已知铁块的重力，可以得到质量，已知质量和体积，利用公式 =得到密度 （ 1）已知铁块的重力为 G=4N，部分浸入水中时，弹簧测力计的示数为 F=3.7N，所以受到的浮力为 F 浮 =G-F=4N-3.7N=0.3N； （ 2）要验证物体受到
29、的浮力与物体密度的关系，需要分别测出体积相同的铁块和铜块的重力，然后金属块浸没在水中，分别读出弹簧测力计的拉力，最后利用称重法计算金属块受到的浮力，所以实验过程为 ABDE； 铁块受到的浮力为 F 铁 =4N-3.5N=0.5N，铜块受到的浮力为 F 铜 =4.4N-3.9N=0.5N，所以铜块受到的浮力等于铁块受到的浮力，说明物体所受的浮力大小与物体的密度无关； （ 3）由实验步骤 A、 C、 D可以看出，铁块排开水的体积越大，弹簧测力计的拉力越小，也就是铁块受到的浮力越大，所以实验结论是：物体排开的液体体积越大，受到的浮力越大； （ 4）由实验步骤 D得铁块此时受到的浮力为 0.5N， 所
30、以铁块的体积为 V=V 排 = = 0.510-4m3， 铁块的密度为 = = 8103kg/m3 考点：探究浮力大小的实验 点评：题是阿基米德原理的验证性实验，同时还探究了浮力与物体密度的关系以及利用阿基米德原理测量不规则固体密度，综合性较强，注意实验设计的严谨性和正确应用控制变量法 填空题 如图所示，用滑轮组提升重物时，重 800N 的物体在 10s 内匀速上升了 1m，已知拉绳子的力 F为 500N，则提升重物的过程中，绳子自由端被拉下 m；做的有用功是 J；滑轮组的机械效率是 ；拉力 F的功率是 W 答案：； 800； 80%； 100 试题分析：（ 1）由题意可知连接动滑轮的绳子有效
31、股数为 2股，绳子自由端移动距离是物体上 升距离的 2倍； （ 2）根据 W=Gh求出工人所做的有用功，根据 W=Fs和 G=mg求出总功，利用机械效率公式求出机械效率 （ 3）已知总功和时间，根据公式 P= 可以拉力的功率 （ 1）由图可知绳子有效股数 n=2， 绳子自由端被拉下 S=nh=21m=2m； （ 2）所做的有用功 W 有 =Gh=mgh=800N1m=800J， 总功 W=Fs=500N2m=1000J， 机械效率 = 100%= 100%=80% 拉力的功率 P= = =100W 考点：有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算 点评：本题考查了有用功、总功、机械效率、
32、功率的计算，区分有用功、额外功和总功（从我们做功的目的出发，对我们有用的为有用功，对我们无用但又不得不做的功为额外功，拉力对机械做的功为总功）是本题的关键 （ 2012 江都市一模）图是动圈式话筒（麦克风）和扬声器（喇叭）的构造示意图当人对着话筒讲话时，产生的声音使膜片以及与之相连的线圈一起振动，线圈在磁场中的这种运动，能产生随着声音变化的电流；变化的电流经放大器放大后，通过扬声器的线圈，由于通过线圈中的电流是交变电流，通电线圈就在磁场中来回振动，带动纸盆也来回振动 ，扬声器就发出声音根据以上原理，请你思考并回答： （ 1）图示装置的主要目的是为了改变声音的 （音调 /响度 /音色）； （ 2
33、）话筒是一种把声信号转化为电信号的装置，它利用了 原理； （ 3）当扬声器中的线圈通过的电流方向如图所示时，线圈向左运动，那么当电流方向改变时，线圈将向 运动，与扬声器原理相似的是 （电动机 /发电机） 答案：（ 1）响度；（ 2）电磁感应；（ 3）右；电动机 试题分析：（ 1）声音的三要素是：音调、响度和音色；响度是指声音的大小 （ 2）动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用 （ 3）通电线圈在磁场中要受到力的作用，受力方向与电流方向和磁感线方向有关，当电流的方向或者磁感线的方向变得相反时，通电导线受力的方向也变得相反 （ 1）声音经过扩音器后声音更大，所以它的主要目的是为了改变声音的响
34、度； （ 2）声音使膜片振动，使线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流这是电磁感应现象 （ 3）当给线圈通电时，通电线圈就会在磁场中受到力的作用，力的方向跟电流的方向有关所以当电流方向改变时，线圈的受力方向就变得相反，则线圈将向右运动；与扬声器原 理相似的是电动机，电动机也是依据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，而发电机的原理是电磁感应 考点：电磁感应；响度；磁场对通电导线的作用 点评：扬声器是把电信号转换成声信号的一种装置，它的原理是通电线圈在磁场中受力而运动，由此带动纸盆振动发出声音扬声器的原理和电动机的原理是相同的，动圈式话筒和发电机的原理是相同的 （ 1）取质量相同的甲、乙两种
35、固态物质，用同样的酒精灯同时加热，如图1为他们的熔化图象，由此可以判断 物质是晶体观察加热的前 5min可知：固态物质甲的比热容比固态物质乙的比热容 （ 2）向图 2中两杯水同时滴入同样多的红墨水，根据现象比较它们的内能大小 （选填 “甲大 ”、 “乙大 ”或 “一样大 ”），判断的依据时： 答案：（ 1）甲；小；（ 2）乙大；温度越大，分子运动越剧烈，扩散越快；而相同的物体，其温度越高，内能越大 试题分析：（ 1）掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别： 晶体在熔化过程中吸热，但温度保持层不变；非晶体在熔化过程中吸热温度不断升高； 根据公式 c= 结合图象分析两物质的比热容的大小； （ 2）根据
36、扩散现象判断温度的高低，扩散现象快的分子运动快，温度较高 （ 1）由 图 1知，甲在 BC 段吸热温度保持不变，说明甲是晶体；乙在整个过程中吸热温度不断升高，没有一定的熔点，是非晶体； 前 5分钟，由图象知，质量相同的甲乙吸收相同的热量，甲温度升高的快，根据 c= ，则说明甲的比热容小； （ 2）由图 2知，红墨水在乙中扩散速度快，所以乙的温度较高，分子运动的较快，又量杯水的体积相同，可知质量相等，所以乙的内能较大； 考点：熔化和凝固的温度 时间图象；内能的概念；比热容的概念 点评：此题通过对图象的分析，考查了学生对晶体和非晶体在熔化中的特点，同时考查了对比热容的理解，还考查了扩散与温度的 关
37、系及影响内能大小的因素 1、在分析熔化图象时，根据是否有一段时间内温度保持不变来判断晶体还是非晶体； 2、在分析根据比热容有关的问题时，最好依据公式或变形公式； 3、比较内能大小时，必须是相同物体、相同质量，此时才能根据温度的高低比较大小 （ 2012 常州） 2012年 3月，英国科学家研发出 “激光橡皮 ”，专门用来去除白纸上的黑色碳粉字迹激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接 （填物态变化名称）为高温碳蒸气，同时字迹消失，这是 能转化为 能的过程为防止高温对纸张的破坏，激光照射时间需严格控制 答案：（ 1）升华；（ 2）光；内 试题分析：（ 1）在一定条件下，物质的三种状态间可以相互转化；物质
38、由固态直接变为气态，叫升华 （ 2）自然界中的各种能量之间会发生转化现象，光能和内能之间也会发生相互的转化 （ 1）激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接变为高温碳蒸气，即物质由固态直接变为气态，也就是发生了升华现象； （ 2）激光照射下，纸张上的黑色碳粉温度升高，内能增大；即发生了光能向内能的转化； 考点：生活中的升华现象；能量转化的现象 点评：可对物质发生物态变化前后的状态进行分析，从而得出是发生了哪种物态变化；分 析题目中涉及的能量问题，消耗了什么能量，得到了什么能量，然后可得出能量转化的具体情况 计算题 （ 2010 金华）黑夜看不见开关位置，为此小明设计了如图所示的电路当单刀双掷开关 S合
39、向 b时，照明灯亮、指示灯灭，避免指示灯费电； S合向 a时，照明灯灭、指示灯亮，显示开关位置（ S只能处于这两种状态）他在如图所示方框中完成指示灯和电阻丝的连接电路，指示灯规格为 “10V， 1W” （ 1）照明灯正常工作时的电阻是多少？ （ 2）若照明灯正常工作 6h，这段时间内照明灯需消耗多少电能？ （ 3）为使指示灯正常发光，需接上 多大电阻的电阻丝？ 答案：（ 1）照明灯正常工作时的电阻是 484欧；（ 2）照明灯需消耗电能为 0.6KWh；（ 3）需接 2100欧的电阻 试题分析：（ 1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据 R= 求出照明电路正常工作的电阻值； （ 2）已知灯泡的功
40、率和工作时间，根据 W=Pt即可求出； （ 3）已知指示灯的额定电压和功率，先根据 I=求出指示灯正常工作时电路中的电流，再根据 R=求出电阻丝的阻值 已知： U 灯 =220V， P 灯 =100W=0.1KW， U=10V， P=1W， t=6h 求： R 灯 ， W 灯 ， R 解：（ 1） ； （ 2） W 灯 =P 灯 t=0.1KW6h=0.6KW h （ 3） I= =0.1A， 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电功的计算；电功率的计算 点评：本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电压规律、电功的计算和电功率的计算，是一道综合性较强的应用题 我国自行研发的纯电动中巴车的质
41、量约为 2000kg，平直路面上静止时轮胎与路面接触的总面积约为 0.2m2，以 30m/s的速度沿水平路面匀速行驶时的输出功率约 72kW， g取 10N/kg （ 1）中巴车所受的重力是多少？ （ 2）静止在平直路面时中巴车对路面的压强 是多少？ （ 3）中巴车以 30m/s匀速行驶时，所受阻力是多少？ （ 4）中巴车改用汽油机作动力，汽油发动机效率为 20%以 72kW的输出功率行驶 1h，至少要燃烧多少 kg汽油？（汽油的热值为 4.5107J/kg） 答案：（ 1）中巴车所受的重力是 2104N； （ 2）静止在平直路面时中巴车对路面的压强是 1105Pa； （ 3）中巴车以 30m
42、/s匀速行驶时，所受阻力是 2400N； （ 4）至少要燃烧多少 28.8kg汽油 试题分析：（ 1）已知中巴车的质量约为 2000kg， g取 10N/kg，利用公式 G=mg代入数值就 可以计算出中巴车的重力； （ 2）已知中巴车静止时轮胎与路面接触的总面积约 0.2m2，又因为中巴车受到的压力等于它的重力，利用公式 p=就可以计算出中巴车对路面的压强； （ 3）已知中巴车的速度是 30m/s，匀速行驶时的输出功率约是 72kW，利用公式 P=Fv的变形就可以计算出牵引力，再利用二力平衡的知识可知中巴车匀速行驶牵引力等于阻力，就可以求出中巴车所受阻力； （ 4）已知输出功率是 72kW，行
43、驶时间是 10min，可利用 W=Pt计算出功，根据此中巴车改用效率为 20%的汽油机作动力求出 Q，最后利用 Q=mq计算出汽油的质量 （ 1）中巴车所受的重力： G=mg=2000kg10N/kg=2104N； （ 2）中巴车对路面的压力： F=G=2104N； 中巴车对路面的压强： p= =1105Pa； （ 3） P=72kW=72000W， 由 P=Fv得： F= =2400N； 由中巴车匀速行驶可知，中巴车受到的阻力等于牵引力即 f=F=2400N； （ 4） P=72kW=72000W， t=1h=3600s； 由 P= 得： W=Pt=72000W3600s=2.592108J
44、； 因为此中巴车改用效率为 20%的汽油机作动力，即 Q= =1.296109J， 由 Q=mq得： m= =28.8kg 考点：重力的计算；压强的大小及其计算；功的计算公式的应用；燃料的热值 点评：本题的综合性强，涉及到重力、压强、牵引力、热值的有关计算，做题时要熟练掌握相关的公式，找出题干中隐含的等量关系，最后代入数值计算 作图题 （ 2008 黄冈）小明站在游泳池边 A处，看到路灯 B在池水中的像与他看到的池中一条鱼在 C点重合，用光学作图法确定路灯 B的位置和鱼的大致位置 答案： 试题分析：（ 1）路灯 B在池水中的像是平面镜成的虚像，水面相当于镜面，像物关于平面镜对称，作出路灯 B；
45、 （ 2）看到的池中鱼是光的折射形成的虚像，根据光从水中斜射入空气中时折射角大于入射角的规律作出鱼的大致位置 （ 1）根据平面镜成像特点：像与物关于平面镜对称，作出像 C的物体路灯 B，连线用虚线；在空气中看去，光好像是从像 C点发出，连接 AC，与水面的交点即为入射点 O，连接 BO 为入射光线， OA为反射光线，完成平面镜成像的光路图； （ 2）鱼的像也在 C点，首先作出法线，根据光从水中斜射入空气中时折射角大于入射角的规律，作出入射光线的大致光路 图 CO， OA为折射光线， C在 C点的下方 故答案：为： 考点：作光的折射光路图；平面镜成像的相关作图 点评：本题的难点是作出路灯 B，需要记牢平面镜成像特点，并能熟练的作出C点的对称图形 （ 2011 老河口市模拟）在图中，画出作用在 “开瓶起子 ”上动力 F1的力臂和阻力 F2的示意图 答案： 试题分析：支点为点 O，动力力臂为支点 O 到 F1的作用线的距离，阻力的作用点在起子与瓶盖下端的接触点处，方向向下 考点：力臂的画法；力的示意图 点评：本题考查了力的示意图和力臂的作法力臂是指支点到力的作用线的距离
